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2022年高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 參數(shù)取值問題的題型與方法教案 蘇教版

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1、2022年高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 參數(shù)取值問題的題型與方法教案 蘇教版 (Ⅰ)參數(shù)取值問題的探討 一、若在等式或不等式中出現(xiàn)兩個(gè)變量,其中一個(gè)變量的范圍已知,另一個(gè)變量的范圍為所求,且容易通過恒等變形將兩個(gè)變量分別置于等號(hào)或不等號(hào)的兩邊,則可將恒成立問題轉(zhuǎn)化成函數(shù)的最值問題求解。 例1.已知當(dāng)xR時(shí),不等式a+cos2x<54sinx+恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍。 分析:在不等式中含有兩個(gè)變量a及x,其中x的范圍已知(xR),另一變量a的范圍即為所求,故可考慮將a及x分離。 解:原不等式即:4sinx+cos2x

2、題轉(zhuǎn)化成求f(x)=4sinx+cos2x的最值問題。 f(x)= 4sinx+cos2x=2sin2x+4sinx+1=2(sinx1)2+33, ∴a+5>3即>a+2 上式等價(jià)于或,解得a<8. 說明:注意到題目中出現(xiàn)了sinx及cos2x,而cos2x=12sin2x,故若把sinx換元成t,則可把原不等式轉(zhuǎn)化成關(guān)于t的二次函數(shù)類型。 另解:a+cos2x<54sinx+即 a+12sin2x<54sinx+,令sinx=t,則t[1,1], 整理得2t24t+4a+>0,( t[1,1])恒成立。 設(shè)f(t)= 2t24t+4a+則二次函數(shù)的對(duì)稱軸為t=1, f(

3、x)在[1,1]內(nèi)單調(diào)遞減。 只需f(1)>0,即>a2.(下同) 例2.已知函數(shù)f(x)在定義域(,1]上是減函數(shù),問是否存在實(shí)數(shù)k,使不等式f(ksinx)f(k2sin2x)對(duì)一切實(shí)數(shù)x恒成立?并說明理由。 分析:由單調(diào)性與定義域,原不等式等價(jià)于ksinx≤k2sin2x≤1對(duì)于任意x∈R恒成立,這又等價(jià)于 對(duì)于任意x∈R恒成立。 不等式(1)對(duì)任意x∈R恒成立的充要條件是k2≤(1+sin2x)min=1,即1≤k≤1----------(3) 不等式(2)對(duì)任意x∈R恒成立的充要條件是k2k+≥[(sinx)2]max=, 即k≤1或k≥2,-----------

4、(4) 由(3)、(4)求交集,得k=1,故存在k=1適合題設(shè)條件。 說明:抽象函數(shù)與不等式的綜合題常需要利用單調(diào)性脫掉函數(shù)記號(hào)。 例3.設(shè)直線過點(diǎn)P(0,3),和橢圓順次交于A、B兩點(diǎn),試求的取值范圍. 分析:本題中,絕大多數(shù)同學(xué)不難得到:=,但從此后卻一籌莫展, 問題的根源在于對(duì)題目的整體把握不夠. 事實(shí)上,所謂求取值范圍,不外乎兩條路:其一是構(gòu)造所求變量關(guān)于某個(gè)(或某幾個(gè))參數(shù)的函數(shù)關(guān)系式(或方程),這只需利用對(duì)應(yīng)的思想實(shí)施;其二則是構(gòu)造關(guān)于所求量的一個(gè)不等關(guān)系. 思路1: 從第一條想法入手,=已經(jīng)是一個(gè)關(guān)系式,但由于有兩個(gè)變量,同時(shí)這兩個(gè)變量的范圍不好控制,所以自然想到利用第

5、3個(gè)變量——直線AB的斜率k. 問題就轉(zhuǎn)化為如何將轉(zhuǎn)化為關(guān)于k的表達(dá)式,到此為止,將直線方程代入橢圓方程,消去y得出關(guān)于的一元二次方程,其求根公式呼之欲出. 所求量的取值范圍 把直線l的方程y = kx+3代入橢圓方程,消去y得到關(guān)于x的一元二次方程 xA= f(k),xB = g(k) 得到所求量關(guān)于k的函數(shù)關(guān)系式 求根公式 AP/PB = —(xA / xB) 由判別式得出k的取值范圍 解1:當(dāng)直線垂直于x軸時(shí),可求得; 當(dāng)與x軸不垂直時(shí),設(shè),直線的方程為:,代入橢圓方程,消去得, 解之得 因?yàn)闄E圓關(guān)于y

6、軸對(duì)稱,點(diǎn)P在y軸上,所以只需考慮的情形. 當(dāng)時(shí),,, 所以 ===. 由 , 解得 , 所以 , 綜上 . 思路2: 如果想構(gòu)造關(guān)于所求量的不等式,則應(yīng)該考慮到:判別式往往是產(chǎn)生不等的根源. 由判別式值的非負(fù)性可以很快確定的取值范圍,于是問題轉(zhuǎn)化為如何將所求量與聯(lián)系起來. 一般來說,韋達(dá)定理總是充當(dāng)這種問題的橋梁,但本題無法直接應(yīng)用韋達(dá)定理,原因在于不是關(guān)于的對(duì)稱關(guān)系式. 原因找到后,解決問題的方法自然也就有了,即我們可以構(gòu)造關(guān)于的對(duì)稱關(guān)系式. 把直線l的方程y = kx+3代入橢圓方程,消去y得到關(guān)于x的一元二次方程 xA+ xB = f(k),xA xB

7、= g(k) 構(gòu)造所求量與k的關(guān)系式 關(guān)于所求量的不等式 韋達(dá)定理 AP/PB = —(xA / xB) 由判別式得出k的取值范圍 解2:設(shè)直線的方程為:,代入橢圓方程,消去得 (*) 則 令,則, 在(*)中,由判別式可得 , 從而有 ,所以, 解得.結(jié)合得. 綜上,. 說明:范圍問題不等關(guān)系的建立途徑多多,諸如判別式法,均值不等式法,變量的有界性法,函數(shù)的性質(zhì)法,數(shù)形結(jié)合法等等. 本題也可從數(shù)形結(jié)合的角度入手,給出又一優(yōu)美解法. 二、直接根據(jù)圖像判斷 若把等式或不

8、等式進(jìn)行合理的變形后,能非常容易地畫出等號(hào)或不等號(hào)兩邊函數(shù)的圖象,則可以通過畫圖直接判斷得出結(jié)果。尤其對(duì)于選擇題、填空題這種方法更顯方便、快捷。 例4.已知長(zhǎng)方形四個(gè)頂點(diǎn)A(0,0),B(2,0),C(2,1)和D(0,1).一質(zhì)點(diǎn)從AB的中點(diǎn)P沿與AB夾角為θ的方向射到BC上的點(diǎn)P1后,依次反射到CD、DA和AB上的點(diǎn)P2、P3和P4(入射角等于反射角).設(shè)P4的坐標(biāo)為(x4,0).若1< x4<2,則的取值范圍是 ( ) (A) (B) (C) (D) 圖1 圖2 分析: 《高中數(shù)學(xué)課程標(biāo)準(zhǔn)》提倡讓學(xué)生

9、自主探索, 動(dòng)手實(shí)踐, 并主張?jiān)诟咧袑W(xué)課程設(shè)立“數(shù)學(xué)探究”學(xué)習(xí)活動(dòng),本題可以嘗試用特殊位置來解,不妨設(shè)與AB的中點(diǎn)P重合(如圖1所示),則P1、P2、P3分別是線段BC、CD、DA的中點(diǎn),所以.由于在四個(gè)選擇支中只有C含有,故選C. x y o 1 2 y1=(x-1)2 y2=logax 當(dāng)然,本題也可以利用對(duì)稱的方法將“折線”問題轉(zhuǎn)化成“直線”問題來直接求解(如圖2所示). 說明 由本題可見, 探索猜想在數(shù)學(xué)學(xué)習(xí)中的地位.這也是選擇題的應(yīng)有特點(diǎn). 例5.當(dāng)x(1,2)時(shí),不等式(x1)2

10、,求a的取值范圍。 分析:若將不等號(hào)兩邊分別設(shè)成兩個(gè)函數(shù),則左邊為二次函數(shù),圖象是拋物線,右邊為常見的對(duì)數(shù)函數(shù)的圖象,故可以通過圖象求解。 解:設(shè)y1=(x1)2,y2=logax,則y1的圖象為右圖所示的拋物線,要使對(duì)一切x(1,2),y11,并且必須也只需當(dāng)x=2時(shí)y2的函數(shù)值大于等于y1的函數(shù)值。 故loga2>1,a>1,1

11、, x∈[0,1]. 一次(或常數(shù))函數(shù)恒正,被線段端點(diǎn)“抬在”x軸的上方。故有: 說明:給定一次函數(shù)y=f(x)=ax+b(a≠0),若y=f(x)在[m,n]內(nèi)恒有f(x)>0,則根據(jù)函數(shù)的圖象(直線)可得上述結(jié)論等價(jià)于 ⅰ)或ⅱ)亦可合并定成 同理,若在[m,n]內(nèi)恒有f(x)<0,則有 例7.對(duì)于滿足|p|2的所有實(shí)數(shù)p,求使不等式x2+px+1>2p+x恒成立的x的取值范圍。 分析:在不等式中出現(xiàn)了兩個(gè)字母:x及P,關(guān)鍵在于該把哪個(gè)字母看成是一個(gè)變量,另一個(gè)作為常數(shù)。顯然可將p視作自變量,則上述問題即可轉(zhuǎn)化為在[2,2]內(nèi)關(guān)于p的一次函數(shù)大于0恒成立的問題。

12、 略解:不等式即(x1)p+x22x+1>0,設(shè)f(p)= (x1)p+x22x+1,則f(p)在[2,2]上恒大于0,故有: 即解得: ∴x<1或x>3. 例8.設(shè)f(x)=x22ax+2,當(dāng)x[1,+)時(shí),都有f(x)a恒成立,求a的取值范圍。 分析:題目中要證明f(x)a恒成立,若把a(bǔ)移到等號(hào)的左邊,則把原題轉(zhuǎn)化成左邊二次函數(shù)在區(qū)間[1,+)時(shí)恒大于0的問題。 解:設(shè)F(x)= f(x)a=x22ax+2a. ⅰ)當(dāng)=4(a1)(a+2)<0時(shí),即2

13、 x y 即 得3a2; 綜合可得a的取值范圍為[3,1] 說明:若二次函數(shù)y=ax2+bx+c=0(a≠0)大于0恒成立,則有 若是二次函數(shù)在指定區(qū)間上的恒成立問題,還可以利用韋達(dá)定理以及根與系數(shù)的分布知識(shí)求解。 4 o x y 例9.關(guān)于x的方程9x+(4+a)3x+4=0恒有解,求a的范圍。 分析:題目中出現(xiàn)了3x及9x,故可通過換元轉(zhuǎn)化成二次函數(shù)型求解。 解法1(利用韋達(dá)定理): 設(shè)3x=t,則t>0.則原方程有解即方程t2+(4+a)t+4=0有正根。 即 解得a8. 解法2(利用根與系數(shù)的分布知識(shí)): 4 o x y 即要

14、求t2+(4+a)t=0有正根。設(shè)f(x)= t2+(4+a)t+4. 10.=0,即(4+a)216=0,∴a=0或a=8. a=0時(shí),f(x)=(t+2)2=0,得t=2<0,不合題意; a=8時(shí),f(x)=(t2)2=0,得t=2>0,符合題意。 ∴a=8. 20. >0,即a<8或a>0時(shí), ∵f(0)=4>0,故只需對(duì)稱軸,即a<4. ∴a<8 綜合可得a8. 三、解析幾何中確定參變量的取值范圍歷來是各級(jí)各類測(cè)試及高考命題的熱點(diǎn)。由于此類問題綜合性強(qiáng),且確定參變量取值范圍的不等量關(guān)系也較為隱蔽,因而給解題帶來了諸多困難。為此,我們有必要總結(jié)和歸納如何尋找或挖掘不

15、等量關(guān)系的策略和方法。 在幾何問題中,有些問題和參數(shù)無關(guān),這就構(gòu)成定值問題,解決這些問題常通過取參數(shù)和特殊值來確定“定值”是多少,或者將該問題涉及的幾何式轉(zhuǎn)化為代數(shù)式或三角式來證明該式是恒定的。 解析幾何中的最值問題,一般先根據(jù)條件列出所求目標(biāo)——函數(shù)關(guān)系式,然后根據(jù)函數(shù)關(guān)系式手特征選用參數(shù)法,配方法,判別式法,應(yīng)用不等式的性質(zhì),以及三角函數(shù)最值法等求出它的最大值或最小值。 充分運(yùn)用各種方法學(xué)會(huì)解圓錐曲線的綜合問題(解析法的應(yīng)用,數(shù)形結(jié)合的數(shù)學(xué)思想,圓錐曲線與圓錐曲線的位置關(guān)系,與圓錐曲線相關(guān)的定值問題,最值問題,應(yīng)用問題和探索性問題)。 研究最值問題是實(shí)踐的需要,人類在實(shí)踐活動(dòng)中往往

16、追求最佳結(jié)果,抽象化之成為數(shù)學(xué)上的最值問題,所以最值問題幾乎滲透到數(shù)學(xué)的每一章。 解析幾何中的最值問題主要是曲線上的點(diǎn)到定點(diǎn)的距離最值,到定直線的距離最值,還有面積最值,斜率最值等,解決的辦法也往往是數(shù)形結(jié)合或轉(zhuǎn)化為函數(shù)最值。 而一些函數(shù)最值,反而可以通過數(shù)形結(jié)合轉(zhuǎn)化為解析幾何中的最值問題。 1.幾何法:若題目的條件和結(jié)論能明顯體現(xiàn)幾何特征及意義,則考慮利用圖形性質(zhì)來解決。 2.代數(shù)法:若題目的條件和結(jié)論能體現(xiàn)一種明確的函數(shù)關(guān)系,則可首先建立目標(biāo)函數(shù),再求這個(gè)函數(shù)的最值。求函數(shù)最值常用的方法有配方法、判別式法、重要不等式法、三角函數(shù)的值域法、函數(shù)的單調(diào)性法。 例10. 已知橢圓C:和

17、點(diǎn)P(4,1),過P作直線交橢圓于A、B兩點(diǎn),在線段AB上取點(diǎn)Q,使,求動(dòng)點(diǎn)Q的軌跡所在曲線的方程及點(diǎn)Q的橫坐標(biāo)的取值范圍. 分析:這是一個(gè)軌跡問題,解題困難在于多動(dòng)點(diǎn)的困擾,學(xué)生往往不知從何入手。其實(shí),應(yīng)該想到軌跡問題可以通過參數(shù)法求解. 因此,首先是選定參數(shù),然后想方設(shè)法將點(diǎn)Q的橫、縱坐標(biāo)用參數(shù)表達(dá),最后通過消參可達(dá)到解題的目的. 由于點(diǎn)的變化是由直線AB的變化引起的,自然可選擇直線AB的斜率作為參數(shù),如何將與聯(lián)系起來?一方面利用點(diǎn)Q在直線AB上;另一方面就是運(yùn)用題目條件:來轉(zhuǎn)化.由A、B、P、Q四點(diǎn)共線,不難得到,要建立與的關(guān)系,只需將直線AB的方程代入橢圓C的方程,利用韋達(dá)定理即可

18、. 通過這樣的分析,可以看出,雖然我們還沒有開始解題,但對(duì)于如何解決本題,已經(jīng)做到心中有數(shù). 將直線方程代入橢圓方程,消去y,利用韋達(dá)定理 利用點(diǎn)Q滿足直線AB的方程:y = k (x—4)+1,消去參數(shù)k 點(diǎn)Q的軌跡方程 在得到之后,如果能夠從整體上把握,認(rèn)識(shí)到:所謂消參,目的不過是得到關(guān)于的方程(不含k),則可由解得,直接代入即可得到軌跡方程。從而簡(jiǎn)化消去參的過程。 解:設(shè),則由可得:, 解之得: (1) 設(shè)直線AB的方程為:,代入橢圓C的方程,消去得出關(guān)于 x的一元二次方程

19、: (2) ∴ 代入(1),化簡(jiǎn)得: (3) 與聯(lián)立,消去得: 在(2)中,由,解得 ,結(jié)合(3)可求得 故知點(diǎn)Q的軌跡方程為: (). 說明:由方程組實(shí)施消元,產(chǎn)生一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)的關(guān)于一個(gè)變量的一元二次方程,其判別式、韋達(dá)定理模塊思維易于想到. 這當(dāng)中,難點(diǎn)在引出參,活點(diǎn)在應(yīng)用參,重點(diǎn)在消去參.,而“引參、用參、消參”三步曲,正是解析幾何綜合問題求解的一條有效通道. 例11.已知,試討論的值變化時(shí),方程表示的曲線的形狀。 解:(1)當(dāng)時(shí),方程化為,它表示兩條與軸平行的直線; (2)當(dāng)時(shí)

20、,方程化為,它表示兩條與軸平行的直線; (3)當(dāng)時(shí),方程化為,它表示一個(gè)單位圓; (4)當(dāng)時(shí),方程化為,因?yàn)椋运硎疽粋€(gè)焦點(diǎn)在軸上那個(gè)的橢圓; (5)當(dāng)時(shí),方程化為,因?yàn)椋运硎疽粋€(gè)焦點(diǎn)在軸上那個(gè)的橢圓; (6)當(dāng)時(shí),方程化為,因?yàn)?,所以它表示一個(gè)焦點(diǎn)在軸上那個(gè)的雙曲線。 (Ⅱ)、求參數(shù)的取值范圍在解析幾何中的應(yīng)用 例12.一農(nóng)民有田2畝,根據(jù)他的經(jīng)驗(yàn):若種水稻,則每畝每期產(chǎn)量為400公斤,若種花生,則每畝產(chǎn)量為100公斤,但水稻成本較高,每畝每期240元,而花生只要80元,且花生每公斤可賣5元,稻米每公斤只賣3元,現(xiàn)在他只能湊足400元,問這

21、位農(nóng)民對(duì)兩種作物應(yīng)各種多少畝,才能得到最大利潤(rùn)? 分析:最優(yōu)種植安排問題就是要求當(dāng)非負(fù)變量x、y滿足條件和時(shí),總利潤(rùn)P達(dá)到最大,是線性規(guī)劃問題。 解:設(shè)水稻種x畝,花生種y畝,則有題意得: 即 此不等式組的解為四邊形區(qū)域(包括邊界),這些解通常就叫做本問題的可行解,并稱這個(gè)區(qū)域?yàn)閱栴}的可行解區(qū)域。 而利潤(rùn)P=(3×400-200)x+(5×100-80)y=960x+420y為二元函數(shù),通常就叫做本問題的目標(biāo)函數(shù)。故所求問題變?yōu)椋阂诖丝尚薪鈪^(qū)域內(nèi),找出(x,y)點(diǎn),使目標(biāo)函數(shù)P=960x+4

22、20y的值為最大,這類點(diǎn)就叫做本問題的最佳解。如何找出這類點(diǎn)呢?觀察目標(biāo)函數(shù)P,我們知道: (1) 當(dāng)P等于任意常數(shù)m時(shí),m=960x+420y 都是-48/21的直線; (2) 若直線l:m=960x+420y與可行解區(qū)域相交,則對(duì)應(yīng)于此直線的任一可行解,目標(biāo)函數(shù)P的值皆為m; (3) 當(dāng)直線l:m=960x+420y 即 y=-48/21x+m/400過可行解區(qū)域,且縱截距最大時(shí),m有最大值,即目標(biāo)函數(shù)P有最大值。 由圖可知,當(dāng)直線l過B點(diǎn)時(shí),縱截距最大。 解方程組 得交點(diǎn)B(1.5,0.5) 所以當(dāng)x=1.5,y=0.5時(shí),Pmax=960×1.5+420×0.5

23、=1650(元) 即水稻種1.5畝,花生種0.5畝時(shí)所得的利潤(rùn)最大。 說明:很多數(shù)學(xué)應(yīng)用題都與二元一次不等式組有關(guān),而不等式組的解答往往很多, 在各種解答中,是否有一組為符合實(shí)際情況的最佳解答呢?求此類問題的解答為數(shù)學(xué)的一個(gè)重要分支——線性規(guī)劃。線性規(guī)劃是最優(yōu)化模型中的一個(gè)重要內(nèi)容,它具有適應(yīng)性強(qiáng),應(yīng)用面廣,計(jì)算技術(shù)比較簡(jiǎn)便的特點(diǎn),它是現(xiàn)代管理科學(xué)的重要基礎(chǔ)和手段之一。利用線性規(guī)劃解決應(yīng)用問題的方法可按下列步驟進(jìn)行: (1) 根據(jù)題意,建立數(shù)學(xué)模型,作出不等式組區(qū)域的圖形,即可行解區(qū)域; (2) 設(shè)所求的目標(biāo)函數(shù)f(x,y)為m值; (3)將各頂點(diǎn)坐標(biāo)代入目標(biāo)函數(shù),即可得m

24、的最大值或最小值,或求直線f(x,y)=m在y軸上截距的最大值(最小值)從而得m的最大值(最小值)。 例13.某汽車公司有兩家裝配廠,生產(chǎn)甲、乙兩種不同型的汽車,若A廠每小時(shí)可完成1輛甲型車和2輛乙型車;B廠每小時(shí)可完成3輛甲型車和1輛乙型車。今欲制造40輛甲型車和乙型車,問這兩家工廠各工作幾小時(shí),才能使所費(fèi)的總工作時(shí)數(shù)最??? 分析:這是一個(gè)如何安排生產(chǎn)才能發(fā)揮最佳效率的問題。最優(yōu)工作時(shí)數(shù)的安排問題就是A、B兩廠生產(chǎn)甲、乙兩種不同型號(hào)的汽車數(shù)不得低于甲型40輛、乙型20輛時(shí),總工時(shí)最少。 解:設(shè)A廠工作x小時(shí),B廠生產(chǎn)y小時(shí),總工作時(shí)數(shù)為T小時(shí),則它的目標(biāo)函數(shù)為 T=x+y

25、 且x+3y≥40 ,2x+y≥20 ,x≥0 ,y≥0 可行解區(qū)域,而符合問題的解答為此區(qū)域內(nèi)的格子點(diǎn)(縱、橫坐標(biāo)都是整數(shù)的點(diǎn)稱為格子點(diǎn)),于是問題變?yōu)椋阂诖丝尚薪鈪^(qū)域內(nèi),找出格子點(diǎn)(x,y),使目標(biāo)函數(shù)T =x+y的值為最小。由圖知當(dāng)直線l:y=-x+T過Q點(diǎn)時(shí),縱截距T最小,但由于符合題意的解必須是格子點(diǎn),我們還必須看Q點(diǎn)是否是格子點(diǎn)。 解方程組 得Q(4,12)為格子點(diǎn), 故A廠工作4小時(shí),B廠工作12小時(shí),可使所費(fèi)的總工作時(shí)數(shù)最少。 說明:也可以用凸多邊形性質(zhì)去尋找最佳解,要注意到有時(shí)符合題意的解僅限于可行解區(qū)域內(nèi)的格子點(diǎn),此時(shí)如果有端點(diǎn)并非格子點(diǎn),這些點(diǎn)就不符合題意

26、,不是我們要找的解;如果所有的端點(diǎn)都是格子點(diǎn),所有的端點(diǎn)全符合題意,我們就可用凸多邊形性質(zhì)去找出最佳解。 符合本題的解僅為可行解區(qū)域內(nèi)的格子點(diǎn),其可行解區(qū)域的端點(diǎn)P(40,0),Q(4,12)R(0,20)都是格子點(diǎn),都符合題意,而它們所對(duì)應(yīng)的目標(biāo)函數(shù)值如下表所示: (x,y) (40,0) (4,12) (0,20) T 40 16 20 故Q(4,12)即為所要找的點(diǎn)。 例14.私人辦學(xué)是教育發(fā)展的方向。某人準(zhǔn)備投資1200萬(wàn)元興辦一所完全中學(xué),為了考慮社會(huì)效益和經(jīng)濟(jì)效益,對(duì)該地區(qū)教育市場(chǎng)進(jìn)行調(diào)查,得出一組數(shù)

27、據(jù)列表如下(以班級(jí)為單位): 班級(jí)學(xué)生數(shù) 配備教師數(shù) 硬件建設(shè)(萬(wàn)元) 教師年薪(萬(wàn)元) 初中 50 2.0 28 1.2 高中 40 2.5 58 1.6 根據(jù)物價(jià)部門的有關(guān)文件,初中是義務(wù)教育階段,收費(fèi)標(biāo)準(zhǔn)適當(dāng)控制,預(yù)計(jì)除書本費(fèi)、辦公費(fèi)以外每生每年收取600元,高中每生每年可收取1500元。因生源和環(huán)境等條件的限制,辦學(xué)規(guī)模以20至30個(gè)班為宜。教師實(shí)行聘任制。初中、高中的教育周期均為三年。請(qǐng)你合理地安排找生計(jì)劃,使年利潤(rùn)最大,大約經(jīng)過多少年可以收回全部投資? 解:設(shè)初中編制為x

28、個(gè)班,高中編制為y個(gè)班。 則 (x>0,y>0,x,y∈Z)。 計(jì)年利潤(rùn)為s,那么s=3x+6y-2.4x-4y,即s=0.6x+2y 作出不等式表示的平面區(qū)域。問題轉(zhuǎn)化為求直線0.6x+2xs=0截距的最大值。過點(diǎn)A作0.6x+2y=0的平行線即可求出s的最大值。 聯(lián)立得A(18,12)。 將x=18,y=12代入s=0.6x+2y求得Smax=34.8。 設(shè)經(jīng)過n年可收回投資,則11.6+23.2+34.8(n2)=1200,可得n=33.5。 學(xué)校規(guī)模初中18個(gè)班級(jí),高中12個(gè)班級(jí),第一年初中招生6個(gè)班300人,高中招生4個(gè)班160人。從第三年開始年利潤(rùn)34.

29、8萬(wàn)元,大約經(jīng)過36年可以收回全部投資。 說明:本題的背景材料是投資辦教育,擬定一份計(jì)劃書,本題是計(jì)劃書中的部分內(nèi)容。要求運(yùn)用數(shù)形結(jié)合思想,解析幾何知識(shí)和數(shù)據(jù)處理的綜合能力。通過計(jì)算可知,投資教育主要是社會(huì)效益,提高整個(gè)民族的素質(zhì),經(jīng)濟(jì)效益不明顯。 (Ⅲ)、強(qiáng)化訓(xùn)練 1.(南京市質(zhì)量檢測(cè)試題) 若對(duì)個(gè)向量存在個(gè)不全為零的實(shí)數(shù),使得成立,則稱向量為“線性相關(guān)”.依此規(guī)定, 能說明,,“線性相關(guān)”的實(shí)數(shù)依次可以取 (寫出一組數(shù)值即可,不必考慮所有情況). 2.已知雙曲線,直線過點(diǎn),斜率為,當(dāng)時(shí),雙曲線的上支上有且僅有一點(diǎn)B到直線的距離為,試求的值及此時(shí)點(diǎn)B的坐標(biāo)。 3.設(shè)函

30、數(shù)f(x)=2x-12-x-1,xR,若當(dāng)0時(shí),f(cos2+2msin)+f(2m2)>0恒成立,求實(shí)數(shù)m的取值范圍。 4.已知關(guān)于x的方程lg(x+20x) lg(8x6a3)=0有唯一解,求實(shí)數(shù)a的取值范圍。 5.試就的不同取值,討論方程所表示的曲線形狀,并指出其焦點(diǎn)坐標(biāo)。 6.某公司計(jì)劃在今年內(nèi)同時(shí)出售變頻空調(diào)機(jī)和智能型洗衣機(jī),由于這兩種產(chǎn)品的市場(chǎng)需求量非常大,有多少就能銷售多少,因此該公司要根據(jù)實(shí)際情況(如資金、勞動(dòng)力)確定產(chǎn)品的月供應(yīng)量,以使得總利潤(rùn)達(dá)到最大。已知對(duì)這兩種產(chǎn)品有直接限制的因素是資金和勞動(dòng)力,通過調(diào)查,得到關(guān)于這兩種產(chǎn)品的有關(guān)數(shù)據(jù)如下表: 資金 單位產(chǎn)品

31、所需資金(百元) 月資金供應(yīng)量(百元) 空調(diào)機(jī) 洗衣機(jī) 成本 30 20 300 勞動(dòng)力 (工資) 5 10 110 單位利潤(rùn) 6 8 試問:怎樣確定兩種貨物的月供應(yīng)量,才能使總利潤(rùn)達(dá)到最大,最大利潤(rùn)是多少? 7.某?;锸抽L(zhǎng)期以面粉和大米為主食,而面食每100克含蛋白質(zhì)6個(gè)單位,含淀粉4個(gè)單位,售價(jià)0.5元,米食每100克含蛋白質(zhì)3個(gè)單位,含淀粉7個(gè)單位,售價(jià)0.4元,學(xué)校要求給學(xué)生配制盒飯,每盒飯至少有8個(gè)單位的蛋白質(zhì)和10個(gè)單位的淀粉,問應(yīng)如何配制盒飯,才既科學(xué)又費(fèi)用最少? 8.發(fā)電廠主控室的表盤,高m米,表盤底邊距地面n米。問值班人員

32、坐在什么位 置上,看得最清楚?(值班人員坐在椅子上眼睛距地面的高度一般為1.2米) 9. 某養(yǎng)雞廠想筑一個(gè)面積為144平方米的長(zhǎng)方形圍欄。圍欄一邊靠墻,現(xiàn)有50米鐵絲網(wǎng),筑成這樣的圍欄最少要用多少米鐵絲網(wǎng)?已有的墻最多利用多長(zhǎng)?最少利用多長(zhǎng)? (Ⅳ)、參考答案 1.分析:本題將高等代數(shù)中維向量空間的線形相關(guān)的定義,移植到平面向量中,定義了個(gè)平面向量線性相關(guān).在解題過程中,首先應(yīng)該依據(jù)定義,得到,即,于是,所以即則.所以,的值依次可?。ㄊ遣坏扔诹愕娜我鈱?shí)數(shù)). 2.分析1:解析幾何是用代數(shù)方法來研究幾何圖形的一門學(xué)科,因此,數(shù)形結(jié)合必然是研究解析幾何問題的重要手段. 從“有且僅有”

33、這個(gè)微觀入手,對(duì)照草圖,不難想到:過點(diǎn)B作與平行的直線,必與雙曲線C相切. 而相切的代數(shù)表現(xiàn)形式是所構(gòu)造方程的判別式. 由此出發(fā),可設(shè)計(jì)如下解題思路: 把直線l’的方程代入雙曲線方程,消去y,令判別式 直線l’在l的上方且到直線l的距離為 解題過程略. 分析2:如果從代數(shù)推理的角度去思考,就應(yīng)當(dāng)把距離用代數(shù)式表達(dá),即所謂“有且僅有一點(diǎn)B到直線的距離為”,相當(dāng)于化歸的方程有唯一解. 據(jù)此設(shè)計(jì)出如下解題思路: 轉(zhuǎn)化為一元二次方程根的問題 求解 問題 關(guān)于x的方程有唯一解 解:設(shè)點(diǎn)為雙曲線C上支上任一點(diǎn),則點(diǎn)M到直線的距離

34、為: 于是,問題即可轉(zhuǎn)化為如上關(guān)于的方程. 由于,所以,從而有 于是關(guān)于的方程 由可知: 方程的二根同正,故恒成立,于是等價(jià)于 . 由如上關(guān)于的方程有唯一解,得其判別式,就可解得 . 說明:上述解法緊扣解題目標(biāo),不斷進(jìn)行問題轉(zhuǎn)換,充分體現(xiàn)了全局觀念與整體思維的優(yōu)越性. 3.分析與解:從不等式分析入手,易知首先需要判斷f(x)的奇偶性和單調(diào)性,不難證明,在R上f(x)是奇函數(shù)和增函數(shù),由此解出cos2+2msin<2m+2. 令t=sin,命題轉(zhuǎn)化為不等式t22m

35、t+(2m+1)>0,t∈[0,1]--------------------(*) 恒成立時(shí),求實(shí)數(shù)m的取值范圍。 接下來,設(shè)g(t)=t22mt+(2m+1),按對(duì)稱軸t=m與區(qū)間[0,1]的位置關(guān)系,分類使g(t)min>0,綜合求得m>. 本題也可以用函數(shù)思想處理,將(*)化為2m(1t)>(t2+1),t∈[0,1] ⑴當(dāng)t=1時(shí),m∈R; ⑵當(dāng)0≤t<1時(shí),2m>h(t)=2[(1t)+],由函數(shù)F(u)=u+在(1,1]上是減函數(shù),易知當(dāng)t=0時(shí),h(x)max=1, ∴m>,綜合(1)、(2)知m>。 說明:本題涉及函數(shù)的奇偶性、單調(diào)性、二次函數(shù)的條件極值、不等式等知

36、識(shí),以及用函數(shù)的思想、數(shù)形結(jié)合、分類討論、轉(zhuǎn)化和化歸的思想方法解題,是綜合性較強(qiáng)的一道好題。 4.分析:方程可轉(zhuǎn)化成lg(x2+20x)=lg(8x6a3),從而得x2+20x=8x6a3>0,注意到若將等號(hào)兩邊看成是二次函數(shù) x y l1 l2 l -20 o y= x2+20x及一次函數(shù)y=8x6a3,則只需考慮這兩個(gè) 函數(shù)的圖象在x軸上方恒有唯一交點(diǎn)即可。 解:令y1= x2+20x=(x+10)2100,y2=8x6a3,則如圖所示,y1的圖象為一個(gè)定拋物線,y2的圖象是一條斜率為定值8,而截距不定的直線,要使y1和y2在x軸上有唯一交點(diǎn),則直線必須位于l1和

37、l2之間。(包括l1但不包括l2) 當(dāng)直線為l1時(shí),直線過點(diǎn)(20,0)此時(shí)縱截距為6a3=160,a=; 當(dāng)直線為l2時(shí),直線過點(diǎn)(0,0),縱截距為6a3=0,a= ∴a的范圍為[,)。 5.解:(1)當(dāng)時(shí),方程化為,表示軸。 (2)當(dāng)時(shí),方程化為,表示軸 (3)當(dāng)時(shí),方程為標(biāo)準(zhǔn)形式: ①當(dāng)時(shí),方程化為表示以原點(diǎn)為圓心,為半徑的圓。 ②當(dāng)時(shí),方程(*)表示焦點(diǎn)在軸上的雙曲線,焦點(diǎn)為 ③當(dāng)時(shí),方程(*)表示焦點(diǎn)在軸上的橢圓,焦點(diǎn)為 ④當(dāng)時(shí),方程(*)表示焦點(diǎn)在軸上的橢圓,焦點(diǎn)為 ⑤當(dāng)時(shí),方程(*

38、)表示焦點(diǎn)在軸上的雙曲線,焦點(diǎn)為 6.解:設(shè)空調(diào)機(jī)、洗衣機(jī)的月供應(yīng)量分別是x、y臺(tái),總利潤(rùn)是P,則P=6x+8y 由題意:30x+20y ≤300 5x+10y≤110 x≥0,y≥0 x、y均為整數(shù) 畫圖知直線 y=-3/4x+1/8P 過M(4,9)時(shí),縱截距最大,這時(shí)P也取最大值Pmax=6×4+8×9=96(百元) 故:當(dāng)月供應(yīng)量為:空調(diào)機(jī)4臺(tái),洗衣機(jī)9臺(tái)時(shí),可獲得最大利潤(rùn)9600元。 7.解:設(shè)每盒盒飯需要面食x(百克),米食y(百克) 則目標(biāo)函數(shù)為S=0.5x+0.4y

39、 且x,y滿足 : 6x+3y≥8 4x+7y≥10 x≥0 ,y≥0 畫圖可知,直線 y=-5/4x+5/2S 過A(13/15,14/15)時(shí),縱截距5/2S最小,即S最小。 故每盒盒飯為13/15百克,米食14/15百克時(shí)既科學(xué)又費(fèi)用最少。 8.解答從略,答案是: 值班人員的眼睛距表盤距離為 (米)。本題材料背景:儀表及工業(yè)電視,是現(xiàn)代化企業(yè)的眼睛,它總是全神貫注地注視著生產(chǎn)內(nèi)部過程,并忠實(shí)地把各種指標(biāo)顯示在值班人員的面前。這就要在值班人員和儀表及工業(yè)電視之間,建立某種緊密的聯(lián)系,聯(lián)系的紐帶是值班人員的眼睛!因此只有在最佳位置上安排值班人員的座位,才

40、能避免盲目性。 9.解:假設(shè)圍欄的邊長(zhǎng)為x米和玉米,于是由題設(shè)可知x>0,y>0,且 xy=144 (1) 2x+y≤50 (2) 雙曲線xy=144在第一象線內(nèi)的一支與直線2x+y=50的交點(diǎn)是A(),B(),滿足條件(1)、(2)的解集是在雙曲線xy=144(),這一段上的點(diǎn)集(即如圖中雙曲線A、B之間的一段),當(dāng)過雙曲線A、B之間上的任一點(diǎn)作一點(diǎn)作直線2x+y=k(k>0)就是相應(yīng)需用鐵絲網(wǎng)的長(zhǎng)度,直線2x+y=k(k>0)與雙曲線xy=144相切。這時(shí),相應(yīng)的k值最小,消去y得x的二次方程: ,從△=0得, 即k=24(米)所需用鐵絲網(wǎng)的最短長(zhǎng)度為24米。從圖中知,利用已有墻的最大長(zhǎng)度由點(diǎn)A的縱坐標(biāo)給出,即米,利用墻的最短長(zhǎng)度由B縱坐標(biāo)給出,即米。

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