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中考數(shù)學(xué)模擬試題匯編 圓的有關(guān)性質(zhì)(含解析)

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1、中考數(shù)學(xué)模擬試題匯編 圓的有關(guān)性質(zhì)(含解析) 一、單選題 1、下列語句中,正確的是 (??) A、長度相等的弧是等弧 B、在同一平面上的三點(diǎn)確定一個(gè)圓 C、三角形的內(nèi)心是三角形三邊垂直平分線的交點(diǎn) D、三角形的外心到三角形三個(gè)頂點(diǎn)的距離相等 2、下列說法: ①三點(diǎn)確定一個(gè)圓; ②垂直于弦的直徑平分弦; ③三角形的內(nèi)心到三條邊的距離相等; ④圓的切線垂直于經(jīng)過切點(diǎn)的半徑. 其中正確的個(gè)數(shù)是(? ) A、0 B、2 C、3 D、4 3、如圖,將半徑為6的⊙O沿AB折疊,弧AB與AB垂直的半徑OC交于點(diǎn)D且CD=2OD,則折痕A

2、B的長為(????) A、   B、 C、6    D、 4、如圖,已知以直角梯形ABCD的腰CD為直徑的半圓O與梯形的上底AD、下底BC以及腰AB均相切,切點(diǎn)分別是D、C、E.若半圓O的半徑為2,梯形的腰AB為5,則該梯形的周長是(????). A、9 B、10 C、12 D、14 5、 如圖,⊙O中,弦AB與CD交于點(diǎn)M,∠A=45°,∠AMD=75°,則∠B的度數(shù)是(? ) A、15° B、25° C、30° D、75° 6、( 如圖,△ABC內(nèi)接于⊙O,AB是⊙O的直徑,∠B=30°,CE平分∠ACB交⊙O于E,交AB于點(diǎn)D,連接AE,則S△A

3、DE:S△CDB的值等于( ?。? A、1: B、1: C、1:2 D、2:3 7、 如圖,四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O,F(xiàn)是 上一點(diǎn),且 = ,連接CF并延長交AD的延長線于點(diǎn)E,連接AC.若∠ABC=105°,∠BAC=25°,則∠E的度數(shù)為( ?。? A、45° B、50° C、55° D、60° 8、 把一張圓形紙片按如圖所示方式折疊兩次后展開,圖中的虛線表示折痕,則 的度數(shù)是(  ) A、120° B、135° C、150° D、165° 9、 如圖,四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O,若四邊形ABCO是平行四邊形,則∠ADC的大小為( ?。? A、

4、45° B、50° C、60° D、75° 10、 如圖,BD是⊙O的直徑,點(diǎn)A、C在⊙O上, = ,∠AOB=60°,則∠BDC的度數(shù)是(? ) A、60° B、45° C、35° D、30° 11、如圖,直線AB,AD與⊙O相切于點(diǎn)B,D,C為⊙O上一點(diǎn),且∠BCD=140°,則∠A的度數(shù)是( ?。? ? A、70° B、105° C、100° D、110° 12、如圖,小敏家廚房一墻角處有一自來水管,裝修時(shí)為了美觀,準(zhǔn)備用木板從AB處將水管密封起來,互相垂直的兩墻面與水管分別相切于D,E兩點(diǎn),經(jīng)測量AD=10cm,BE=15cm,

5、 則該自來水管的半徑為(??? )cm. A、5 B、10 C、6 D、8 二、填空題(共5題;共5分) 13、 如圖,四邊形ABCD為⊙O的內(nèi)接四邊形,已知∠BCD=110°,則∠BAD=________度. 14、 如圖,△ABC是⊙O的內(nèi)接正三角形,⊙O的半徑為3,則圖中陰影部分的面積是________. 15、 如圖,AB是半圓O的直徑,C是半圓O上一點(diǎn),弦AD平分∠BAC,交BC于點(diǎn)E,若AB=6,AD=5,則DE的長為________. 16、 如圖,⊙O的弦AB、CD相交于點(diǎn)E,若CE:BE=2:3,則AE:DE=________ 17、

6、如圖1,小敏利用課余時(shí)間制作了一個(gè)臉盆架,圖2是它的截面圖,垂直放置的臉盆與架子的交點(diǎn)為A,B,AB=40cm,臉盆的最低點(diǎn)C到AB的距離為10cm,則該臉盆的半徑為________?cm. 三、解答題 18、已知點(diǎn)P到圓的最大距離為11,最小距離為7,則此圓的半徑為多少? 19、一條排水管的截面如圖所示.已知排水管的半徑OB=10,水面寬AB=16.求截面圓心O到水面的距離. 四、綜合題 20、 如圖,⊙O是△ABC的外接圓,AC為直徑,弦BD=BA,BE⊥DC交DC的延長線于點(diǎn)E. (1)求證:∠1=∠BAD; (2)求證:BE是⊙O的切線.

7、 21、 如圖,已知四邊形ABCD內(nèi)接于圓O,連結(jié)BD,∠BAD=105°,∠DBC=75°. (1)求證:BD=CD; (2)若圓O的半徑為3,求 的長. 22、 如圖1,2,3分別以△ABC的AB和AC為邊向△ABC外作正三角形(等邊三角形)、正四邊形(正方形)、正五邊形,BE和CD相交于點(diǎn)O. (1)在圖1中,求證:△ABE≌△ADC. (2)由(1)證得△ABE≌△ADC,由此可推得在圖1中∠BOC=120°,請你探索在圖2中,∠BOC的度數(shù),并說明理由或?qū)懗鲎C明過程. (3)填空:在上述(1)(2)的基礎(chǔ)上可得在圖3中∠BO

8、C=________(填寫度數(shù)). (4)由此推廣到一般情形(如圖4),分別以△ABC的AB和AC為邊向△ABC外作正n邊形,BE和CD仍相交于點(diǎn)O,猜想得∠BOC的度數(shù)為________(用含n的式子表示). 答案解析部分 一、單選題 【答案】D 【考點(diǎn)】圓的認(rèn)識,確定圓的條件,三角形的外接圓與外心,三角形的內(nèi)切圓與內(nèi)心 【解析】 【解答】A、能完全重合的弧才是等弧,故錯誤; B、不在同一直線上的三點(diǎn)確定一個(gè)圓,故錯誤; C、三角形的內(nèi)心到三邊的距離相等,是三條角平分線的交點(diǎn),故錯誤

9、; D、三角形的外心是外接圓的圓心,到三頂點(diǎn)的距離相等,故正確; 故選D. 【分析】確定圓的條件及三角形與其外心和內(nèi)心之間的關(guān)系解得即可. 【答案】C 【考點(diǎn)】垂徑定理,確定圓的條件,切線的性質(zhì),三角形的內(nèi)切圓與內(nèi)心 【解析】【解答】解:不共線的三點(diǎn)確定一個(gè)圓,所以①錯誤; 垂直于弦的直徑平分弦,所以②正確; 三角形的內(nèi)心到三條邊的距離相等,所以③正確; 圓的切線垂直于經(jīng)過切點(diǎn)的半徑,所以④正確. 故選C. 【分析】根據(jù)確定圓的條件對①進(jìn)行判斷;根據(jù)垂徑定理對②進(jìn)行判斷;根據(jù)三角形內(nèi)心

10、的性質(zhì)對③進(jìn)行判斷;根據(jù)切線的性質(zhì)對④進(jìn)行判斷. 【答案】B 【考點(diǎn)】勾股定理,垂徑定理,翻折變換(折疊問題) 【解析】【解答】延長CO交AB于E點(diǎn),連接OB, ∵CE⊥AB, ∴E為AB的中點(diǎn), ∵OC=6,CD=2OD, ∴CD=4,OD=2,OB=6, ∴DE=(2OC-CD)=(6×2-4)=×8=4, ∴OE=DE-OD=4-2=2, 在Rt△OEB中, ∵OE2+BE2=OB2 ∴ ∴AB=2BE= 故選B. 【分析】根據(jù)題意作出輔助線,構(gòu)造出直角三角形,利用勾股定理求

11、解是解答此題的關(guān)鍵。延長CO交AB于E點(diǎn),連接OB,構(gòu)造直角三角形,然后再根據(jù)勾股定理求出AB的長。 【答案】D 【考點(diǎn)】直角梯形,切線長定理 【解析】 【解答】根據(jù)切線長定理,得AD=AE,BC=BE,所以梯形的周長是5×2+4=14.故選D. 【分析】由切線長定理可知:AD=AE,BC=BE,因此梯形的周長=2AB+CD,已知了AB和⊙O的半徑,由此可求出梯形的周長. 【答案】C 【考點(diǎn)】三角形的外角性質(zhì),圓周角定理 【解析

12、】【解答】解:∵∠A=45°,∠AMD=75°, ∴∠C=∠AMD﹣∠A=75°﹣45°=30°, ∴∠B=∠C=30°, 故選C. 【分析】由三角形外角定理求得∠C的度數(shù),再由圓周角定理可求∠B的度數(shù).本題主要考查了三角形的外角定理,圓周角定理,熟記圓周角定理是解題的關(guān)鍵. 【答案】D 【考點(diǎn)】圓周角定理,相似三角形的判定與性質(zhì) 【解析】【解答】解: ∵AB是⊙O的直徑, ∴∠ACB=90°, ∵∠B=30°, ∴ , ∵CE平分∠ACB交⊙O于E, ∴ , ∴AD= AB,BD=

13、 AB, 過C作CE⊥AB于E,連接OE, ∵CE平分∠ACB交⊙O于E, ∴ = , ∴OE⊥AB, ∴OE= AB,CE= AB, ∴S△ADE:S△CDB=( AD?OE):( BD?CE)=( ):( )=2:3. 故選D. 【分析】由AB是⊙O的直徑,得到∠ACB=90°,根據(jù)已知條件得到 ,根據(jù)三角形的角平分線定理得到 ,求出AD= AB,BD= AB,過C作CE⊥AB于E,連接OE,由CE平分∠ACB交⊙O于E,得到OE⊥AB,求出OE= AB,CE= AB,根據(jù)三角形的面積公式即可得到結(jié)論.本題考查了圓周角定理,三角形的角平分線定理,三角形的面積的計(jì)算,直角三角

14、形的性質(zhì),正確作出輔助線是解題的關(guān)鍵. 【答案】B 【考點(diǎn)】圓心角、弧、弦的關(guān)系,圓周角定理,圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì) 【解析】【解答】解:∵四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O,∠ABC=105°, ∴∠ADC=180°﹣∠ABC=180°﹣105°=75°. ∵ = ,∠BAC=25°, ∴∠DCE=∠BAC=25°, ∴∠E=∠ADC﹣∠DCE=75°﹣25°=50°. 故選B. 【分析】先根據(jù)圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì)求出∠ADC的度數(shù),再由圓周角定理得出∠DCE的度數(shù),根據(jù)三角形外角的性質(zhì)即可得出結(jié)論.本題考查的

15、是圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì),熟知圓內(nèi)接四邊形的對角互補(bǔ)是解答此題的關(guān)鍵. 【答案】C 【考點(diǎn)】圓心角、弧、弦的關(guān)系,翻折變換(折疊問題) 【解析】【解答】解:如圖所示:連接BO,過點(diǎn)O作OE⊥AB于點(diǎn)E,由題意可得:EO= BO,AB∥DC, 可得∠EBO=30°, 故∠BOD=30°, 則∠BOC=150°, 故 的度數(shù)是150°. 故選:C. 【分析】直接利用翻折變換的性質(zhì)結(jié)合銳角三角函數(shù)關(guān)系得出∠BOD=30°,再利用弧度與圓心角的關(guān)系得出答案.此題主要考查了翻折變換的性質(zhì)以及弧度與圓心角的關(guān)

16、系,正確得出∠BOD的度數(shù)是解題關(guān)鍵. 【答案】C 【考點(diǎn)】平行四邊形的性質(zhì),圓周角定理,圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì) 【解析】【解答】解:設(shè)∠ADC的度數(shù)=α,∠ABC的度數(shù)=β; ∵四邊形ABCO是平行四邊形, ∴∠ABC=∠AOC; ∵∠ADC= β,∠AOC=α;而α+β=180°,∴ , 解得:β=120°,α=60°,∠ADC=60°, 故選C. 【分析】設(shè)∠ADC的度數(shù)=α,∠ABC的度數(shù)=β,由題意可得 ,求出β即可解決問題.該題主要考查了圓周角定理及其應(yīng)用問題;應(yīng)牢固掌握該定理并能靈活運(yùn)用

17、. 【答案】D 【考點(diǎn)】圓周角定理 【解析】【解答】解:連結(jié)OC,如圖, ∵ = , ∴∠BDC= ∠AOB= ×60°=30°. 故選D. 【分析】本題考查了圓周角定理定理:在同圓或等圓中,同弧或等弧所對的圓周角相等,都等于這條弧所對的圓心角的一半.推論:半圓(或直徑)所對的圓周角是直角,90°的圓周角所對的弦是直徑.直接根據(jù)圓周角定理求解. 【答案】C 【考點(diǎn)】圓周角定理,圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì),切線的性質(zhì) 【解析】

18、【解答】解:過點(diǎn)B作直徑BE,連接OD、DE. ∵B、C、D、E共圓,∠BCD=140°, ∴∠E=180°-140°=40°. ∴∠BOD=80°. ∵AB、AD與⊙O相切于點(diǎn)B、D, ∴∠OBA=∠ODA=90°. ∴∠A=360°-90°-90°-80°=100°. 故選C. 【分析】過點(diǎn)B作直徑BE,連接OD、DE.根據(jù)圓內(nèi)接四邊形性質(zhì)可求∠E的度數(shù);根據(jù)圓周角定理求∠BOD的度數(shù);根據(jù)四邊形內(nèi)角和定理求解.此題考查了切線的性質(zhì)、圓內(nèi)接四邊形性質(zhì)、圓周角定理、四邊形內(nèi)角和定理等知識點(diǎn),難度中等.連接切點(diǎn)和圓心是解決有關(guān)切線問題時(shí)常作的輔助線. 【答案】A

19、 【考點(diǎn)】根與系數(shù)的關(guān)系,三角形的內(nèi)切圓與內(nèi)心,切線長定理 【解析】【解答】解:連接OD,OE, x2-25x-150=0, (x-10)(x-15)=0, 解得:x1=10,x2=15, ∴設(shè)AD=10,BE=15,設(shè)半徑為x, ∴AB=AD+BE=25, ∴(AD+x)2+(BE+x)2=AB2 , ∴(10+x)2+(15+x)2=252 , 解得:x=5, 故選A. 【分析】根據(jù)因式分解法解一元二次方程,得出AD=10,BE=15,再利用切線長定理得出AB=25,進(jìn)而求出即可.此題主要考查

20、了三角形內(nèi)切圓的性質(zhì)以及切線長定理,根據(jù)已知得出(AD+x)2+(BE+x)2=AB2是解題關(guān)鍵. 二、填空題 【答案】70 【考點(diǎn)】圓周角定理,圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì) 【解析】【解答】解:∵四邊形ABCD為⊙O的內(nèi)接四邊形, ∴∠BCD+∠BAD=180°(圓內(nèi)接四邊形的對角互補(bǔ)); 又∵∠BCD=110°, ∴∠BAD=70°. 故答案為:70. 【分析】根據(jù)圓內(nèi)接四邊形的對角互補(bǔ)求∠BAD的度數(shù)即可.本題主要考查了圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì).解答此題時(shí),利用了圓內(nèi)接四邊形的對角互補(bǔ)的性質(zhì)來求∠BCD的補(bǔ)

21、角即可. 【答案】3π 【考點(diǎn)】圓周角定理,三角形的外接圓與外心,扇形面積的計(jì)算 【解析】【解答】解:∵△ABC是等邊三角形, ∴∠C=60°, 根據(jù)圓周角定理可得∠AOB=2∠C=120°, ∴陰影部分的面積是 =3π, 故答案為:3π. 【分析】根據(jù)等邊三角形性質(zhì)及圓周角定理可得扇形對應(yīng)的圓心角度數(shù),再根據(jù)扇形面積公式計(jì)算可得.本題主要考查扇形面積的計(jì)算和圓周角定理,根據(jù)等邊三角形性質(zhì)和圓周角定理求得圓心角度數(shù)是解題的關(guān)鍵. 【答案】 【考點(diǎn)】勾股定理,圓周角定理,相似三角形的判定與

22、性質(zhì) 【解析】【解答】解:如圖,連接BD, ∵AB為⊙O的直徑,AB=6,AD=5, ∴∠ADB=90°, ∴BD= = , ∵弦AD平分∠BAC, ∴ , ∴∠DBE=∠DAB, 在△ABD和△BED中, , ∴△ABD∽△BED, ∴ ,即BD2=ED×AD, ∴( )2=ED×5, 解得DE= . 故答案為: . 【分析】此題主要考查了相似三角形的判定和性質(zhì),以及圓周角定理,解答此題的關(guān)鍵是作輔助線,構(gòu)造出△ABD∽△BED.連接BD,由勾股定理先求出BD的長,再判定△ABD∽△BED,根據(jù)對應(yīng)邊成比例列出比例式,可求得D

23、E的長. 【答案】2:3 【考點(diǎn)】相交弦定理 【解析】【解答】解:∵⊙O的弦AB、CD相交于點(diǎn)E, ∴AE?BE=CE?DE, ∴AE:DE=CE:BE=2:3, 故答案為:2:3. 【分析】根據(jù)相交弦定理得到AE?BE=CE?DE,于是得到結(jié)論.此題考查了相交弦定理,熟練掌握相交弦定理是解題的關(guān)鍵. 【答案】25 【考點(diǎn)】垂徑定理的應(yīng)用 【解析】【解答】解;如圖,設(shè)圓的圓心為O,連接OA,OC,OC與AB交于點(diǎn)D,

24、設(shè)⊙O半徑為R, ∵OC⊥AB, ∴AD=DB= AB=20,∠ADO=90°, 在RT△AOD中,∵OA2=OD2+AD2 , ∴R2=202+(R﹣10)2 , ∴R=25. 故答案為25. 【分析】設(shè)圓的圓心為O,連接OA,OC,OC與AB交于點(diǎn)D,設(shè)⊙O半徑為R,在RT△AOD中利用勾股定理即可解決問題.本題考查垂徑定理、勾股定理等知識,解題的關(guān)鍵是學(xué)會添加常用輔助線,利用勾股定理列方程解決問題,屬于中考常考題型. 三、解答題 【答案】解:如圖,分兩種情況: ①當(dāng)點(diǎn)P在圓內(nèi)時(shí),最近點(diǎn)的距離為7,最大距離為11,則直徑是18,因而半徑是9; ②當(dāng)

25、點(diǎn)P在圓外時(shí),最近點(diǎn)的距離為7,最大距離為11,則直徑是4,因而半徑是2; 故答案:圓的半徑為2或9.圓 【考點(diǎn)】點(diǎn)與圓的位置關(guān)系 【解析】【分析】點(diǎn)P應(yīng)分為位于圓的內(nèi)部或外部兩種情況討論.當(dāng)點(diǎn)P在圓內(nèi)時(shí),點(diǎn)到圓的最大距離與最小距離的和是直徑;當(dāng)點(diǎn)P在圓外時(shí),點(diǎn)到圓的最大距離與最小距離的差是直徑,由此得解. 【答案】解:過O作OC⊥AB垂足為C, ∵OC⊥AB ∴BC=8cm 在RT△OBC中,由勾股定理得, OC= = =6, 答:圓心O到水面的距離6. 【考點(diǎn)】垂徑定理的應(yīng)用

26、 【解析】【分析】先根據(jù)垂徑定理得出AB=2BC,再根據(jù)勾股定理求出BC的長,進(jìn)而可得出答案. 四、綜合題 【答案】 (1)證明:∵BD=BA, ∴∠BDA=∠BAD, ∵∠1=∠BDA, ∴∠1=∠BAD; (2)證明:連接BO, ∵∠ABC=90°, 又∵∠BAD+∠BCD=180°, ∴∠BCO+∠BCD=180°, ∵OB=OC, ∴∠BCO=∠CBO, ∴∠CBO+∠BCD=180°, ∴OB∥DE, ∵BE⊥DE, ∴EB⊥OB, ∵OB是⊙O的半徑, ∴BE是⊙O的切線.

27、 【考點(diǎn)】圓周角定理,三角形的外接圓與外心,切線的判定 【解析】【分析】(1)根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)和圓周角定理得出即可;(2)連接BO,求出OB∥DE,推出EB⊥OB,根據(jù)切線的判定得出即可;本題考查了三角形的外接圓與外心,等腰三角形的性質(zhì),切線的判定,熟練掌握切線的判定定理是解題的關(guān)鍵. 【答案】 (1)證明:∵四邊形ABCD內(nèi)接于圓O, ∴∠DCB+∠BAD=180°, ∵∠BAD=105°, ∴∠DCB=180°﹣105°=75°, ∵∠DBC=75°, ∴∠DCB=∠DBC=75°, ∴BD=CD; (2)解:∵∠DCB

28、=∠DBC=75°, ∴∠BDC=30°, 由圓周角定理,得, 的度數(shù)為:60°, 故 = = =π, 答: 的長為π. 【考點(diǎn)】圓內(nèi)接四邊形的性質(zhì),弧長的計(jì)算 【解析】【分析】此題主要考查了弧長公式應(yīng)用以及圓周角定理等知識,根據(jù)題意得出∠DCB的度數(shù)是解題關(guān)鍵.(1)直接利用圓周角定理得出∠DCB的度數(shù),再利用∠DCB=∠DBC求出答案;(2)首先求出 的度數(shù),再利用弧長公式直接求出答案. 【答案】 (1)證明:如圖1,∵△ABD和△ACE是等邊三角形, ∴AB=AD,AC=AE,∠DAB=∠E

29、AC=60°, ∴∠DAB+∠BAC=∠EAC+∠BAC, 即∠DAC=∠BAE, ∴△ABE≌△ADC (2)證明:如圖2,∠BOC=90°,理由是: ∵四邊形ABFD和四邊形ACGE都是正方形, ∴AB=AD,AC=AE,∠DAB=∠EAC=90°, ∴∠BAE=∠DAC, ∴△ADC≌△ABE, ∴∠BEA=∠DCA, ∵∠EAC=90°, ∴∠AMC+∠DCA=90°, ∵∠BOC=∠OME+∠BEA=∠AMC+∠DCA, ∴∠BOC=90° (3)72° (4) 【考點(diǎn)】全等三角形的性質(zhì),等邊三角形的性質(zhì),正方形的性質(zhì),正多邊形的性質(zhì)

30、 【解析】【解答】證明:(3)如圖3,同理得:△ADC≌△ABE, ∴∠BEM=∠DCA, ∵∠BOC=∠BEM+∠OME=∠DCA+∠AMC, ∵正五邊形ACIGE, ∴∠EAC=180°﹣ =108°, ∴∠DCA+∠AMC=72°, ∴∠BOC=72°; 故答案為:72°; 4)如圖4,∠BOC的度數(shù)為 ,理由是: 同理得:△ADC≌△ABE, ∴∠BEA=∠DCA, ∵∠BOC=∠BEA+∠OME=∠DCA+∠AMC, ∵正n邊形AC…E, ∴∠EAC=180°﹣ , ∴∠DCA+∠AMC=180°﹣(180﹣ )°, ∴∠BOC=

31、 . 【分析】(1)根據(jù)等邊三角形證明AB=AD,AC=AE,再利用等式性質(zhì)得∠DAC=∠BAE,根據(jù)SAS得出△ABE≌△ADC;(2)根據(jù)正方形性質(zhì)證明△ABE≌△ADC,得∠BEA=∠DCA,再由正方形ACEG的內(nèi)角∠EAC=90°和三角形外角和定理得∠BOC=90°;(3)根據(jù)正五邊形的性質(zhì)證明:△ADC≌△ABE,再計(jì)算五邊形每一個(gè)內(nèi)角的度數(shù)為108°,由三角形外角定理求出∠BOC=72°;(4)根據(jù)正n邊形的性質(zhì)證明:△ADC≌△ABE,再計(jì)算n邊形每一個(gè)內(nèi)角的度數(shù)為180°﹣ ,由三角形外角定理求出∠BOC= .本題是四邊形的綜合題,考查了全等三角形、等邊三角形、正四邊形等圖形的性質(zhì),關(guān)鍵是利用正n邊形各邊相等證明兩三角形全等,運(yùn)用了類比的方法,同時(shí)還要熟練掌握正n邊形每一個(gè)內(nèi)角的求法:可以利用外角和求,也可以利用內(nèi)角和求;根據(jù)三角形的一個(gè)外角等于與它不相鄰的兩個(gè)內(nèi)角和列式并綜合對頂角相等分別得出結(jié)論.

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