《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 分層規(guī)范快練33 電磁感應(yīng)中的電路和圖象問(wèn)題 新人教版》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 分層規(guī)范快練33 電磁感應(yīng)中的電路和圖象問(wèn)題 新人教版（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、分層規(guī)范快練(三十三)　電磁感應(yīng)中的電路和圖象問(wèn)題 [雙基過(guò)關(guān)練] 1．[2019·山東德州調(diào)研]如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬導(dǎo)線(xiàn)彎成一圓環(huán)，導(dǎo)線(xiàn)的兩端接在電容為C的平行板電容器上，P、Q為電容器的兩個(gè)極板，磁場(chǎng)方向垂直于環(huán)面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝B0＋Kt(K>0)隨時(shí)間變化．t＝0時(shí)，P、Q兩極板電勢(shì)相等，兩極板間的距離遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑．經(jīng)時(shí)間t，電容器的P極板(　　) A．不帶電 B．所帶電荷量與t成正比 C．帶正電，電荷量是 D．帶負(fù)電，電荷量是 解析：由于K>0，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，所以感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反，由右手螺旋定則，感應(yīng)電流方向逆時(shí)針，在電源內(nèi)部電流

2、從負(fù)極流向正極，所以P極板為電源負(fù)極，帶負(fù)電，由U＝＝K·π2＝，q＝CU＝，故選項(xiàng)D正確． 答案：D 2．(多選)一環(huán)形線(xiàn)圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，設(shè)第1 s內(nèi)磁感線(xiàn)垂直線(xiàn)圈平面(即垂直于紙面)向里，如圖甲所示．若磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，則第4 s內(nèi)(　　) A．線(xiàn)圈中有順時(shí)針?lè)较颉⒋笮『愣ǖ母袘?yīng)電流 B．線(xiàn)圈中有逆時(shí)針?lè)较?、大小恒定的感?yīng)電流 C．線(xiàn)圈有向外膨脹的趨勢(shì) D．線(xiàn)圈所受安培力沿逆時(shí)針?lè)较蚯遗c圓相切 解析：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率成正比，線(xiàn)圈面積不變，且線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，故磁通量變化率與磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率成正比，由B－t圖

3、象可知，第4 s內(nèi)，圖象斜率一定，故線(xiàn)圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小一定，方向不變，則感應(yīng)電流大小一定，方向不變，由楞次定律可知，第4 s內(nèi)感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；由楞次定律可知，第4 s內(nèi)線(xiàn)圈具有向外膨脹的趨勢(shì)，C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤． 答案：BC 3．[2019·河北唐山一模]如圖所示，在水平光滑的平行金屬導(dǎo)軌左端接一定值電阻R，導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．現(xiàn)給導(dǎo)體棒一向右的初速度，不考慮導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌電阻，下列圖線(xiàn)中，導(dǎo)體棒速度隨時(shí)間的變化和通過(guò)電阻R的電荷量q隨導(dǎo)體棒位移的變化描述正確的是(　　) 解析：導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受向左的安培力F＝

4、，安培力阻礙棒的運(yùn)動(dòng)，速度減小，由牛頓第二定律得棒的加速度大小a＝＝，則a減小，v－t圖線(xiàn)斜率的絕對(duì)值減小，故B項(xiàng)正確，A項(xiàng)錯(cuò)誤．通過(guò)R的電荷量q＝IΔt＝Δt＝·Δt＝＝x，可知C、D錯(cuò)誤． 答案：B 4．[2019·陜西渭南質(zhì)檢](多選)如圖所示，變化的磁場(chǎng)中放置一固定的導(dǎo)體圓形閉合線(xiàn)圈，圖甲中所示的磁感應(yīng)強(qiáng)度和電流的方向?yàn)樵O(shè)定的正方向，已知線(xiàn)圈中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示．則在下圖中可能是磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖象是(　　) 解析：在0～0.5 s，電流為負(fù)值，可推得磁感應(yīng)強(qiáng)度向內(nèi)增加或向外減少，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在0.5～1.5 s內(nèi)，電流為正值，在這段時(shí)間內(nèi)，

5、磁感應(yīng)強(qiáng)度向內(nèi)減少或向外增加，當(dāng)然也可以先是向內(nèi)減少，然后是向外增加，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在1.5～2.5 s，電流為負(fù)值，可知磁感強(qiáng)度向內(nèi)增加或向外減少，在以后的變化過(guò)程中 ，磁場(chǎng)都做周期性的變化，選項(xiàng)B、D都正確． 答案：BD 5．如圖所示為兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直紙面向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，距磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)L處，有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)體線(xiàn)框，總電阻為R，且線(xiàn)框平面與磁場(chǎng)方向垂直，現(xiàn)用外力F使線(xiàn)框以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)的電動(dòng)勢(shì)E為正，磁感線(xiàn)垂直紙面向里時(shí)磁通量Φ的方向?yàn)檎?，外力F向右為正．則以下關(guān)于線(xiàn)框中的磁通量Φ

6、、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E、外力F和電功率P隨時(shí)間變化的圖象正確的是(　　) 解析：當(dāng)線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)L時(shí)開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)，磁通量開(kāi)始增加，當(dāng)全部進(jìn)入時(shí)達(dá)到最大；此后向外的磁通量增加，總磁通量減??；當(dāng)運(yùn)動(dòng)到2.5L時(shí)，磁通量最小，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)線(xiàn)框進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，由E＝BLv可知，E保持不變，而開(kāi)始進(jìn)入第二個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，兩邊同時(shí)切割磁感線(xiàn)，電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為2BLv，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因安培力總是與運(yùn)動(dòng)方向相反，故拉力應(yīng)一直向右，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；拉力的功率P＝Fv，因速度不變，而線(xiàn)框在第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，電流為定值，拉力也為定值；兩邊分別在兩個(gè)磁場(chǎng)中時(shí)，由選項(xiàng)B的分析可知，電流加倍，回路中總電動(dòng)勢(shì)加倍．功率變?yōu)樵瓉?lái)的4倍；此后

7、從第二個(gè)磁場(chǎng)中離開(kāi)時(shí)，安培力應(yīng)等于線(xiàn)框在第一個(gè)磁場(chǎng)中的安培力，所以功率應(yīng)等于在第一個(gè)磁場(chǎng)中的功率，故選項(xiàng)D正確． 答案：D 6．[2019·湖北咸寧聯(lián)考]如圖所示，水平面上有兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行固定放置，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，間距為l＝0.5 m，左端通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)與阻值R＝3 Ω的電阻連接，右端通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)與阻值為RL＝6 Ω的小燈泡L連接，在CDFE矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.2 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一根阻值r＝0.5 Ω、質(zhì)量m＝0.2 kg的金屬棒在恒力F＝2 N的作用下由靜止開(kāi)始從AB位置沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)t＝1 s剛好進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域．求金屬棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)： (1)金屬棒切割磁感線(xiàn)產(chǎn)

8、生的電動(dòng)勢(shì)； (2)小燈泡兩端的電壓和金屬棒受到的安培力． 解析：(1)0～1 s棒只受拉力，由牛頓第二定律得 F＝ma，金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)前的加速度a＝＝10 m/s2. 設(shè)其剛要進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v，v＝at＝10×1 m/s＝10 m/s. 金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)切割磁感線(xiàn)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝Blv＝0.2×0.5×10 V＝1 V. (2)小燈泡與電阻R并聯(lián)，R并＝＝2 Ω，通過(guò)金屬棒的電流大小I＝＝0.4 A，小燈泡兩端的電壓U＝E－Ir＝1 V－0.4×0.5 V＝0.8 V. 金屬棒受到的安培力大小FA＝BIl＝0.2×0.4×0.5 N＝0.04 N，由右手定則和左手定則可判斷安

9、培力方向水平向左． 答案：(1)1 V (2)0.8 V　0.04 N，方向水平向左 [技能提升練] 7．(多選)如圖甲所示，螺線(xiàn)管內(nèi)有一平行于軸線(xiàn)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，規(guī)定圖中箭頭所示方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度B的正方向，螺線(xiàn)管與U形導(dǎo)線(xiàn)框cdef相連，導(dǎo)線(xiàn)框cdef內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L，圓環(huán)與導(dǎo)線(xiàn)框cdef在同一平面內(nèi)．當(dāng)螺線(xiàn)管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按圖乙所示規(guī)律變化時(shí)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．在t1時(shí)刻，金屬圓環(huán)L內(nèi)的磁通量為零 B．在t2時(shí)刻，金屬圓環(huán)L內(nèi)的磁通量為零 C．在t1～t2時(shí)間內(nèi)，金屬圓環(huán)L內(nèi)有順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 D．在t1～t2時(shí)間內(nèi)，金屬圓環(huán)L有擴(kuò)張

10、趨勢(shì) 解析：由題中圖乙的B－t圖象可知，t1時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為零，則感應(yīng)電流為零，L內(nèi)的磁通量為零，選項(xiàng)A正確；在t2時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，但是磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率最大，則感應(yīng)電流最大，通過(guò)金屬圓環(huán)的磁通量最大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在t1～t2時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率不斷變大，則線(xiàn)框內(nèi)的感應(yīng)電流不斷變大，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)框中的電流方向由f到c，根據(jù)右手螺旋定則，穿過(guò)圓環(huán)的磁通量垂直紙面向外增大，根據(jù)楞次定律可知，在金屬圓環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，選項(xiàng)C正確；在t1～t2時(shí)間內(nèi)，L內(nèi)的磁通量增加，由楞次定律可以確定L必須減小面積以達(dá)到阻礙磁通量增加的目的，故有收縮趨勢(shì)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 答

11、案：AC 8．如圖所示，直角三角形ADC區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AD邊長(zhǎng)為2L，直角三角形導(dǎo)線(xiàn)框abc與直角三角形ADC相似，ab邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，∠ACD＝∠acb＝30°，線(xiàn)框在紙面內(nèi)，且bc邊和DC邊在同一直線(xiàn)上，bc邊為導(dǎo)線(xiàn)，電阻不計(jì)，ab邊和ac邊由粗細(xì)均勻的金屬桿彎折而成．現(xiàn)用外力使線(xiàn)框以速度v勻速向右運(yùn)動(dòng)通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，則線(xiàn)框在通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，Uab隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象正確的是(　　) 解析：線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，ac邊切割磁感線(xiàn)的有效長(zhǎng)度均勻增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻增大，a、b兩端的電勢(shì)差Uab均勻增大，當(dāng)ab邊剛要進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)的速度為v，最大

12、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BLv，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍捎赼c邊長(zhǎng)為ab邊長(zhǎng)的2倍，Uab＝－BLv；線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)后，回路中沒(méi)有感應(yīng)電流，Uab＝－BLv；在線(xiàn)框出磁場(chǎng)的過(guò)程中，線(xiàn)框ab邊切割磁感線(xiàn)，且切割磁感線(xiàn)的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻減小，且ac邊剛出磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，為E＝BLv，此時(shí)Uab＝－BLv，選項(xiàng)B正確． 答案：B 9. 如圖所示，間距為L(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌彎成“∠”形，底部導(dǎo)軌面水平，傾斜部分與水平面成θ角，導(dǎo)軌與固定電阻相連，整個(gè)裝置處于豎直向上的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．導(dǎo)體棒ab與cd均垂直于導(dǎo)軌放置，且與導(dǎo)軌間接觸良好，兩導(dǎo)體棒的電阻均與阻值為

13、R的固定電阻相等，其余部分電阻不計(jì)，當(dāng)導(dǎo)體棒cd沿導(dǎo)軌向右以速度v勻速滑動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒ab恰好在傾斜導(dǎo)軌上處于靜止?fàn)顟B(tài)，導(dǎo)體棒ab的重力為mg，則(　　) A．導(dǎo)體棒cd兩端的電壓為BLv B．t時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體棒cd橫截面的電荷量為 C．cd棒克服安培力做功的功率為 D．導(dǎo)體棒ab所受安培力為mgsin θ 解析： 根據(jù)題意畫(huà)出等效電路如圖甲所示．導(dǎo)體棒cd產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝BLv，導(dǎo)體棒cd兩端的電壓是路端電壓，為E＝BLv，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；通過(guò)cd棒的電流I＝＝，在時(shí)間t內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體棒 cd橫截面的電荷量為q＝It＝，選項(xiàng)B正確；對(duì)ab棒進(jìn)行受力分析如圖乙所示，由于ab棒

14、靜止，所以ab棒所受安培力Fab＝mgtanθ，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；由功能關(guān)系知cd棒克服安培力做功的功率等于整個(gè)電路的電功率，為P＝＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤． 答案：B 10．[2019·北京順義高三一模]如圖，在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝1.0 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為L(zhǎng)＝0.4 m．一質(zhì)量為m＝0.2 kg、電阻R0＝0.5 Ω的導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好．若軌道左端P點(diǎn)接一電動(dòng)勢(shì)為E＝1.5 V、內(nèi)阻為r＝0.1 Ω的電源和一阻值R＝0.3 Ω的電阻．軌道左端M點(diǎn)接一單刀雙擲開(kāi)關(guān)K，軌道的電阻不計(jì)．求： (1)單刀雙

15、擲開(kāi)關(guān)K與1閉合瞬間導(dǎo)體棒受到的磁場(chǎng)力F； (2)單刀雙擲開(kāi)關(guān)K與1閉合后導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)的最大速度vm； (3)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，單刀雙擲開(kāi)關(guān)K與1斷開(kāi)，然后與2閉合，求此后在電阻R上產(chǎn)生的電熱QR和導(dǎo)體棒前沖的距離x. 解析：(1)I＝＝2.5 A　F＝BIL＝1 N. (2)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BLvm＝1.5 V，解得vm＝3.75 m/s. (3)單刀雙擲開(kāi)關(guān)K與2閉合后，導(dǎo)體棒在向左的安培力作用下最后停止，設(shè)電路中產(chǎn)生的總電熱為Q，由能量守恒可得Q＝mv＝1.4 J，在電阻R上產(chǎn)生的電熱QR＝Q＝0.53 J. 在此過(guò)程中由動(dòng)量定理可得－安·Δt＝0－mvm，又安＝BL，＝，＝，ΔΦ＝B·ΔS＝BLx，整理可得＝mvm，解得x＝3.75 m. 答案：(1)1 N　(2)3.75 m/s　(3)0.53 J　3.75 m 7