《2020年高考物理 刷題1+1（2019模擬題）組合模擬卷五（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020年高考物理 刷題1+1（2019模擬題）組合模擬卷五（含解析）（14頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、組合模擬卷五 第Ⅰ卷(選擇題，共48分) 二、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分) 14．(2019·全國卷Ⅱ)太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子—質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為 4H→He＋2e＋2ν 已知H和He的質(zhì)量分別為mp＝1.0078 u和mα＝4.0026 u,1 u＝931 MeV/c2，c為光速。在4個(gè)H轉(zhuǎn)變成1個(gè)He的過程中，釋放的能量約為(　　) A．8 MeV B．16 MeV C．26 MeV

2、 D．52 MeV 答案　C 解析　因電子的質(zhì)量遠(yuǎn)小于質(zhì)子的質(zhì)量，計(jì)算中可忽略不計(jì)。 質(zhì)量虧損Δm＝4mp－mα 由質(zhì)能方程得ΔE＝Δmc2＝(4×1.0078－4.0026)×931 MeV≈26.6 MeV。C正確。 15．(2019·寧夏吳忠高三上學(xué)期期末)如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于斜面向上，通有電流I的金屬細(xì)桿水平靜止在斜面上。若電流變?yōu)?.5I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B，電流和磁場的方向均不變，則金屬細(xì)桿將(　　) A．沿斜面加速上滑 B．沿斜面加速下滑 C．沿斜面勻速上滑 D．仍靜止在斜面上 答案　A 解析　

3、最初金屬細(xì)桿受到三個(gè)力作用，且合力為零，如圖所示。 由平衡條件可知，安培力F＝BIL＝mgsinθ，若電流變?yōu)?.5I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B，則安培力F1＝3B×0.5I×L＝1.5mgsinθ，根據(jù)牛頓第二定律，有F1－mgsinθ＝ma，故金屬細(xì)桿將以a＝0.5gsinθ的加速度沿著斜面加速上滑，A正確。 16．(2019·廣西柳州高三1月?？?如圖所示，虛線AB和CD分別為橢圓的長軸和短軸，相交于O點(diǎn)，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別處于橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)M、N上，下列說法中正確的是(　　) A．C、D兩處電勢(shì)、場強(qiáng)均相同 B．A、B兩處電勢(shì)、場強(qiáng)均相同 C．在虛線AB上O點(diǎn)的場強(qiáng)

4、最大 D．帶正電的試探電荷在O處的電勢(shì)能小于在B處的電勢(shì)能 答案　A 解析　由等量異種點(diǎn)電荷周圍電場線和等勢(shì)面的分布情況可知，A、B兩處電勢(shì)不相等，場強(qiáng)相同，C、D兩處電勢(shì)、場強(qiáng)均相同，A正確，B錯(cuò)誤；越靠近點(diǎn)電荷場強(qiáng)越大，C錯(cuò)誤；若規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則O處電勢(shì)為0，B點(diǎn)電勢(shì)小于0，則帶正電的試探電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，D錯(cuò)誤。 17．(2019·貴陽一模)2017年，人類第一次直接探測(cè)到來自雙中子星合并的引力波信號(hào)。根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過程，在兩顆中子星合并之前，它們繞二者連線上的某點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，且二者越轉(zhuǎn)越近，最終碰撞在一起，形成新的天體。若將兩顆中子星都看做是質(zhì)量

5、均勻分布的球體，則此過程中兩中子星的(　　) A．線速度逐漸變小 B．角速度保持不變 C．周期逐漸變大 D．向心加速度逐漸變大 答案　D 解析　設(shè)兩顆中子星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L，則L＝r1＋r2，根據(jù)萬有引力提供向心力可知：＝m1r1ω2①，＝m2r2ω2②，①＋②整理可得：＝(r1＋r2)ω2＝Lω2，解得ω＝ ，T＝＝ ，整理可得：＝，又r1＋r2＝L，解得r1＝L，r2＝L，根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系，有v1＝ωr1＝ ，v2＝ωr2＝ ，由題可知L不斷減小，故在此過程中，兩中子星的線速度變大，角速度變大，周期變小，A、B、C錯(cuò)誤；設(shè)兩顆

6、星的向心加速度分別為a1、a2，有＝m1a1＝m2a2，故可判斷向心加速度變大，D正確。 18．(2019·成都高新區(qū)一診)質(zhì)量為m＝2 kg的物體僅受到水平拉力F的作用，在光滑的水平面上由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中物體的加速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示。則下列判斷正確的是(　　) A．0～4 s內(nèi)物體先做加速運(yùn)動(dòng)再做勻速運(yùn)動(dòng) B．6 s末物體的速度為零 C．0～4 s內(nèi)拉力F沖量大小為18 N·s D．0～4 s內(nèi)拉力F做功49 J 答案　D 解析　由題圖可知，在0～4 s內(nèi)物體先做加速度增加的變加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度不變的勻加速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；根據(jù)a-t圖象與時(shí)間軸所圍

7、的面積表示速度的變化量可得，0～6 s內(nèi)物體速度的變化量為：Δv>0，故第6 s末物體的速度為：v＝v0＋Δv>0，B錯(cuò)誤；0～4 s內(nèi)物體速度的增量為：Δv′＝×2 m/s＝7 m/s，則F的沖量大小為：I＝mΔv′＝2×7 N·s＝14 N·s，C錯(cuò)誤；第4 s末物體的速度為：v′＝v0＋Δv′＝7 m/s，則根據(jù)動(dòng)能定理得0～4 s內(nèi)F所做的功為：W＝mv′2＝49 J，D正確。 19．(2019·山西高三二模)如圖所示，正方形abcd區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn)。一個(gè)帶正電的粒子(重力忽略不計(jì))從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過時(shí)間t0剛好從c

8、點(diǎn)射出磁場。若只改變帶電粒子射入磁場時(shí)的速度方向，則下列說法中正確的是(　　) A．該帶電粒子可能從a、b之間射出磁場 B．該帶電粒子不可能從b、c(不包括b、c兩點(diǎn))之間射出磁場 C．該帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不可能小于t0 D．該帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能是1.2t0 答案　BD 解析　帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有qvB＝m，則軌道半徑r＝，運(yùn)動(dòng)周期T＝，設(shè)正方形abcd的邊長為L，由題意可知，軌道半徑r＝＝，運(yùn)動(dòng)周期T＝＝2t0。只改變速度方向，軌道半徑不變，運(yùn)動(dòng)周期不變，由于O到bc邊的距離等于圓周運(yùn)動(dòng)的直徑，O到ab邊的距離大于圓周運(yùn)動(dòng)的直徑，故帶電粒子只

9、能從Oc之間(包括c點(diǎn))射出磁場，故A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)運(yùn)動(dòng)時(shí)間公式t＝T(θ為粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角)可知，t＝t0，若粒子射入磁場時(shí)，速度方向與Oc夾角小于90°，則粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于t0，若粒子射入磁場時(shí)，速度方向與Oc夾角大于90°，則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于t0，當(dāng)粒子沿Od方向入射時(shí)，粒子恰好做一個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為一個(gè)周期2t0，故運(yùn)動(dòng)方向變化時(shí)，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間介于0～2t0之間，故C錯(cuò)誤，D正確。 20．(2019·河南駐馬店高三上學(xué)期期末)如圖所示，光滑水平直軌道上有三個(gè)質(zhì)量均為m＝3 kg靜止放置的物塊A、B、C，物塊B的左側(cè)固定一輕彈簧

10、(彈簧左側(cè)的擋板質(zhì)量不計(jì))。設(shè)A以v0＝4 m/s的速度朝B開始運(yùn)動(dòng)，壓縮彈簧(彈簧始終在彈性限度內(nèi))，當(dāng)A、B速度相等時(shí)，B與C恰好相碰并粘接在一起，然后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)。假設(shè)B和C碰撞過程時(shí)間極短，則以下說法正確的是(　　) A．從開始到彈簧最短時(shí)物塊C受到的沖量大小為1 N·s B．從開始到彈簧最短時(shí)物塊C受到的沖量大小為4 N·s C．從開始到A與彈簧分離的過程中整個(gè)系統(tǒng)損失的機(jī)械能為3 J D．從開始到A與彈簧分離的過程中整個(gè)系統(tǒng)損失的機(jī)械能為9 J 答案　BC 解析　根據(jù)動(dòng)量守恒定律，當(dāng)A、B速度相等，且與C碰撞之前，設(shè)A、B的速度為v1，則mv0＝2mv1，解得v1＝2

11、m/s; 從開始到彈簧最短時(shí)，對(duì)A、B、C組成的系統(tǒng)：mv0＝3mv2，解得v2＝ m/s，對(duì)物塊C，由動(dòng)量定理：I＝mv2＝4 N·s，B正確，A錯(cuò)誤。B與C相碰的過程：mv1＝2mv3，解得v3＝1 m/s；由題可知B與C的碰撞過程為完全非彈性碰撞，只有此碰撞過程有機(jī)械能損失，則從開始到A與彈簧分離的過程中整個(gè)系統(tǒng)損失的機(jī)械能為ΔE＝mv－·2mv＝3 J，C正確，D錯(cuò)誤。 21．(2019·天津高考)單匝閉合矩形線框電阻為R，在勻強(qiáng)磁場中繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過線框的磁通量Φ與時(shí)間t的關(guān)系圖象如圖所示。下列說法正確的是(　　) 　 A.時(shí)刻線框平面與中性面垂直 B．線框的

12、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值為 C．線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功為 D．從t＝0到t＝過程中線框的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 答案　BC 解析　線框位于中性面位置時(shí)，線框平面與磁場方向垂直，此時(shí)穿過線框的磁通量最大，磁通量的變化率最小，則時(shí)刻線框在中性面位置，A錯(cuò)誤；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為Em＝Φmω＝Φm，對(duì)正弦交流電，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值E有＝＝，B正確；由功能關(guān)系知，線框轉(zhuǎn)一周外力做的功等于產(chǎn)生的電能，W＝E電＝·T＝，C正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律知，＝＝＝，D錯(cuò)誤。 第Ⅱ卷(非選擇題，共62分) 三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分，共62分。第22～25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33、34題為

13、選考題，考生根據(jù)要求作答) (一)必考題(共47分) 22．(2019·廣東深圳二模)(5分)某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量輕彈簧的勁度系數(shù)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖a。將彈簧懸掛在固定鐵架臺(tái)上，毫米刻度尺豎直固定在彈簧旁，在彈簧下端掛上鉤碼，多次改變鉤碼質(zhì)量m，讀出鉤碼靜止時(shí)固定在掛鉤上的指針對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)l。當(dāng)鉤碼質(zhì)量為200 g時(shí)，指針位置如圖b所示。用所測(cè)數(shù)據(jù)在m-l坐標(biāo)系描點(diǎn)如圖c，取g＝9.8 m/s2?；卮鹣铝袉栴}： (1)圖b中指針對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù)為________ cm； (2)在圖c中將鉤碼質(zhì)量為200 g時(shí)所對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)上，并作出m-l圖線； (3)根據(jù)圖線算出彈簧的勁度系數(shù)為_

14、_______ N/m(結(jié)果取三位有效數(shù)字)。 答案　(1)18.50(18.48～18.52均可)　(2)圖見解析 (3)24.5(23.5～24.8均可) 解析　(1)由圖可知，刻度尺的分度值為0.1 cm，則讀數(shù)為18.50 cm。 (2)鉤碼質(zhì)量為200 g時(shí)對(duì)應(yīng)的彈簧長度為18.50 cm，圖象如圖。 (3)根據(jù)k＝可知，彈簧的勁度系數(shù) k＝＝＝ N/m ＝24.5 N/m。 23．(2019·全國卷Ⅰ)(10分)某同學(xué)要將一量程為250 μA的微安表改裝為量程為20 mA的電流表。該同學(xué)測(cè)得微安表內(nèi)阻為1200 Ω，經(jīng)計(jì)算后將一阻值為R的電阻與該微安表連接，進(jìn)行

15、改裝。然后利用一標(biāo)準(zhǔn)毫安表，根據(jù)圖a所示電路對(duì)改裝后的電表進(jìn)行檢測(cè)(虛線框內(nèi)是改裝后的電表)。 (1)根據(jù)圖a和題給條件，將圖b中的實(shí)物連線。 (2)當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)毫安表的示數(shù)為16.0 mA時(shí)，微安表的指針位置如圖c所示。由此可以推測(cè)出所改裝的電表量程不是預(yù)期值，而是________。(填正確答案標(biāo)號(hào)) A．18 mA B．21 mA C．25 mA D．28 mA (3)產(chǎn)生上述問題的原因可能是________。(填正確答案標(biāo)號(hào)) A．微安表內(nèi)阻測(cè)量錯(cuò)誤，實(shí)際內(nèi)阻大于1200 Ω B．微安表內(nèi)阻測(cè)量錯(cuò)誤，實(shí)際內(nèi)阻小于1200 Ω C．R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏小 D．

16、R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏大 (4)要達(dá)到預(yù)期目的，無論測(cè)得的內(nèi)阻值是否正確，都不必重新測(cè)量，只需要將阻值為R的電阻換為一個(gè)阻值為kR的電阻即可，其中k＝________。 答案　(1)圖見解析　(2)C　(3)AC　(4) 解析　(1)實(shí)物連線如圖所示。 (2)微安表量程為250 μA，由圖c所示表盤可知，其分度值為5 μA，其示數(shù)為16.0 μA，毫安表示數(shù)為16.0 mA，毫安表示數(shù)為微安表示數(shù)的＝100倍，改裝后電流表量程為：250×10－6×100 A＝25×10－3 A＝25 mA，故C正確。 (3)根據(jù)IgRg＝(I－Ig)R得I＝＋I(xiàn)g 出現(xiàn)該情況可能是因?yàn)槲?/p>

17、表內(nèi)阻測(cè)量錯(cuò)誤，實(shí)際電阻大于1200 Ω，或者并聯(lián)的電阻R計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏小。A、C正確。 (4)若微安表的滿偏電壓為U，則對(duì)并聯(lián)的電阻R有 U＝(25－0.25)×10－3R U＝(20－0.25)×10－3kR 解得k＝。 24．(2019·天津南開區(qū)二模)(12分)質(zhì)量M＝8 kg的小車停放在光滑水平面上，在小車右端施加一水平恒力F＝8 N。當(dāng)小車向右運(yùn)動(dòng)速度達(dá)到v0＝3 m/s時(shí)，在小車的右端輕放一質(zhì)量m＝2 kg的小物塊，物塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，假定小車足夠長，取g＝10 m/s2。求： (1)小物塊從放在車上開始經(jīng)過多長時(shí)間與小車具有相同的速度及此

18、時(shí)的速度大?。? (2)從小物塊放在車上開始經(jīng)過t0＝3.0 s摩擦力對(duì)小物塊所做的功。 答案　(1)2 s　4 m/s　(2)23.04 J 解析　(1)根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)物塊：μmg＝ma1， 解得：a1＝2 m/s2， 對(duì)小車：F－μmg＝Ma2，解得：a2＝0.5 m/s2， 設(shè)經(jīng)過t1時(shí)間物塊與小車的速度相等，則有： a1t1＝v0＋a2t1， 代入數(shù)據(jù)解得：t1＝2 s， 共同的速度為：v1＝a1t1＝4 m/s。 (2)經(jīng)過t1時(shí)間物塊的位移： x1＝a1t＝×2×22 m＝4 m， t1時(shí)刻物塊速度：v1＝4 m/s， 假設(shè)t1時(shí)刻后物塊和小車有相同的

19、加速度，有： F＝(M＋m)a3，解得：a3＝0.8 m/s2， 物塊受到的摩擦力為：f＝ma3＝1.6 N， f<μmg，故假設(shè)正確。 此過程運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2＝t0－t1＝1 s， 位移為：x2＝v1t2＋a3t＝ m＝4.4 m， 所以全過程摩擦力對(duì)小物塊做的功為： W＝μmgx1＋fx2＝23.04 J。 25. (2019·河北衡水中學(xué)高三二調(diào))(20分)如圖所示，一內(nèi)壁光滑的絕緣圓管固定在豎直平面內(nèi)，圓管圍成的圓的圓心為O，D點(diǎn)為圓管的最低點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)在同一水平線上，AB＝2L，該圓的半徑為r＝L(圓管的內(nèi)徑忽略不計(jì))，過OD的虛線與過AB的虛線垂直相交于C點(diǎn)。在虛線

20、AB的上方存在水平向右的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，虛線AB的下方存在豎直向下的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小等于。圓心O正上方的P點(diǎn)有一質(zhì)量為m、電荷量為－q(q>0)的絕緣小物體(視為質(zhì)點(diǎn))，P、C間距為L?，F(xiàn)將該小物體于P點(diǎn)無初速釋放，經(jīng)過一段時(shí)間，小物體剛好沿切線無碰撞地進(jìn)入圓管內(nèi)，并繼續(xù)運(yùn)動(dòng)。重力加速度用g表示。 (1)虛線AB上方勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為多大？ (2)小物體從管口B離開后，經(jīng)過一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)落到虛線AB上的N點(diǎn)(圖中未標(biāo)出N點(diǎn))，則N點(diǎn)距離C點(diǎn)多遠(yuǎn)？ (3)小物體由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的總時(shí)間為多少？ 答案　(1)　(2)7L　(3) 解析　(1)小物體無初速

21、釋放后在重力、電場力的作用下剛好沿切線無碰撞地進(jìn)入圓管內(nèi)，由幾何關(guān)系知PA連線即A處圓管的切線，故小物體必沿PA連線做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，重力與電場力的合力沿PA方向； 又PC＝AC＝L，故tan45°＝，解得：E＝。 (2)小物體從P到A，由動(dòng)能定理可得：mgL＋qEL＝mv，解得：vA＝2，虛線AB的下方存在豎直向下的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小E2＝，電荷量為－q(q>0)的絕緣小物體所受電場力F2＝qE2＝mg，方向豎直向上，故小物體從A到B做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，vB＝vA＝2 。 小物體從管口B離開后，經(jīng)過一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)落到虛線AB上的N點(diǎn)， 豎直方向：t＝，解得：t＝2，

22、水平方向：x＝(vBcos45°)t＋at2，qE＝ma， 解得：x＝8L， N點(diǎn)距離C點(diǎn)：xCN＝x－L＝7L。 (3)設(shè)小物體從P到A的時(shí)間為t1， 則L＝vAt1，解得：t1＝， 設(shè)物體從A到B的時(shí)間為t2， 則t2＝＝， 小物體由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的總時(shí)間： t總＝t1＋t2＋t＝。 (二)選考題(共15分。請(qǐng)考生從給出的2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分) 33．[物理——選修3－3](15分) (1)(2019·重慶南開中學(xué)高三上學(xué)期期末)(5分)以下說法正確的是________。(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。

23、每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分) A．葉面上的小露珠呈現(xiàn)球形是由于液體表面張力的作用 B．影響蒸發(fā)快慢以及人們對(duì)干爽與潮濕感受的因素是空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)與同一氣溫下水的飽和汽壓的差距 C．燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體 D．一定質(zhì)量的理想氣體體積不變時(shí)，溫度越高，單位時(shí)間內(nèi)容器壁單位面積受到氣體分子撞擊的次數(shù)越多 E. 某氣體的摩爾體積為V，每個(gè)分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA＝ (2)(2019·山東聊城一模)(10分)粗細(xì)均勻豎直放置的U形管左端封閉右端開口，一段空氣柱將水銀分為A、B兩部分，水銀柱A的長度h1＝20

24、cm，與封閉端的頂部接觸，B部分水銀如圖所示。右管內(nèi)用輕活塞密閉了一定量的氣體，活塞與管壁之間的摩擦不計(jì)。活塞自由靜止時(shí)底面與左側(cè)空氣柱的下端在同一水平面上，此時(shí)左管內(nèi)氣柱的長度L0＝15 cm，B部分水銀兩液面的高度差h2＝45 cm，外界大氣壓強(qiáng)p0＝75 cmHg。所有氣體均為理想氣體，保持溫度不變，將活塞緩慢上提，當(dāng)A部分的水銀柱恰好對(duì)U形管的頂部沒有壓力時(shí)，求活塞移動(dòng)的距離。 答案　(1)ABD　(2)30 cm 解析　(1)小露球呈現(xiàn)球形是由于液體表面張力的作用，A正確；影響蒸發(fā)快慢以及人們對(duì)干爽與潮濕感受的因素是空氣的相對(duì)濕度，相對(duì)濕度＝，即空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)與同一溫度下

25、水的飽和汽壓的差距，B正確；燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，C錯(cuò)誤；一定質(zhì)量的理想氣體體積不變時(shí)，單位體積內(nèi)的分子數(shù)不變，溫度越高，分子運(yùn)動(dòng)的平均速率越大，故單位時(shí)間內(nèi)容器壁單位面積受到氣體分子撞擊的次數(shù)越多，D正確；由于氣體分子間距離較大，摩爾體積與分子體積的比值不等于阿伏加德羅常數(shù)，E錯(cuò)誤。 (2)設(shè)U形管的橫截面積為S，活塞移動(dòng)后左、右兩側(cè)氣體的長度分別變?yōu)長1、L2， 對(duì)左側(cè)氣體初態(tài)：p1＝p0－ρgh2、V1＝L0S 末態(tài)：p2＝ρgh1、V2＝L1S p1V1＝p2V2 解得：L1＝22.5 cm 對(duì)右側(cè)被密閉氣體： 初態(tài)

26、：p1′＝p0、V1′＝h2S 末態(tài)：p2′＝ρg(h1＋h2)－2ρg(L1－L0)、V2′＝L2S p1′V1′＝p2′V2′，解得：L2＝67.5 cm 活塞上提的高度d＝L1－L0＋(L2－h(huán)2) d＝30 cm。 34．[物理——選修3－4](15分) (1)(2019·山東濟(jì)寧一模)(5分)下列判斷正確的是________。(填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分) A．機(jī)械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波 B．機(jī)械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象 C．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期一定和相應(yīng)的波的周期相等 D

27、．機(jī)械波的頻率、波長和波速三者滿足的關(guān)系對(duì)電磁波也適用 E．在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變窄 (2)(2019·遼寧葫蘆島一模)(10分)有一半球形玻璃磚，右側(cè)面鍍銀，O為玻璃球心，光源S在其水平對(duì)稱軸上，從光源S發(fā)出的一束光入射到球面上，其中一部分光經(jīng)球面反射后恰能豎直向上傳播，另一部分光折射進(jìn)入玻璃內(nèi)，經(jīng)右側(cè)鍍銀面第一次反射后恰能沿原路返回。已知玻璃球半徑為R，玻璃的折射率為，光在真空中的傳播速度為c，求： (ⅰ)光源S與球冠頂點(diǎn)M之間的距離； (ⅱ)光線從進(jìn)入玻璃到第一次離開玻璃所經(jīng)歷的時(shí)間。 答案　(1)BCD　(2)(ⅰ)(－1)R　

28、(ⅱ) 解析　(1)機(jī)械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有橫波，A錯(cuò)誤；干涉和衍射是波特有的現(xiàn)象，機(jī)械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，B正確；波在傳播過程中，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)在波源驅(qū)動(dòng)力作用下做受迫振動(dòng)，振動(dòng)周期都等于波的周期，C正確；機(jī)械波的頻率、波長和波速三者滿足的關(guān)系v＝λf適用于一切波，對(duì)電磁波也適用，D正確；光的相鄰干涉條紋間距Δx＝λ，若僅將入射光由綠光改為紅光，由于波長變大，故相鄰干涉條紋間距變寬，E錯(cuò)誤。 (2)(ⅰ)光路圖如圖所示，設(shè)入射角、折射角、反射角分別為θ1、θ2、θ3，法線與SO的夾角為β， 由折射定律n＝ 由反射定律有θ1＝θ3， 由幾何關(guān)系有θ3＋θ2＝90° 解得θ1＝60°，θ2＝30°， 由題意可得β＝θ2＝30° α＝θ1－β＝30° 由幾何關(guān)系得SO＝2Rcos30°＝R 則SM＝SO－R＝(－1)R。 (ⅱ)設(shè)光在玻璃中傳播的距離為d，傳播速度為v 折射率n＝ 光在玻璃中的傳播時(shí)間t＝ 由幾何關(guān)系d＝2Rcos30° 解得：t＝。 14