《（江蘇專用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元檢測七 恒定電流》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專用）2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元檢測七 恒定電流（14頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、單元檢測七　恒定電流 考生注意： 1．本試卷共4頁． 2．答卷前，考生務(wù)必用藍(lán)、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學(xué)號填寫在相應(yīng)位置上． 3．本次考試時(shí)間90分鐘，滿分100分． 4．請?jiān)诿芊饩€內(nèi)作答，保持試卷清潔完整． 一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共計(jì)24分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意) 1．用電器到發(fā)電站的距離為l，線路上的電流為I，已知輸電線的電阻率為ρ.為使線路上的電壓降不超過U，那么，輸電線橫截面積的最小值為(　　) A.B.C.D. 2．(2018·錦屏中學(xué)模擬)如圖1，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開關(guān)，與分

2、別為電壓表和電流表．初始時(shí)S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開，則(　　) 圖1 A.的讀數(shù)變大，的讀數(shù)變小 B.的讀數(shù)變大，的讀數(shù)變大 C.的讀數(shù)變小，的讀數(shù)變小 D.的讀數(shù)變小，的讀數(shù)變大 3.如圖2所示的電路中，燈泡A和燈泡B原來都是正常發(fā)光的，現(xiàn)在突然燈泡A比原來變暗了些，燈泡B比原來變亮了些，則電路中出現(xiàn)的故障可能是(　　) 圖2 A．R3斷路 B．R2斷路 C．R1短路 D．R1、R2同時(shí)短路 4．(2018·無錫市調(diào)研)如圖3所示電路中，其中R為一熱敏電阻(溫度升高時(shí)，阻值減小)，C為電容器，R1、R2為兩個(gè)電阻箱．閉合開關(guān)，當(dāng)環(huán)境溫度升高時(shí)，以下說法正確的

3、是(　　) 圖3 A．電容器的帶電荷量減小 B．適當(dāng)減小電阻箱R1的阻值，可使電容器的帶電荷量保持不變 C．適當(dāng)減小電阻箱R2的阻值，可使電容器的帶電荷量保持不變 D．適當(dāng)增加電阻箱R2的阻值，可使電容器的帶電荷量保持不變 5．(2018·海安中學(xué)段考)如圖4所示，直線A、B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線C為一電阻R的兩端電壓與電流的關(guān)系圖象，將這個(gè)電阻R分別接到a、b兩電源上，那么(　　) 圖4 A．R接到a電源上，電源的效率較高 B．R接到b電源上，電源的輸出功率較大 C．R接到a電源上，電源的輸出功率較大，但電源效率較低 D．R接到b電源上

4、，電阻R的發(fā)熱功率和電源的效率都較高 6．某同學(xué)做電學(xué)實(shí)驗(yàn)(電源內(nèi)阻r不能忽略)，通過改變滑動(dòng)變阻器電阻大小，觀察到電壓表和電流表的讀數(shù)同時(shí)變大，則他所連接的電路可能是下圖中的(　　) 7．(2017·南通市、如皋市第二次質(zhì)檢)如圖5所示的電路中，電流表和電壓表均可視為理想電表，現(xiàn)閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)，下列說法中正確的是(　　) 圖5 A．電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變大 B．電阻R2消耗的功率變大 C．電容器C上電荷量減小 D．電源的總功率變大 8．(2017·淮陰中學(xué)模擬)在如圖6所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，

5、四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示，下列比值錯(cuò)誤的是(　　) 圖6 A.不變，不變 B.變大，變大 C.變大，不變 D.變大，不變 二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分) 9．(2018·黃橋中學(xué)第三次段考)一個(gè)直流電動(dòng)機(jī)所加電壓為U，電流為I，線圈內(nèi)阻為R，當(dāng)它正常工作時(shí)，下述說法中正確的是(　　) A．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為IU－I2R B．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為 C．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率

6、為I2R D．電動(dòng)機(jī)的功率可寫成IU＝I2R＝ 10．(2018·銅山中學(xué)模擬)鋰電池因能量密度高、綠色環(huán)保而廣泛使用在手機(jī)等電子產(chǎn)品中．現(xiàn)用充電器為一手機(jī)鋰電池充電，等效電路如圖7所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，下列說法正確的是(　　) 圖7 A．電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為UI－I2r B．充電器輸出的電功率為UI＋I(xiàn)2r C．電池產(chǎn)生的熱功率為I2r D．充電器的充電效率為×100% 11．(2018·阜寧中學(xué)調(diào)研)某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標(biāo)系中，如圖8中的a、b、c

7、所示．則下列說法中正確的是(　　) 圖8 A．圖線b表示輸出功率PR隨電流I變化的關(guān)系 B．圖中a線最高點(diǎn)對應(yīng)的功率為最大輸出功率 C．在圖線上A、B、C三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系PA＝PB＋PC D．兩個(gè)圖線交點(diǎn)M與N的橫坐標(biāo)之比一定為1∶2，縱坐標(biāo)之比一定為1∶4 12．(2017·徐州市、宿遷市、連云港市質(zhì)檢)如圖9甲所示，電源的電動(dòng)勢E＝9V，它和靈敏電流表G的內(nèi)阻均不可忽略，電壓表V為理想電表，熱敏電阻R的阻值隨溫度的變化關(guān)系如圖乙所示．閉合開關(guān)S，當(dāng)R的溫度等于20°C時(shí)，電流表示數(shù)I1＝2mA，根據(jù)以上信息判斷，下列說法正確的是(　　) 圖9 A．電流表內(nèi)阻

8、與電源內(nèi)阻之和為0.5kΩ B．電流表示數(shù)I2＝3.6mA時(shí)熱敏電阻的溫度是100°C C．溫度升高時(shí)電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I的比值變大 D．溫度升高時(shí)電壓表示數(shù)變化量ΔU與電流表示數(shù)變化量ΔI的比值不變 三、非選擇題(本題共6小題，共計(jì)60分) 13．(10分)(2017·南京外國語學(xué)校等四模)測量一未知電阻的阻值： (1)某同學(xué)首先用多用電表粗測電阻的大小，將多用電表選擇開關(guān)置于×10Ω擋，調(diào)零后，將紅、黑表筆分別接電阻兩端，發(fā)現(xiàn)指針讀數(shù)如圖10所示，則所測阻值為__________Ω. 　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　圖10　　　　　　　　　　　　　　　　　　圖

9、11 (2)接著該同學(xué)計(jì)劃用伏安法比較準(zhǔn)確地測量電阻的阻值，提供的實(shí)驗(yàn)器材有：8V直流電源；電壓表(0～10V、內(nèi)阻約20kΩ)；電流表(0～50mA、內(nèi)阻約10Ω)；滑動(dòng)變阻器(0～20Ω、1A)；開關(guān)和導(dǎo)線． 請根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求和提供的器材，用筆畫線代替導(dǎo)線完成圖11未完全連接好的實(shí)物電路． (3)在上述(2)的實(shí)驗(yàn)中，連接好電路后，閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流表和電壓表皆沒有讀數(shù)，該同學(xué)用多用電表檢查電路故障．他的操作如下：選用多用電表的直流電壓擋，將紅、黑表筆分別接在電源正、負(fù)極間、變阻器電阻絲的兩端、電流表“－”極和電壓表“＋”之間，結(jié)果多用電表的指針均發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則可能是連接________

10、______之間的導(dǎo)線發(fā)生了斷路． (4)實(shí)驗(yàn)中移動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭，記下多組電流表、電壓表讀數(shù)(I、U)，然后在坐標(biāo)紙上作出U－I圖線，圖線的________大小表示待測電阻的阻值，在這個(gè)實(shí)驗(yàn)中，測量值________真實(shí)值(選填“＞”“＝”或“＜”)． 14．(8分)(2017·丹陽中學(xué)模擬)某課外興趣小組用銅片和鋅片插入蘋果中，組成了一個(gè)蘋果電池，并用“測定電動(dòng)勢和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)方法測定該蘋果電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻． 　 圖12 (1)實(shí)驗(yàn)前，甲同學(xué)利用調(diào)好的多用電表歐姆“×100”擋來粗測該蘋果電池的內(nèi)阻．測量結(jié)果如圖12甲所示．他這樣做是否正確？若正確，請讀出其內(nèi)阻值；若不正確

11、，請說明理由．________________________________________________________________________ (2)乙同學(xué)設(shè)計(jì)好測量電路，選擇合適的器材，得到蘋果電池兩端的電壓U和流過它的電流I的幾組數(shù)據(jù)，如下表所示. 數(shù)據(jù)序號 1 2 3 4 5 6 U/V 0.85 0.81 0.75 0.68 0.62 0.54 I/mA 0.14 0.18 0.24 0.32 0.36 0.48 ①請根據(jù)第2組和第5組數(shù)據(jù)計(jì)算得到該蘋果電池的電動(dòng)勢E＝______V；內(nèi)電阻r＝______kΩ.(結(jié)果保

12、留兩位小數(shù))． ②除蘋果電池、電壓表、電流表、電鍵、導(dǎo)線若干外，可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材有：滑動(dòng)變阻器R1(阻值0～10Ω)；電阻箱R2(阻值0～9999.9Ω)，該電路中可變電阻應(yīng)選擇________(選填“R1”或“R2”) ③請選擇合適器材用筆畫線代替導(dǎo)線將圖乙中實(shí)物連接完整． 15．(10分)(2017·泰州中學(xué)下學(xué)期初考)一實(shí)驗(yàn)小組用某種導(dǎo)電材料制作成電阻較小的線狀元件Z，并通過實(shí)驗(yàn)探究該元件中的電流隨兩端電壓從零逐漸增大過程中的變化規(guī)律． (1)該小組連成的實(shí)物電路如圖13所示，其中有兩處錯(cuò)誤，請?jiān)阱e(cuò)誤的連線上打“×”，并在原圖上用筆畫出正確的連線． 　 　　　　　　　　　　

13、　　　圖13　　　　　　　　　　　　　　　　圖14 (2)在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是________． A．滑動(dòng)變阻器R1(0～5Ω，額定電流5A) B．滑動(dòng)變阻器R2(0～200Ω，額定電流2A) C．滑動(dòng)變阻器R3(0～1000Ω，額定電流0.5A) (3)實(shí)驗(yàn)測得元件中的電壓與電流的關(guān)系如下表所示，試在圖14方格紙中畫出電壓與電流的關(guān)系圖線. U(V) 0 0.40 0.50 0.60 0.70 0.80 1.00 1.20 I(A) 0 0.20 0.30 0.40 0.55 0.75 1.25 1.80 (4)把元件Z接入如圖15

14、所示的電路中，當(dāng)電阻R阻值為2Ω時(shí)，電流表的讀數(shù)為1.25A；當(dāng)電阻R阻值為3.6Ω時(shí)，電流表的讀數(shù)為0.80A．結(jié)合圖線，求出電池的電動(dòng)勢為__________V，內(nèi)阻為________Ω.(不計(jì)電流表的內(nèi)阻，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) 圖15 16．(12分)(2017·泰州中學(xué)第二次調(diào)研)某種半導(dǎo)體元件(二極管)，電路符號為“”，其特點(diǎn)是具有單向?qū)щ娦?，即電流從正極流入時(shí)電阻比較小，從負(fù)極流入時(shí)電阻比較大． (1)某實(shí)驗(yàn)興趣小組要測繪該種半導(dǎo)體元件的伏安特性曲線．因該半導(dǎo)體元件外殼所印的標(biāo)識模糊，為判斷正負(fù)極，用多用電表電阻擋測定其正反向電阻．將選擇開關(guān)旋至合適處，調(diào)整歐姆零點(diǎn)后，

15、將黑表筆接觸二極管的左端、紅表筆接觸右端時(shí)，指針偏角比較小；再將紅、黑表筆位置對調(diào)時(shí)指針偏角比較大，由此判斷______端為該半導(dǎo)體元件的正極．(選填“左”、“右”) 圖16 (2)如圖16是廠家提供的伏安特性曲線，該小組只對加正向電壓時(shí)的伏安特性曲線進(jìn)行測繪，以驗(yàn)證與廠家提供的數(shù)據(jù)是否吻合，可選用的器材有： A．直流電源，電動(dòng)勢3V；內(nèi)阻忽略不計(jì)； B．0～20Ω的滑動(dòng)變阻器一只； C．量程5V、內(nèi)阻約50kΩ的電壓表一只； D．量程3V、內(nèi)阻約20kΩ的電壓表一只； E．量程0.6A、內(nèi)阻約0.5Ω的電流表一只； F．量程50mA、內(nèi)阻約5Ω的電流表一只； G．待測二

16、極管一只； H．導(dǎo)線、電鍵等． 為了提高測量結(jié)果的精確度，電壓表應(yīng)選用______，電流表應(yīng)選用______．(填序號字母) (3)為了達(dá)到測量的目的，請?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)電路原理圖． (4)該小組通過實(shí)驗(yàn)采集數(shù)據(jù)后描繪出了該半導(dǎo)體元件的伏安特性曲線，通過對比，與廠家提供的曲線基本吻合．如果將該半導(dǎo)體元件與一阻值R＝50Ω的電阻串聯(lián)，再接至電動(dòng)勢E＝1.5V、內(nèi)阻不計(jì)的電源上，該半導(dǎo)體元件處于正向?qū)顟B(tài)，則此時(shí)該半導(dǎo)體元件的電功率為____________W. 17．(10分)(2018·鹽城市模擬)如圖17所示，E＝10V，C1＝C2＝30μF，R1＝4Ω，R2＝6Ω

17、，電池內(nèi)阻可忽略．試求： 圖17 (1)閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，電路中的電流為多少？ (2)將S斷開，則斷開S后流過電阻R1的電荷量為多少？ 18．(10分)(2018·南通市如東縣質(zhì)量檢測)如圖18所示電路，電源電動(dòng)勢為E＝3V，兩個(gè)定值電阻阻值R1＝R2＝2Ω，電源內(nèi)阻r＝1Ω，電容器的電容值C＝20μF.開關(guān)全部閉合時(shí)，一帶電油滴恰能在極板間靜止．重力加速度g取10m/s2，求： 圖18 (1)極板帶電荷量的大小； (2)電源的效率； (3)斷開開關(guān)S2時(shí)(認(rèn)為電容器充放電過程極快完成)油滴的加速度的大小和方向．

18、 答案精析 1．B　[用電器與發(fā)電站之間的輸電線總長為2l，R＝ρ·≤，則S≥，故B正確．] 2．B　3.B　4.C 5．C　[由題圖知，電阻R接在電源a上時(shí)電路中電流為0.5I0，短路電流為I0，根據(jù)閉合電路歐姆定律I＝得R＝r，a電源的效率η＝×100%＝×100%＝×100%＝50%；同理，電阻R接在電源b上時(shí)電源b的效率η>50%，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電源的圖線與電阻R的U－I圖線的交點(diǎn)表示電阻R接在該電源上的工作狀態(tài)，由題圖知，電阻R接在電源a上時(shí)電壓和電流都較大，故電源a的輸出功率較大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由以上分析可知，R接在a電源上，電源的輸出功率較大

19、，電源效率較低，選項(xiàng)C正確；R接在b電源上，電阻R兩端電壓和電流較低，故電阻R的發(fā)熱功率較低，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．] 6．C 7．A　[閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電路中總電流I減小，電流表的示數(shù)變?。妷罕淼氖緮?shù)U＝E－I(RL＋r＋R2)，I減小，其他量不變，則U增大，電壓表的示數(shù)變大，故A正確；將燈泡電阻和電源內(nèi)阻等效為電源內(nèi)阻r′，則PR2＝()2R2＝，因不知道R2與r′的大小關(guān)系，故電阻R2消耗的功率無法判斷，故B錯(cuò)誤；電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，即等于電壓表的示數(shù)，U增大，由Q＝CU，知電容器C上的電荷量增大，故

20、C錯(cuò)誤；電源的總功率P＝EI，I減小，則電源的總功率變小，故D錯(cuò)誤．] 8．B　[滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，R2接入電路的阻值變大．根據(jù)歐姆定律得知：＝＝R1，故A正確；＝R2，變大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2＝E－I(R1＋r)，則有＝R1＋r，不變，故B錯(cuò)誤，C正確；＝R1＋R2，變大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3＝E－Ir，則有＝r，不變，故D正確．] 9．AC　[電動(dòng)機(jī)的總功率為P＝UI，根據(jù)焦耳定律得電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率P熱＝I2R，故電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出＝P－P熱＝UI－I2R，故A、C正確，B錯(cuò)誤．因?yàn)镻>P熱，即UI>I2R，U>IR，歐姆定律不適用，故UI≠I2R≠

21、，故D錯(cuò)誤．] 10．AC 11．CD　[電源的總功率與電流的關(guān)系為PE＝EI∝I，曲線a表示電源的總功率隨電流變化的圖線；設(shè)電源的內(nèi)阻為r，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的關(guān)系為Pr＝I2r，由數(shù)學(xué)知識可知，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線為開口向上的拋物線，曲線b表示電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流變化的圖線；根據(jù)閉合電路中的能量轉(zhuǎn)化關(guān)系得，電源的輸出功率為PR＝EI－I2r，由數(shù)學(xué)知識可知，電源的輸出功率PR隨電流I變化的圖線為開口向下的拋物線，曲線c表示電源的輸出功率隨電流變化的圖線，故A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律得PE＝Pr＋PR，故C項(xiàng)正確；M點(diǎn)所表示的物理意義是電源內(nèi)部的發(fā)熱功率

22、等于電源的輸出功率，此時(shí)外電阻等于內(nèi)阻，電路中的電流為I1＝，電源的發(fā)熱功率Pr1＝I1＝，N點(diǎn)表示的物理意義是電源的總功率等于發(fā)熱功率，此時(shí)只有電源的內(nèi)阻，電路中的電流為I2＝，電源的總功率PE2＝EI2＝，D項(xiàng)正確．] 12．ABD　[當(dāng)溫度為20°C時(shí)，由題圖得R1＝4kΩ，由閉合電路的歐姆定律得＝R1＋RG＋r，聯(lián)立解得RG＋r＝0.5kΩ，A正確；同理，當(dāng)I2＝3.6mA時(shí)，解得R2＝2kΩ，結(jié)合題圖乙知B正確；由＝R＋RG得溫度越高，比值越小，C錯(cuò)誤；U＝E－Ir，則＝r，知D正確．] 13．(1)200　(2)如圖所示 (3)電流表和電壓表　(4)斜率?。? 14．(1

23、)不正確，蘋果電池為電源，歐姆表不能測電源的內(nèi)阻 (2)①1.00　1.06?、赗2　③見解析圖 解析　(1)因?yàn)闅W姆表內(nèi)部本身有電源，而蘋果電池也有電動(dòng)勢，故二者相互影響，無法正確測出電源內(nèi)阻； (2)①由閉合電路歐姆定律可知E＝U＋I(xiàn)r，結(jié)合題表中第2組和第5組數(shù)據(jù)：E＝0.81＋0.18×10－3r；E＝0.62＋0.36×10－3r 聯(lián)立解得：E≈1.00V；r≈1.06kΩ ②由于蘋果電池的內(nèi)阻較大，故應(yīng)選擇電阻箱R2才能起到有效的調(diào)節(jié)作用． ③本實(shí)驗(yàn)中采用基本的伏安法即可以測量，由于蘋果電池內(nèi)阻較大，故可以采用電流表相對于電源的內(nèi)接法，故實(shí)物圖如圖所示． 15．(

24、1)見解析圖　(2)A　(3)見解析圖　(4)4.1　0.44 解析　(1)因Z的電阻較小，故應(yīng)采用電流表外接法；由于要求電壓從零開始變化，故滑動(dòng)變阻器選用分壓接法，接法如圖． (2)分壓接法中，為了便于調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用總阻值小，且額定電流較大的，故選A； (3)根據(jù)描點(diǎn)法得出對應(yīng)的伏安特性曲線如圖所示 (4)當(dāng)電流為1.25A時(shí)，Z元件兩端的電壓為1.00V；當(dāng)電流為0.80A時(shí)，電壓為0.82V；由閉合電路歐姆定律可知： E＝1.25(r＋2)＋1＝1.25r＋3.5 E＝0.80(r＋3.6)＋0.82＝0.80r＋3.7 聯(lián)立解得：E＝4.1V；r＝0.44

25、Ω 16．(1)右　(2)D　F　(3)如圖 (4) 8.8×10－3(在(8.0～9.5)×10－3內(nèi)均可) 解析　(1)二極管具有單向?qū)щ娦?，歐姆表中指針偏轉(zhuǎn)較大說明電阻較小，即為正向電流；而歐姆表內(nèi)部的電源正極與黑表筆相連，故由題意可知，二極管右端為正極； (2)由題意可知，采用的電源電壓為3V，故為了提高測量結(jié)果的精確度，電壓表應(yīng)選取D；由題圖可知，最大電流約為30mA，故電流表應(yīng)選F； (3)由題意可知，本實(shí)驗(yàn)要求作出伏安特性曲線，故要求多測數(shù)據(jù)，故應(yīng)采用分壓接法；同時(shí)，因二極管正向電阻較小，故應(yīng)采用電流表外接法； (4)設(shè)二極管兩端電壓為U，通過的電流為I，由閉合電路歐

26、姆定律得：U＝1.5－50I (V)，可知該I－U圖線為直線，如圖，該直線與二極管伏安特性曲線相交，讀出交點(diǎn)的縱坐標(biāo)值為I＝8mA，交點(diǎn)的橫坐標(biāo)值為U＝1.1V．則此時(shí)該半導(dǎo)體元件的電功率為P＝UI＝8.8×10－3W. 17．(1)1A　(2)4.2×10－4C 解析　(1)閉合開關(guān)S，電容器C1相當(dāng)于斷路，C2被短路，所以有I＝＝1A (2)將S斷開，兩個(gè)電容器兩端的電壓都等于電源的電動(dòng)勢，流過電阻R1的電荷量等于兩個(gè)電容器的電荷量增加之和．所以有 Q1＝C1U2＝30×10－6×6C＝1.8×10－4C Q2＝0 Q1′＝C1E＝30×10－6×10C＝3.0×10－4C Q2′＝Q1′＝3.0×10－4C ΔQ＝Q1′＋Q2′－Q1＝4.2×10－4C 18．(1)4×10－5C　(2)66.7%　(3)5m/s2，方向豎直向上 解析　(1)回路電流I＝＝1A 電容器兩極板間電壓U＝IR1＝2V， 電容器帶電荷量Q＝CU＝4×10－5C. (2)電源輸出功率P＝IU＝2W， 電源總功率P總＝IE＝3W， 電源效率η＝×100%≈66.7%. (3)設(shè)油滴帶電荷量為q，極板間距離為d，由題意可知油滴帶負(fù)電，開始時(shí)，q＝mg， S2斷開后， q－mg＝ma， 解得a＝5m/s2，方向豎直向上． 14