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1、2022年高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 函數(shù)問(wèn)題的題型與方法教案 蘇教版 一．復(fù)習(xí)目標(biāo)： 1．了解映射的概念，理解函數(shù)的概念。 2．了解函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性的概念，掌握判斷一些簡(jiǎn)單函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性的方法，并能利用函數(shù)的性質(zhì)簡(jiǎn)化函數(shù)圖象的繪制過(guò)程。 3．了解反函數(shù)的概念及互為反函數(shù)的函數(shù)圖象間的關(guān)系，會(huì)求一些簡(jiǎn)單函數(shù)的反函數(shù)。 4．理解分?jǐn)?shù)指數(shù)的概念，掌握有理指數(shù)冪的運(yùn)算性質(zhì)，掌握指數(shù)函數(shù)的概念、圖象和性質(zhì)。 5．理解對(duì)數(shù)的概念，掌握對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)，掌握對(duì)數(shù)函數(shù)的概念、圖象和性質(zhì)。 6．能夠運(yùn)用函數(shù)的性質(zhì)、指數(shù)函數(shù)和對(duì)數(shù)函數(shù)的性質(zhì)解決某些簡(jiǎn)單的實(shí)際問(wèn)題。 二．考試要求： 1．靈活運(yùn)用函數(shù)概

2、念、性質(zhì)和不等式等知識(shí)以及分類討論等方法，解函數(shù)綜合題。 2．應(yīng)用函數(shù)知識(shí)及思想方法，解決函數(shù)的最值問(wèn)題、探索性問(wèn)題與應(yīng)用性問(wèn)題，提高分析問(wèn)題和解決問(wèn)題的能力。 三．教學(xué)過(guò)程： （Ⅰ）函數(shù)的概念型問(wèn)題 函數(shù)概念的復(fù)習(xí)當(dāng)然應(yīng)該從函數(shù)的定義開(kāi)始．函數(shù)有二種定義，一是變量觀點(diǎn)下的定義，一是映射觀點(diǎn)下的定義．復(fù)習(xí)中不能僅滿足對(duì)這兩種定義的背誦，而應(yīng)在判斷是否構(gòu)成函數(shù)關(guān)系，兩個(gè)函數(shù)關(guān)系是否相同等問(wèn)題中得到深化，更應(yīng)在有關(guān)反函數(shù)問(wèn)題中正確運(yùn)用．具體要求是： 1．深化對(duì)函數(shù)概念的理解，明確函數(shù)三要素的作用，并能以此為指導(dǎo)正確理解函數(shù)與其反函數(shù)的關(guān)系． 2．系統(tǒng)歸納求函數(shù)定義域、值域、解析式、反函

3、數(shù)的基本方法．在熟練有關(guān)技能的同時(shí)，注意對(duì)換元、待定系數(shù)法等數(shù)學(xué)思想方法的運(yùn)用． 3．通過(guò)對(duì)分段定義函數(shù)，復(fù)合函數(shù)，抽象函數(shù)等的認(rèn)識(shí)，進(jìn)一步體會(huì)函數(shù)關(guān)系的本質(zhì)，進(jìn)一步樹(shù)立運(yùn)動(dòng)變化，相互聯(lián)系、制約的函數(shù)思想，為函數(shù)思想的廣泛運(yùn)用打好基礎(chǔ)． 本部分內(nèi)容的重點(diǎn)是不僅從認(rèn)識(shí)上，而且從處理函數(shù)問(wèn)題的指導(dǎo)上達(dá)到從三要素總體上把握函數(shù)概念的要求，對(duì)確定函數(shù)三要素的常用方法有個(gè)系統(tǒng)的認(rèn)識(shí)，對(duì)于給出解析式的函數(shù)，會(huì)求其反函數(shù)． 本部分的難點(diǎn)首先在于克服“函數(shù)就是解析式”的片面認(rèn)識(shí)，真正明確不僅函數(shù)的對(duì)應(yīng)法則，而且其定義域都包含著對(duì)函數(shù)關(guān)系的制約作用，并真正以此作為處理問(wèn)題的指導(dǎo)．其次在于確定函數(shù)三要素、求

4、反函數(shù)等課題的綜合性，不僅要用到解方程，解不等式等知識(shí)，還要用到換元思想、方程思想等與函數(shù)有關(guān)概念的結(jié)合． 函數(shù)的概念是復(fù)習(xí)函數(shù)全部?jī)?nèi)容和建立函數(shù)思想的基礎(chǔ)，不能僅滿足會(huì)背誦定義，會(huì)做一些有關(guān)題目，要從聯(lián)系、應(yīng)用的角度求得理解上的深度，還要對(duì)確定函數(shù)三要素的類型、方法作好系統(tǒng)梳理，這樣才能進(jìn)一步為綜合運(yùn)用打好基礎(chǔ)．復(fù)習(xí)的重點(diǎn)是求得對(duì)這些問(wèn)題的系統(tǒng)認(rèn)識(shí)，而不是急于做過(guò)難的綜合題． ㈠深化對(duì)函數(shù)概念的認(rèn)識(shí) 例1．下列函數(shù)中，不存在反函數(shù)的是　　　　　　　　　　（ ） 分析：處理本題有多種思路．分別求所給各函數(shù)的反函數(shù)，看是否存在是不好的，因?yàn)檫^(guò)程太繁瑣．

5、 從概念看，這里應(yīng)判斷對(duì)于給出函數(shù)值域內(nèi)的任意值，依據(jù)相應(yīng)的對(duì)應(yīng)法則，是否在其定義域內(nèi)都只有惟一確定的值與之對(duì)應(yīng)，因此可作出給定函數(shù)的圖象，用數(shù)形結(jié)合法作判斷，這是常用方法，請(qǐng)讀者自己一試． 此題作為選擇題還可采用估算的方法．對(duì)于D，y=3是其值域內(nèi)一個(gè)值，但若y=3，則可能x=2(2＞1)，也可能x=-1(-1≤-1)．依據(jù)概念，則易得出D中函數(shù)不存在反函數(shù)．于是決定本題選D． 說(shuō)明：不論采取什么思路，理解和運(yùn)用函數(shù)與其反函數(shù)的關(guān)系是這里解決問(wèn)題的關(guān)鍵． 由于函數(shù)三要素在函數(shù)概念中的重要地位，那么掌握確定函數(shù)三要素的基本方法當(dāng)然成了函數(shù)概念復(fù)習(xí)中的重要課題． ㈡系統(tǒng)小結(jié)確定函數(shù)三要

6、素的基本類型與常用方法 1．求函數(shù)定義域的基本類型和常用方法 由給定函數(shù)解析式求其定義域這類問(wèn)題的代表，實(shí)際上是求使給定式有意義的x的取值范圍．它依賴于對(duì)各種式的認(rèn)識(shí)與解不等式技能的熟練．這里的最高層次要求是給出的解析式還含有其他字 例2．已知函數(shù)定義域?yàn)?0，2)，求下列函數(shù)的定義域： 分析：x的函數(shù)f(x)是由u=x與f(u)這兩個(gè)函數(shù)復(fù)合而成的復(fù)合函數(shù)，其中x是自變量，u是中間變量．由于f(x)，f(u)是同一個(gè)函數(shù)，故(1)為已知0＜u＜2，即0＜x＜2．求x的取值范圍． 解：(1)由0＜x＜2， 得 說(shuō)明：本例(1)是求函數(shù)定義域的第二種類型，即不給出

7、f(x)的解析式，由f(x)的定義域求函數(shù)f[g(x)]的定義域．關(guān)鍵在于理解復(fù)合函數(shù)的意義，用好換元法．(2)是二種類型的綜合． 求函數(shù)定義域的第三種類型是一些數(shù)學(xué)問(wèn)題或?qū)嶋H問(wèn)題中產(chǎn)生的函數(shù)關(guān)系，求其定義域，后面還會(huì)涉及到． 2．求函數(shù)值域的基本類型和常用方法 函數(shù)的值域是由其對(duì)應(yīng)法則和定義域共同決定的．其類型依解析式的特點(diǎn)分可分三類：(1)求常見(jiàn)函數(shù)值域；(2)求由常見(jiàn)函數(shù)復(fù)合而成的函數(shù)的值域；(3)求由常見(jiàn)函數(shù)作某些“運(yùn)算”而得函數(shù)的值域． 3．求函數(shù)解析式舉例 例3．已知xy＜0，并且4x-9y=36．由此能否確定一個(gè)函數(shù)關(guān)系y=f(x)？如果能，求出其解析式、定義域和值域

8、；如果不能，請(qǐng)說(shuō)明理由． 分析： 4x-9y=36在解析幾何中表示雙曲線的方程，僅此當(dāng)然不能確定一個(gè)函數(shù)關(guān)系y=f(x)，但加上條件xy＜0呢？ 所以 因此能確定一個(gè)函數(shù)關(guān)系y=f(x)．其定義域?yàn)?-∞，-3)∪(3，+∞)．且不難得到其值域?yàn)?-∞，0)∪(0，＋∞)． 說(shuō)明：本例從某種程度上揭示了函數(shù)與解析幾何中方程的內(nèi)在聯(lián)系．任何一個(gè)函數(shù)的解析式都可看作一個(gè)方程，在一定條件下，方程也可轉(zhuǎn)化為表示函數(shù)的解析式．求函數(shù)解析式還有兩類問(wèn)題： (1)求常見(jiàn)函數(shù)的解析式．由于常見(jiàn)函數(shù)(一次函數(shù)，二次函數(shù)，冪函數(shù)，指數(shù)函數(shù)，對(duì)數(shù)函數(shù)，三角函數(shù)及反三角函數(shù))的解析式的結(jié)構(gòu)形式是

9、確定的，故可用待定系數(shù)法確定其解析式．這里不再舉例． (2)從生產(chǎn)、生活中產(chǎn)生的函數(shù)關(guān)系的確定．這要把有關(guān)學(xué)科知識(shí)，生活經(jīng)驗(yàn)與函數(shù)概念結(jié)合起來(lái)，舉例也宜放在函數(shù)復(fù)習(xí)的以后部分． （Ⅱ）函數(shù)與方程的思想方法 函數(shù)思想，是指用函數(shù)的概念和性質(zhì)去分析問(wèn)題、轉(zhuǎn)化問(wèn)題和解決問(wèn)題。方程思想，是從問(wèn)題的數(shù)量關(guān)系入手，運(yùn)用數(shù)學(xué)語(yǔ)言將問(wèn)題中的條件轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)模型（方程、不等式、或方程與不等式的混合組），然后通過(guò)解方程（組）或不等式（組）來(lái)使問(wèn)題獲解。有時(shí)，還實(shí)現(xiàn)函數(shù)與方程的互相轉(zhuǎn)化、接軌，達(dá)到解決問(wèn)題的目的。 方程思想是：實(shí)際問(wèn)題→數(shù)學(xué)問(wèn)題→代數(shù)問(wèn)題→方程問(wèn)題。函數(shù)和多元方程沒(méi)有什么本質(zhì)的區(qū)別，如函數(shù)y＝

10、f(x)，就可以看作關(guān)于x、y的二元方程f(x)－y＝0。可以說(shuō)，函數(shù)的研究離不開(kāi)方程。列方程、解方程和研究方程的特性，都是應(yīng)用方程思想時(shí)需要重點(diǎn)考慮的。 函數(shù)描述了自然界中數(shù)量之間的關(guān)系，函數(shù)思想通過(guò)提出問(wèn)題的數(shù)學(xué)特征，建立函數(shù)關(guān)系型的數(shù)學(xué)模型，從而進(jìn)行研究。一般地，函數(shù)思想是構(gòu)造函數(shù)從而利用函數(shù)的性質(zhì)解題，經(jīng)常利用的性質(zhì)是：f(x)、f(x)的單調(diào)性、奇偶性、周期性、最大值和最小值、圖像變換等，要求我們熟練掌握的是一次函數(shù)、二次函數(shù)、指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)、三角函數(shù)的具體特性。在解題中，善于挖掘題目中的隱含條件，構(gòu)造出函數(shù)解析式和妙用函數(shù)的性質(zhì)，是應(yīng)用函數(shù)思想的關(guān)鍵。對(duì)所給的問(wèn)題觀察、分析、

11、判斷比較深入、充分、全面時(shí)，才能產(chǎn)生由此及彼的聯(lián)系，構(gòu)造出函數(shù)原型。另外，方程問(wèn)題、不等式問(wèn)題和某些代數(shù)問(wèn)題也可以轉(zhuǎn)化為與其相關(guān)的函數(shù)問(wèn)題，即用函數(shù)思想解答非函數(shù)問(wèn)題。 (一)函數(shù)的性質(zhì) 函數(shù)的性質(zhì)是研究初等函數(shù)的基石，也是高考考查的重點(diǎn)內(nèi)容．在復(fù)習(xí)中要肯于在對(duì)定義的深入理解上下功夫． 復(fù)習(xí)函數(shù)的性質(zhì)，可以從“數(shù)”和“形”兩個(gè)方面，從理解函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性的定義入手，在判斷和證明函數(shù)的性質(zhì)的問(wèn)題中得以鞏固，在求復(fù)合函數(shù)的單調(diào)區(qū)間、函數(shù)的最值及應(yīng)用問(wèn)題的過(guò)程中得以深化．具體要求是： 1．正確理解函數(shù)單調(diào)性和奇偶性的定義，能準(zhǔn)確判斷函數(shù)的奇偶性，以及函數(shù)在某一區(qū)間的單調(diào)性，能熟練運(yùn)用定義

12、證明函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性． 2．從數(shù)形結(jié)合的角度認(rèn)識(shí)函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性，深化對(duì)函數(shù)性質(zhì)幾何特征的理解和運(yùn)用，歸納總結(jié)求函數(shù)最大值和最小值的常用方法． 3．培養(yǎng)學(xué)生用運(yùn)動(dòng)變化的觀點(diǎn)分析問(wèn)題，提高學(xué)生用換元、轉(zhuǎn)化、數(shù)形結(jié)合等數(shù)學(xué)思想方法解決問(wèn)題的能力． 這部分內(nèi)容的重點(diǎn)是對(duì)函數(shù)單調(diào)性和奇偶性定義的深入理解． 函數(shù)的單調(diào)性只能在函數(shù)的定義域內(nèi)來(lái)討論．函數(shù)y=f(x)在給定區(qū)間上的單調(diào)性，反映了函數(shù)在區(qū)間上函數(shù)值的變化趨勢(shì)，是函數(shù)在區(qū)間上的整體性質(zhì)，但不一定是函數(shù)在定義域上的整體性質(zhì)．函數(shù)的單調(diào)性是對(duì)某個(gè)區(qū)間而言的，所以要受到區(qū)間的限制． 對(duì)函數(shù)奇偶性定義的理解，不能只停留在f(-x)=f

13、(x)和f(-x)=-f(x)這兩個(gè)等式上，要明確對(duì)定義域內(nèi)任意一個(gè)x，都有f(-x)=f(x)，f(-x)=-f(x)的實(shí)質(zhì)是：函數(shù)的定義域關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱．這是函數(shù)具備奇偶性的必要條件．稍加推廣，可得函數(shù)f(x)的圖象關(guān)于直線x=a對(duì)稱的充要條件是對(duì)定義域內(nèi)的任意x，都有f(x+a)=f(a-x)成立．函數(shù)的奇偶性是其相應(yīng)圖象的特殊的對(duì)稱性的反映． 這部分的難點(diǎn)是函數(shù)的單調(diào)性和奇偶性的綜合運(yùn)用．根據(jù)已知條件，調(diào)動(dòng)相關(guān)知識(shí)，選擇恰當(dāng)?shù)姆椒ń鉀Q問(wèn)題，是對(duì)學(xué)生能力的較高要求． 1．對(duì)函數(shù)單調(diào)性和奇偶性定義的理解 例4．下面四個(gè)結(jié)論：①偶函數(shù)的圖象一定與y軸相交；②奇函數(shù)的圖象一定通過(guò)原點(diǎn)；③偶

14、函數(shù)的圖象關(guān)于y軸對(duì)稱；④既是奇函數(shù)又是偶函數(shù)的函數(shù)一定是f(x)=0(x∈R)，其中正確命題的個(gè)數(shù)是　　 （　　　 ） A．1　　　　　　 B．2 C．3　　　　　　 D．4 分析：偶函數(shù)的圖象關(guān)于y軸對(duì)稱，但不一定相交，因此③正確，①錯(cuò)誤． 奇函數(shù)的圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱，但不一定經(jīng)過(guò)原點(diǎn)，因此②不正確． 若y=f(x)既是奇函數(shù)，又是偶函數(shù)，由定義可得f(x)=0，但不一定x∈R，如例1中的(3)，故④錯(cuò)誤，選A． 說(shuō)明：既奇又偶函數(shù)的充要條件是定義域關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱且函數(shù)值恒為零． 2．復(fù)合函數(shù)的性質(zhì) 復(fù)合函數(shù)y=f[g(x)]是由函數(shù)u=g(x)和y=f(u

15、)構(gòu)成的，因變量y通過(guò)中間變量u與自變量x建立起函數(shù)關(guān)系，函數(shù)u=g(x)的值域是y=f(u)定義域的子集． 復(fù)合函數(shù)的性質(zhì)由構(gòu)成它的函數(shù)性質(zhì)所決定，具備如下規(guī)律： (1)單調(diào)性規(guī)律 如果函數(shù)u=g(x)在區(qū)間［m，n］上是單調(diào)函數(shù)，且函數(shù)y=f(u)在區(qū)間[g(m)，g(n)] (或[g(n)，g(m)])上也是單調(diào)函數(shù)，那么 若u=g(x)，y=f(u)增減性相同，則復(fù)合函數(shù)y=f[g(x)]為增函數(shù)；若u=g(x)，y= f(u)增減性不同，則y=f[g(x)]為減函數(shù)． (2)奇偶性規(guī)律 若函數(shù)g(x)，f(x)，f[g(x)]的定義域都是關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的，則u=g(x)，y

16、=f(u)都是奇函數(shù)時(shí)，y=f[g(x)]是奇函數(shù)；u=g(x)，y=f(u)都是偶函數(shù)，或者一奇一偶時(shí)，y= f[g(x)]是偶函數(shù)． 例5．若y=log(2-ax)在［0，1］上是x的減函數(shù)，則a的取值范圍是（ ?。? A．(0，1) B．(1，2) C．(0，2) D．[2，+∞) 分析：本題存在多種解法，但不管哪種方法，都必須保證：①使log(2-ax)有意義，即a＞0且a≠1，2-ax＞0．②使log(2-ax)在[0，1]上是x的減函數(shù)．由于所給函數(shù)可分解為y=logu，u=2-ax，其中u=2-ax在a＞0時(shí)為減函數(shù)，所以必須a＞1；③[0，1]

17、必須是y=log(2-ax)定義域的子集． 解法一：因?yàn)閒(x)在［0，1］上是x的減函數(shù)，所以f(0)＞f(1)， 即log2＞log(2-a)． 解法二：由對(duì)數(shù)概念顯然有a＞0且a≠1，因此u=2-ax在［0，1］上是減函數(shù)，y= logu應(yīng)為增函數(shù)，得a＞1，排除A，C，再令 故排除D，選B． 說(shuō)明：本題綜合了多個(gè)知識(shí)點(diǎn)，無(wú)論是用直接法，還是用排除法都需要概念清楚，推理正確． 3．函數(shù)單調(diào)性與奇偶性的綜合運(yùn)用 例6．甲、乙兩地相距Skm，汽車從甲地勻速行駛到乙地，速度不得超過(guò)c km／h，已知汽車每小時(shí)的運(yùn)輸成本(以元為單位)由可變部分和固定部分組成：可變部分與速度

18、v(km／h)的平方成正比，比例系數(shù)為b；固定部分為a元． (1)把全程運(yùn)輸成本y(元)表示為速度v(km／h)的函數(shù)，并指出這個(gè)函數(shù)的定義域； (2)為了使全程運(yùn)輸成本最小，汽車應(yīng)以多大速度行駛． 分析：(1)難度不大，抓住關(guān)系式：全程運(yùn)輸成本=單位時(shí)間運(yùn)輸成本×全程運(yùn)輸時(shí)間，而全程運(yùn)輸時(shí)間=(全程距離)÷(平均速度)就可以解決． 故所求函數(shù)及其定義域?yàn)? 但由于題設(shè)條件限制汽車行駛速度不超過(guò)ckm／h，所以(2)的解決需要 論函數(shù)的增減性來(lái)解決． 由于vv＞0，v-v＞0，并且 又S＞0，所以即 則當(dāng)v=c時(shí)，y取最小值．

19、 說(shuō)明：由于限制汽車行駛速度不得超過(guò)c，因而求最值的方法也就不完全是常用的方法，再加上字母的抽象性，使難度有所增大． （二）函數(shù)的圖象 1．掌握描繪函數(shù)圖象的兩種基本方法——描點(diǎn)法和圖象變換法． 2．會(huì)利用函數(shù)圖象，進(jìn)一步研究函數(shù)的性質(zhì)，解決方程、不等式中的問(wèn)題． 3．用數(shù)形結(jié)合的思想、分類討論的思想和轉(zhuǎn)化變換的思想分析解決數(shù)學(xué)問(wèn)題． 4．掌握知識(shí)之間的聯(lián)系，進(jìn)一步培養(yǎng)觀察、分析、歸納、概括和綜合分析能力． 以解析式表示的函數(shù)作圖象的方法有兩種，即列表描點(diǎn)法和圖象變換法，掌握這兩種方法是本節(jié)的重點(diǎn)． 運(yùn)用描點(diǎn)法作圖象應(yīng)避免描點(diǎn)前的盲目性，也應(yīng)避免盲目地連點(diǎn)成線．要把表列在關(guān)鍵處

20、，要把線連在恰當(dāng)處．這就要求對(duì)所要畫(huà)圖象的存在范圍、大致特征、變化趨勢(shì)等作一個(gè)大概的研究．而這個(gè)研究要借助于函數(shù)性質(zhì)、方程、不等式等理論和手段，是一個(gè)難點(diǎn)．用圖象變換法作函數(shù)圖象要確定以哪一種函數(shù)的圖象為基礎(chǔ)進(jìn)行變換，以及確定怎樣的變換．這也是個(gè)難點(diǎn)． 1．作函數(shù)圖象的一個(gè)基本方法 例7．作出下列函數(shù)的圖象(1)y=|x-2|(x＋1)；(2)y=10|lgx|． 分析：顯然直接用已知函數(shù)的解析式列表描點(diǎn)有些困難，除去對(duì)其函數(shù)性質(zhì)分析外，我們還應(yīng)想到對(duì)已知解析式進(jìn)行等價(jià)變形． 解：(1)當(dāng)x≥2時(shí)，即x-2≥0時(shí)， 當(dāng)x＜2時(shí)，即x-2＜0時(shí)， 這是分段函數(shù)，每段函數(shù)圖

21、象可根據(jù)二次函數(shù)圖象作出(見(jiàn)圖6) (2)當(dāng)x≥1時(shí)，lgx≥0，y=10|lgx|=10lgx=x； 當(dāng)0＜x＜1時(shí)，lgx＜0， 所以 這是分段函數(shù)，每段函數(shù)可根據(jù)正比例函數(shù)或反比例函數(shù)作出．(見(jiàn)圖7) 說(shuō)明：作不熟悉的函數(shù)圖象，可以變形成基本函數(shù)再作圖，但要注意變形過(guò)程是否等價(jià)，要特別注意x，y的變化范圍．因此必須熟記基本函數(shù)的圖象．例如：一次函數(shù)、反比例函數(shù)、二次函數(shù)、指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)，及三角函數(shù)、反三角函數(shù)的圖象． 在變換函數(shù)解析式中運(yùn)用了轉(zhuǎn)化變換和分類討論的思想． 2．作函數(shù)圖象的另一個(gè)基本方法——圖象變換法． 一個(gè)函數(shù)圖象經(jīng)過(guò)適當(dāng)?shù)淖儞Q(如平移、伸縮、對(duì)稱、

22、旋轉(zhuǎn)等)，得到另一個(gè)與之相關(guān)的圖象，這就是函數(shù)的圖象變換． 在高中，主要學(xué)習(xí)了三種圖象變換：平移變換、伸縮變換、對(duì)稱變換． (1)平移變換 函數(shù)y=f(x+a)(a≠0)的圖象可以通過(guò)把函數(shù)y=f(x)的圖象向左(a＞0)或向右(a＜0)平移|a|個(gè)單位而得到； 函數(shù)y=f(x)+b(b≠0)的圖象可以通過(guò)把函數(shù)y=f(x)的圖象向上(b＞0)或向下(b＜0)平移|b|個(gè)單位而得到． (2)伸縮變換 函數(shù)y=Af(x)(A＞0，A≠1)的圖象可以通過(guò)把函數(shù)y=f(x)的圖象上各點(diǎn)的縱坐標(biāo)伸長(zhǎng)(A＞1)或縮短(0＜A＜1)成原來(lái)的A倍，橫坐標(biāo)不變而得到． 函數(shù)y=f(ωx)(ω＞0

23、，ω≠1)的圖象可以通過(guò)把函數(shù)y=f(x)的圖象上 而得到． (3)對(duì)稱變換 函數(shù)y=-f(x)的圖象可以通過(guò)作函數(shù)y=f(x)的圖象關(guān)于x軸對(duì)稱的圖形而得到． 函數(shù)y=f(-x)的圖象可以通過(guò)作函數(shù)y=f(x)的圖象關(guān)于y軸對(duì)稱的圖形而得到． 函數(shù)y=-f(-x)的圖象可以通過(guò)作函數(shù)y=f(x)的圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的圖形而得到． 函數(shù)y=f-1(x)的圖象可以通過(guò)作函數(shù)y=f(x)的圖象關(guān)于直線y=x對(duì)稱的圖形而得到。 函數(shù)y=f(|x|)的圖象可以通過(guò)作函數(shù)y=f(x)在y軸右方的圖象及其與y軸對(duì)稱的圖形而得到． 函數(shù)y=|f(x)|的圖象可以通過(guò)作函數(shù)y=f(x)的圖象

24、，然后把在x軸下方的圖象以x軸為對(duì)稱軸翻折到x軸上方，其余部分保持不變而得到． 例8．已知f(x+199)=4x＋4x+3(x∈R)，那么函數(shù)f(x)的最小值為_(kāi)___． 分析：由f(x＋199)的解析式求f(x)的解析式運(yùn)算量較大，但這里我們注意到，y=f(x ＋100)與y=f(x)，其圖象僅是左右平移關(guān)系，它們?nèi)〉? 求得f(x)的最小值即f(x＋199)的最小值是2． 說(shuō)明：函數(shù)圖象與函數(shù)性質(zhì)本身在學(xué)習(xí)中也是密切聯(lián)系的，是“互相利用”關(guān)系，函數(shù)圖象在判斷函數(shù)奇偶性、單調(diào)性、周期性及求最值等方面都有重要用途． （Ⅳ）函數(shù)綜合應(yīng)用 函數(shù)的綜合復(fù)習(xí)是在系統(tǒng)復(fù)習(xí)函數(shù)有關(guān)知識(shí)的基礎(chǔ)

25、上進(jìn)行函數(shù)的綜合應(yīng)用: 1．在應(yīng)用中深化基礎(chǔ)知識(shí)．在復(fù)習(xí)中基礎(chǔ)知識(shí)經(jīng)歷一個(gè)由分散到系統(tǒng)，由單一到綜合的發(fā)展過(guò)程．這個(gè)過(guò)程不是一次完成的，而是螺旋式上升的．因此要在應(yīng)用深化基礎(chǔ)知識(shí)的同時(shí)，使基礎(chǔ)知識(shí)向深度和廣度發(fā)展． 2．以數(shù)學(xué)知識(shí)為載體突出數(shù)學(xué)思想方法．?dāng)?shù)學(xué)思想方法是觀念性的東西，是解決數(shù)學(xué)問(wèn)題的靈魂，同時(shí)它又離不開(kāi)具體的數(shù)學(xué)知識(shí)．函數(shù)內(nèi)容最重要的數(shù)學(xué)思想是函數(shù)思想和數(shù)形結(jié)合的思想．此外還應(yīng)注意在解題中運(yùn)用的分類討論、換元等思想方法．解較綜合的數(shù)學(xué)問(wèn)題要進(jìn)行一系列等價(jià)轉(zhuǎn)化或非等價(jià)轉(zhuǎn)化．因此本課題也十分重視轉(zhuǎn)化的數(shù)學(xué)思想． 3．重視綜合運(yùn)用知識(shí)分析問(wèn)題解決問(wèn)題的能力和推理論證能力的培養(yǎng)．函

26、數(shù)是數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)的開(kāi)始，還不可能在大范圍內(nèi)綜合運(yùn)用知識(shí)．但從復(fù)習(xí)開(kāi)始就讓學(xué)生樹(shù)立綜合運(yùn)用知識(shí)解決問(wèn)題的意識(shí)是十分重要的．推理論證能力是學(xué)生的薄弱環(huán)節(jié)，近幾年高考命題中加強(qiáng)對(duì)這方面的考查，尤其是對(duì)代數(shù)推理論證能力的考查是十分必要的．本課題在例題安排上作了這方面的考慮． 具體要求是： 1．在全面復(fù)習(xí)函數(shù)有關(guān)知識(shí)的基礎(chǔ)上，進(jìn)一步深刻理解函數(shù)的有關(guān)概念，全面把握各類函數(shù)的特征，提高運(yùn)用基礎(chǔ)知識(shí)解決問(wèn)題的能力． 2．掌握初等數(shù)學(xué)研究函數(shù)的方法，提高研究函數(shù)的能力，重視數(shù)形結(jié)合數(shù)學(xué)思想方法的運(yùn)用和推理論證能力的培養(yǎng)． 3．初步溝通函數(shù)與方程、不等式及解析幾何有關(guān)知識(shí)的橫向聯(lián)系，提高綜合運(yùn)用知識(shí)解決問(wèn)題

27、的能力． 4．樹(shù)立函數(shù)思想，使學(xué)生善于用運(yùn)動(dòng)變化的觀點(diǎn)分析問(wèn)題． 本部分內(nèi)容的重點(diǎn)是：通過(guò)對(duì)問(wèn)題的講解與分析，使學(xué)生能較好的調(diào)動(dòng)函數(shù)的基礎(chǔ)知識(shí)解決問(wèn)題，并在解決問(wèn)題中深化對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解，深化對(duì)函數(shù)思想、數(shù)形結(jié)合思想的理解與運(yùn)用． 難點(diǎn)是：函數(shù)思想的理解與運(yùn)用，推理論證能力、綜合運(yùn)用知識(shí)解決問(wèn)題能力的培養(yǎng)與提高． 函數(shù)的綜合運(yùn)用主要是指運(yùn)用函數(shù)的知識(shí)、思想和方法綜合解決問(wèn)題．函數(shù)描述了自然界中量的依存關(guān)系，是對(duì)問(wèn)題本身的數(shù)量本質(zhì)特征和制約關(guān)系的一種刻畫(huà)，用聯(lián)系和變化的觀點(diǎn)提出數(shù)學(xué)對(duì)象，抽象其數(shù)學(xué)特征，建立函數(shù)關(guān)系．因此，運(yùn)動(dòng)變化、相互聯(lián)系、相互制約是函數(shù)思想的精髓，掌握有關(guān)函數(shù)知識(shí)是運(yùn)

28、用函數(shù)思想的前提，提高用初等數(shù)學(xué)思想方法研究函數(shù)的能力，樹(shù)立運(yùn)用函數(shù)思想解決有關(guān)數(shù)學(xué)問(wèn)題的意識(shí)是運(yùn)用函數(shù)思想的關(guān)鍵． 1．準(zhǔn)確理解、熟練運(yùn)用，不斷深化有關(guān)函數(shù)的基礎(chǔ)知識(shí) 在中學(xué)階段函數(shù)只限于定義在實(shí)數(shù)集合上的一元單值函數(shù)，其內(nèi)容可分為兩部分．第一部分是函數(shù)的概念和性質(zhì)，這部分的重點(diǎn)是能從變量的觀點(diǎn)和集合映射的觀點(diǎn)理解函數(shù)及其有關(guān)概念，掌握描述函數(shù)性質(zhì)的單調(diào)性、奇偶性、周期性等概念；第二部分是七類常見(jiàn)函數(shù)(一次函數(shù)、二次函數(shù)、指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)、三角函數(shù)和反三角函數(shù))的圖象和性質(zhì)．第一部分是理論基礎(chǔ)，第二部分是第一部分的運(yùn)用與發(fā)展． 例9．已知函數(shù)f(x)，x∈F，那么集合{(x，y)|y

29、=f(x)，x∈F}∩{(x，y)|x=1｝中所含元素的個(gè)數(shù)是．（　　　 ） A．0 B．1 C．0或1 D．1或2 分析：這里首先要識(shí)別集合語(yǔ)言，并能正確把集合語(yǔ)言轉(zhuǎn)化成熟悉的語(yǔ)言．從函數(shù)觀點(diǎn)看，問(wèn)題是求函數(shù)y=f(x)，x∈F的圖象與直線x=1的交點(diǎn)個(gè)數(shù)(這是一次數(shù)到形的轉(zhuǎn)化)，不少學(xué)生常誤認(rèn)為交點(diǎn)是1個(gè)，并說(shuō)這是根據(jù)函數(shù)定義中“惟一確定”的規(guī)定得到的，這是不正確的，因?yàn)楹瘮?shù)是由定義域、值域、對(duì)應(yīng)法則三要素組成的．這里給出了函數(shù)y=f(x)的定義域是F，但未明確給出1與F的關(guān)系，當(dāng)1∈F時(shí)有1個(gè)交點(diǎn)，當(dāng)1 F時(shí)沒(méi)有交點(diǎn)，所以選C． 2．掌握研究函數(shù)的方

30、法，提高研究函數(shù)問(wèn)題的能力 高中數(shù)學(xué)對(duì)函數(shù)的研究理論性加強(qiáng)了，對(duì)一些典型問(wèn)題的研究十分重視，如求函數(shù)的定義域，確定函數(shù)的解析式，判斷函數(shù)的奇偶性，判斷或證明函數(shù)在指定區(qū)間的單調(diào)性等，并形成了研究這些問(wèn)題的初等方法，這些方法對(duì)分析問(wèn)題能力，推理論證能力和綜合運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)能力的培養(yǎng)和發(fā)展是十分重要的． 函數(shù)、方程、不等式是相互聯(lián)系的．對(duì)于函數(shù)f(x)與g(x)，令f(x)=g(x)，f(x)＞g(x)或f(x)＜g(x)則分別構(gòu)成方程和不等式，因此對(duì)于某些方程、不等式的問(wèn)題用函數(shù)觀點(diǎn)認(rèn)識(shí)是十分有益的；方程、不等式從另一個(gè)側(cè)面為研究函數(shù)提供了工具． 例10．方程lgx+x=3的解所在區(qū)間為

31、 （　?。? A．(0，1) B．(1，2) C．(2，3) D．(3，+∞) 分析：在同一平面直角坐標(biāo)系中，畫(huà)出函數(shù)y=lgx與y=-x+3的圖象(如圖2)．它們的交點(diǎn)橫坐標(biāo)，顯然在區(qū)間(1，3)內(nèi)，由此可排除A，D．至于選B還是選C，由于畫(huà)圖精確性的限制，單憑直觀就比較困難了．實(shí)際上這是要比較與2的大?。?dāng)x=2時(shí)，lgx=lg2，3-x=1．由于lg2＜1，因此＞2，從而判定∈(2，3)，故本題應(yīng)選C． 說(shuō)明：本題是通過(guò)構(gòu)造函數(shù)用數(shù)形結(jié)合法求方程lgx+x=3解所在的區(qū)間．?dāng)?shù)形結(jié)合，要在結(jié)合方面下功夫．不僅要通過(guò)圖象直觀估計(jì)，而且還要計(jì)算

32、的鄰近兩個(gè)函數(shù)值，通過(guò)比較其大小進(jìn)行判斷． 例11．(1)一次函數(shù)f(x)=kx+h(k≠0)，若m＜n有f(m)＞0，f(n)＞0，則對(duì)于任意x∈(m，n)都有f(x)＞0，試證明之； (2)試用上面結(jié)論證明下面的命題： 若a，b，c∈R且|a|＜1，|b|＜1，|c|＜1，則ab+bc+ca＞-1． 分析：?jiǎn)栴}(1)實(shí)質(zhì)上是要證明，一次函數(shù)f(x)=kx+h(k≠0)， x∈(m， n)．若區(qū)間兩個(gè)端點(diǎn)的函數(shù)值均為正，則對(duì)于任意x∈(m，n)都有f(x)＞0．之所以具有上述性質(zhì)是由于一次函數(shù)是單調(diào)的．因此本問(wèn)題的證明要從函數(shù)單調(diào)性入手． (1)證明： 當(dāng)k＞0時(shí)，函數(shù)f(x)=

33、kx+h在x∈R上是增函數(shù)，m＜x＜n，f(x)＞f(m)＞0； 當(dāng)k＜0時(shí)，函數(shù)f(x)=kx+h在x∈R上是減函數(shù)，m＜x＜n，f(x)＞f(n)＞0． 所以對(duì)于任意x∈(m，n)都有f(x)＞0成立． (2)將ab+bc+ca+1寫成(b+c)a+bc+1，構(gòu)造函數(shù)f(x)=(b+c)x+bc+1．則 f(a)=(b+c)a+bc+1． 當(dāng)b+c=0時(shí)，即b=-c， f(a)=bc+1=-+1． 因?yàn)閨c|＜1，所以f(a)=-+1＞0． 當(dāng)b+c≠0時(shí)，f(x)=(b+c)x+bc+1為x的一次函數(shù)． 因?yàn)閨b|＜1，|c|＜1， f(1)=b+c+bc+1=(

34、1+b)(1+c)＞0， f(-1)=-b-c+bc+1=(1-b)(1-c)＞0． 由問(wèn)題(1)對(duì)于|a|＜1的一切值f(a)＞0，即(b+c)a+bc+1=ab+ac+bc+1＞0． 說(shuō)明：?jiǎn)栴}(2)的關(guān)鍵在于“轉(zhuǎn)化”“構(gòu)造”．把證明ab+bc+ca＞-1轉(zhuǎn)化為證明ab+bc+ca+1＞0， 由于式子ab+bc+ca+1中， a，b，c是對(duì)稱的，構(gòu)造函數(shù)f(x)=(b+c)x+bc+1，則f(a)=(b+c)a+bc+1，問(wèn)題轉(zhuǎn)化為在|a|＜1，|b|＜1，|c|＜1的條件下證明f(a)＞0．(也可構(gòu)造 f(x)=(a+c)x+ac+1，證明f(b)＞0)。 例12．定義在R上的

35、單調(diào)函數(shù)f(x)滿足f(3)=log3且對(duì)任意x，y∈R都有f(x+y)=f(x)+f(y)． (1)求證f(x)為奇函數(shù)； (2)若f(k·3)+f(3-9-2)＜0對(duì)任意x∈R恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍． 分析：欲證f(x)為奇函數(shù)即要證對(duì)任意x都有f(-x)=-f(x)成立．在式子f(x+y)=f(x)+f(y)中，令y=-x可得f(0)=f(x)+f(-x)于是又提出新的問(wèn)題，求f(0)的值．令x=y=0可得f(0)=f(0)+f(0)即f(0)=0，f(x)是奇函數(shù)得到證明． (1)證明：f(x+y)=f(x)+f(y)(x，y∈R)，　　　　　　　　　　　　 ① 令x=y

36、=0，代入①式，得f(0+0)=f(0)+f(0)，即 f(0)=0． 令y=-x，代入①式，得 f(x-x)=f(x)+f(-x)，又f(0)=0，則有 0=f(x)+f(-x)．即f(-x)=-f(x)對(duì)任意x∈R成立，所以f(x)是奇函數(shù)． (2)解：f(3)=log3＞0，即f(3)＞f(0)，又f(x)在R上是單調(diào)函數(shù)，所以f(x)在R上是增函數(shù)，又由(1)f(x)是奇函數(shù)． f(k·3)＜-f(3-9-2)=f(-3+9+2)， k·3＜-3+9+2， 3-(1+k)·3+2＞0對(duì)任意x∈R成立． 令t=3＞0，問(wèn)題等價(jià)于t-(1+k)t+2＞0對(duì)任意t＞0恒成立．

37、 R恒成立． 說(shuō)明：?jiǎn)栴}(2)的上述解法是根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)．f(x)是奇函數(shù)且在x∈R上是增函數(shù)，把問(wèn)題轉(zhuǎn)化成二次函數(shù)f(t)=t-(1+k)t+2對(duì)于任意t＞0恒成立．對(duì)二次函數(shù)f(t)進(jìn)行研究求解．本題還有更簡(jiǎn)捷的解法： 分離系數(shù)由k·3＜-3+9+2得 上述解法是將k分離出來(lái)，然后用平均值定理求解，簡(jiǎn)捷、新穎． （Ⅲ）、強(qiáng)化訓(xùn)練 1．對(duì)函數(shù)作代換x=g(t)，則總不改變f(x)值域的代換是 ( ) A． B． C．g(t)=(t－1)2 D．g(t)=cost 2．方程f(x,y)=0的曲線如圖所示，那么方程f(2－x,y)=0的曲線

38、是 ( ) 3．已知命題p：函數(shù)的值域?yàn)镽，命題q：函數(shù) 是減函數(shù)。若p或q為真命題，p且q為假命題，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是 A．a(chǎn)≤1 B．a(chǎn)<2 C．1

39、 B. f(1)

40、＝S (p≠q，p、q∈N)，則S＝_________。 9.關(guān)于x的方程sinx＋cosx＋a＝0有實(shí)根，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是__________。 10.正六棱錐的體積為48,側(cè)面與底面所成的角為45°，則此棱錐的側(cè)面積為_(kāi)__________。 11. 建造一個(gè)容積為8m，深為2m的長(zhǎng)方體無(wú)蓋水池，如果池底和池壁的造價(jià)每平方米分別為120元和80元，則水池的最低造價(jià)為_(kāi)__________。 12．已知函數(shù)滿足：，，則 。 13．已知為正整數(shù)，方程的兩實(shí)根為，且，則的最小值為_(kāi)_______________________。 14．設(shè)函數(shù)f(x)=l

41、g(ax+2x+1)． (1)若f(x)的定義域是R，求實(shí)數(shù)a的取值范圍； (2)若f(x)的值域是R，求實(shí)數(shù)a的取值范圍． 15．設(shè)不等式2x－1>m(x－1)對(duì)滿足|m|≤2的一切實(shí)數(shù)m的取值都成立。求x的取值范圍。 16. 設(shè)等差數(shù)列{a}的前n項(xiàng)的和為S，已知a＝12，S>0，S<0 。 ①.求公差d的取值范圍； ②.指出S、S、…、S中哪一個(gè)值最大，并說(shuō)明理由。(1992年全國(guó)高考) P M A H B D C 17. 如圖，AB是圓O的直徑，PA垂直于圓O所在平面，C是圓周上任一點(diǎn)，設(shè)∠BA

42、C＝θ，PA＝AB=2r，求異面直線PB和AC的距離。 18. 已知△ABC三內(nèi)角A、B、C的大小成等差數(shù)列，且tanA·tanC＝2＋，又知頂點(diǎn)C的對(duì)邊c上的高等于4,求△ABC的三邊a、b、c及三內(nèi)角。 19. 設(shè)f(x)＝lg，如果當(dāng)x∈(-∞,1]時(shí)f(x)有意義，求 實(shí)數(shù)a的取值范圍。 20．已知偶函數(shù)f(x)=cosqsinx－sin(x－q)+(tanq－2)sinx－sinq的最小值是0，求f(x)的最大值 及此時(shí)x的集合． 21．已知，奇函數(shù)在上單調(diào)． （Ⅰ）求字母應(yīng)滿足的條件； （Ⅱ）設(shè)，且滿足，求證：． （Ⅴ）、參考答案 1

43、．不改變f(x)值域，即不能縮小原函數(shù)定義域。選項(xiàng)B，C，D均縮小了的定義域，故選A。 2．先作出f(x,y)=0關(guān)于軸對(duì)稱的函數(shù)的圖象，即為函數(shù)f(-x,y)=0的圖象，又 f(2－x,y)=0即為，即由f(-x,y)=0向右平移2個(gè)單位。故選C。 3．命題p為真時(shí)，即真數(shù)部分能夠取到大于零的所有實(shí)數(shù)，故二次函數(shù)的判別式，從而；命題q為真時(shí)，。 若p或q為真命題，p且q為假命題，故p和q中只有一個(gè)是真命題，一個(gè)是假命題。 若p為真，q為假時(shí)，無(wú)解；若p為假，q為真時(shí)，結(jié)果為1

44、5．函數(shù)f(x)的對(duì)稱軸為2，結(jié)合其單調(diào)性，選A； 6．從反面考慮，注意應(yīng)用特例，選B； 7．設(shè)tan＝x (x>0），則＋＝，解出x＝2，再用萬(wàn)能公式，選A； 8．利用是關(guān)于n的一次函數(shù)，設(shè)S＝S＝m，＝x，則（,p）、(,q)、 (x，p+q)在同一直線上，由兩點(diǎn)斜率相等解得x＝0，則答案：0； 9．設(shè)cosx＝t，t∈[-1,1]，則a＝t－t－1∈[－,1]，所以答案：[－,1]； 10．設(shè)高h(yuǎn)，由體積解出h＝2，答案：24； 11．設(shè)長(zhǎng)x，則寬，造價(jià)y＝4×120＋4x×80＋×80≥1760，答案：1760。 12．運(yùn)用條件知：=2，且 ==16 13．依題

45、意可知，從而可知，所以有 ，又為正整數(shù)，取，則 ，所以，從而，所以，又，所以，因此有最小值為。 下面可證時(shí)，，從而，所以, 又,所以,所以,綜上可得:的最小值為11。 14．分析:這是有關(guān)函數(shù)定義域、值域的問(wèn)題，題目是逆向給出的，解好本題要運(yùn)用復(fù)合函數(shù)，把f(x)分解為u=ax+2x+1和y=lgu 并結(jié)合其圖象性質(zhì)求解． 解:(1)的定義域是R對(duì)一切實(shí)數(shù)恒成立. a=0或a＜0不合題意， 所以 故a＞1．即為所求. (2) 的值域域是R能取遍一切正實(shí)數(shù). a＜0時(shí)不合題意； a=0時(shí)，u=2x+1，u能取遍一切正實(shí)數(shù)； a＞0時(shí)，其判別式Δ=22-4×a×1

46、≥0，解得0＜a≤1． 所以當(dāng)0≤a≤1時(shí)f(x)的值域是R． 15．分析：此問(wèn)題由于常見(jiàn)的思維定勢(shì)，易把它看成關(guān)于x的不等式討論。然而，若變換一個(gè)角度以m為變量，即關(guān)于m的一次不等式(x－1)m－(2x－1)<0在[-2,2]上恒成立的問(wèn)題。對(duì)此的研究，設(shè)f(m)＝(x－1)m－(2x－1)，則問(wèn)題轉(zhuǎn)化為求一次函數(shù)（或常數(shù)函數(shù)）f(m)的值在[-2,2]內(nèi)恒為負(fù)值時(shí)參數(shù)x應(yīng)該滿足的條件。 解：?jiǎn)栴}可變成關(guān)于m的一次不等式：(x－1)m－(2x－1)<0在[-2,2] 恒成立，設(shè)f(m)＝(x－1)m－(2x－1), 則 解得x∈（,） 說(shuō)明 本題的關(guān)鍵是變換角度，以參數(shù)m作為自

47、變量而構(gòu)造函數(shù)式，不等式問(wèn)題變成函數(shù)在閉區(qū)間上的值域問(wèn)題。本題有別于關(guān)于x的不等式2x－1>m(x－1)的解集是[-2,2]時(shí)求m的值、關(guān)于x的不等式2x－1>m(x－1)在[-2,2]上恒成立時(shí)求m的范圍。 一般地，在一個(gè)含有多個(gè)變量的數(shù)學(xué)問(wèn)題中，確定合適的變量和參數(shù)，從而揭示函數(shù)關(guān)系，使問(wèn)題更明朗化?；蛘吆袇?shù)的函數(shù)中，將函數(shù)自變量作為參數(shù)，而參數(shù)作為函數(shù)，更具有靈活性，從而巧妙地解決有關(guān)問(wèn)題。 16．分析： ①問(wèn)利用公式a與S建立不等式，容易求解d的范圍；②問(wèn)利用S是n的二次函數(shù)，將S中哪一個(gè)值最大，變成求二次函數(shù)中n為何值時(shí)S取最大值的函數(shù)最值問(wèn)題。 解：① 由a＝a＋2d＝1

48、2,得到a＝12－2d，所以 S＝12a＋66d＝12(12－2d)＋66d＝144＋42d>0， S＝13a＋78d＝13(12－2d)＋78d＝156＋52d<0。 解得：－d－3。 ② S＝na＋n(n1－1)d＝n(12－2d)＋n(n－1)d ＝[n－(5－)]－[(5－)] 因?yàn)閐0，故[n－(5－)]最小時(shí)，S最大。由－d－3得6(5－)6.5，故正整數(shù)n＝6時(shí)[n－(5－)]最小，所以S最大。 說(shuō)明： 數(shù)列的通項(xiàng)公式及前n項(xiàng)和公式實(shí)質(zhì)上是定義在自然數(shù)集上的函數(shù)，因此可利用函數(shù)思想來(lái)分析或用函數(shù)方法來(lái)解決數(shù)列問(wèn)題。也可以利用方程的思想，設(shè)出未知的量，建立等式關(guān)系即

49、方程，將問(wèn)題進(jìn)行算式化，從而簡(jiǎn)潔明快。由次可見(jiàn)，利用函數(shù)與方程的思想來(lái)解決問(wèn)題，要求靈活地運(yùn)用、巧妙的結(jié)合，發(fā)展了學(xué)生思維品質(zhì)的深刻性、獨(dú)創(chuàng)性。 本題的另一種思路是尋求a0、a0，即鄰項(xiàng)變號(hào)：由d0知道aa…a，由S＝13a0得a0，由S＝6(a＋a)0得a0。所以，在S、S、…、S中，S的值最大。 17．分析：異面直線PB和AC的距離可看成求直線PB上任意一點(diǎn)到AC的距離的最小值，從而設(shè)定變量，建立目標(biāo)函數(shù)而求函數(shù)最小值。 P M A H B D C 解：在PB上任取一點(diǎn)M，作MD⊥AC于D，MH⊥AB于H，

50、 設(shè)MH＝x，則MH⊥平面ABC，AC⊥HD 。 ∴MD＝x＋[(2r－x)sinθ]＝(sin＋1)x－4rsinθx＋4rsinθ＝(sinθ＋1)[x－]＋ 即當(dāng)x＝時(shí)，MD取最小值為兩異面直線的距離。 說(shuō)明：本題巧在將立體幾何中“異面直線的距離”變成“求異面直線上兩點(diǎn)之間距離的最小值”，并設(shè)立合適的變量將問(wèn)題變成代數(shù)中的“函數(shù)問(wèn)題”。一般地，對(duì)于求最大值、最小值的實(shí)際問(wèn)題，先將文字說(shuō)明轉(zhuǎn)化成數(shù)學(xué)語(yǔ)言后，再建立數(shù)學(xué)模型和函數(shù)關(guān)系式，然后利用函數(shù)性質(zhì)、重要不等式和有關(guān)知識(shí)進(jìn)行解答。比如再現(xiàn)性題組第8題就是典型的例子。 18．分析：已知了一個(gè)積式，考慮能否由其它已知得到一個(gè)和式，再

51、用方程思想求解。 解： 由A、B、C成等差數(shù)列，可得B＝60°； 由△ABC中tanA＋tanB＋tanC＝tanA·tanB·tanC，得 tanA＋tanC＝tanB(tanA·tanC－1)＝ (1＋) 設(shè)tanA、tanC是方程x－(＋3)x＋2＋＝0的兩根，解得x＝1，x＝2＋ 設(shè)A

52、 19．分析：當(dāng)x∈(-∞,1]時(shí)f(x)＝lg有意義的函數(shù)問(wèn)題，轉(zhuǎn)化為1＋2＋4a>0在x∈(-∞,1]上恒成立的不等式問(wèn)題。 解：由題設(shè)可知，不等式1＋2＋4a>0在x∈(-∞,1]上恒成立， 即：()＋()＋a>0在x∈(-∞,1]上恒成立。 設(shè)t＝(), 則t≥， 又設(shè)g(t)＝t＋t＋a，其對(duì)稱軸為t＝－ ∴ t＋t＋a＝0在[,+∞)上無(wú)實(shí)根， 即 g()＝()＋＋a0，得a－ 所以a的取值范圍是a－。 說(shuō)明：對(duì)于不等式恒成立，引入新的參數(shù)化簡(jiǎn)了不等式后，構(gòu)造二次函數(shù)利用函數(shù)的圖像和單調(diào)性進(jìn)行解決問(wèn)題，其中也聯(lián)系到了方程無(wú)解，體現(xiàn)了方程思想和函數(shù)思想。一般地，

53、我們?cè)诮忸}中要抓住二次函數(shù)及圖像、二次不等式、二次方程三者之間的緊密聯(lián)系，將問(wèn)題進(jìn)行相互轉(zhuǎn)化。 在解決不等式()＋()＋a0在x∈(-∞,1]上恒成立的問(wèn)題時(shí)，也可使用“分離參數(shù)法”： 設(shè)t＝(), t≥，則有a＝－t－t∈(－∞,－]，所以a的取值范圍是a－。其中最后得到a的范圍，是利用了二次函數(shù)在某區(qū)間上值域的研究，也可屬應(yīng)用“函數(shù)思想”。 20．解：f(x)=cosqsinx－(sinxcosq－cosxsinq)+(tanq－2)sinx－sinq =sinqcosx+(tanq－2)sinx－sinq 因?yàn)閒(x)是偶函數(shù)，所以對(duì)任意x?R，都有f(－x)=f

54、(x)， 即sinqcos(－x)+(tanq－2)sin(－x)－sinq=sinqcosx+(tanq－2)sinx－sinq, 即(tanq－2)sinx=0，所以tanq=2 由解得或此時(shí)，f(x)=sinq(cosx－1). 當(dāng)sinq=時(shí)，f(x)=(cosx－1)最大值為0，不合題意最小值為0，舍去； 當(dāng)sinq=時(shí)，f(x)=(cosx－1)最小值為0， 當(dāng)cosx=－1時(shí)，f(x)有最大值為,自變量x的集合為{x|x=2kp+p,k?Z}． 21．解：（1）；．， 若上是增函數(shù)，則恒成立，即 若上是減函數(shù)，則恒成立，這樣的不存在． 綜上可得：． （2）（證法一）設(shè)，由得，于是有，（1）－（2）得：，化簡(jiǎn)可得 ，，，故，即有． （證法二）假設(shè)，不妨設(shè)，由（1）可知在 上單調(diào)遞增，故， 這與已知矛盾，故原假設(shè)不成立，即有．