《2022年高考模擬試卷 物理( 第七模擬 )參考答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考模擬試卷 物理( 第七模擬 )參考答案（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考模擬試卷 物理( 第七模擬 )參考答案 一、 1．A、C 2．C 被封閉的氣柱壓強(qiáng)為75厘米汞柱，體積為27S。(S為管的橫截面)當(dāng)把管口封閉并提離水銀面時(shí)，若留在管中的水銀柱長(zhǎng)為l，管中的空氣柱長(zhǎng)為75-l，管中氣柱的壓強(qiáng)為75-l，則根據(jù)玻—馬定律有： P1V1=P2V2　 75×27S=(75-l)(75-l)S 整理得l2-150l＋3600=0解得l1=30cm，l2=120cm(舍) 3．A、B、C 擺球在P還有速度，由能量守恒A正確；單擺擺線拉力始終與速度垂直，擺線拉力不作功，B對(duì)；F對(duì)擺球做的功除用于增加重力勢(shì)能外，還有一部分增加動(dòng)能，C對(duì)，D錯(cuò)。

2、 4．D 并聯(lián)U1=U2=U3，又I1∶I2∶I3=R3∶R2∶R1，由此得 5．C 三只試管都靜止，處于平衡狀態(tài)，分別進(jìn)行受力分析，首先對(duì)A管，設(shè)A管中的水銀面高出管外h高，管內(nèi)氣體壓強(qiáng)為pA，管的橫截面為S。A管受重力GA，拉力TA，大氣向下壓力p0S，管內(nèi)氣體向上壓力pAS=(p0-ρhg)S，則 TA+(p0-ρhg)S=CA+p0S 所以TA=GA+ρhgS 同理對(duì)B管受力分析后，可得出TB=GB-ρgh′S(B管中水銀面低于管外h′)對(duì)C管受力分析得TC=GC，因?yàn)镚A=GB=GC，所以TA＞TC＞TB。 6．C、D 7．A 某點(diǎn)感覺(jué)不到振動(dòng)即該點(diǎn)為振動(dòng)減弱

3、點(diǎn)，它到兩振源的波程差應(yīng)為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，，設(shè)半圓周上C點(diǎn)到A、O之間的距離相等，則船由B→C過(guò)程中它到A、O波程差由45米減小到O．則由此分析此過(guò)程中有四次波程差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，由C→A過(guò)程中波程差山0增加至45米，在此過(guò)程中亦有四次波程差為半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，故在到達(dá)A之前的過(guò)程中有8次感覺(jué)不到振動(dòng)。 8．B 9．A MN間發(fā)生短路時(shí)，A燈兩端電壓為零，則A燈熄滅； B燈支路電壓變?yōu)?20伏，超過(guò)其額定電壓，B燈燒毀； C、D燈仍正常發(fā)光，故選A。 故讀數(shù)減少 二、 11．該題應(yīng)用核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的守恒關(guān)系及質(zhì)能方程求解。 由E=mc2知，△E=△mc2，則

4、 12．變小 本題在“MNPQ為一個(gè)由同種金屬材料制成的粗細(xì)均勻的導(dǎo)體框架”這句話中，隱含了“導(dǎo)體框架的電阻存在，并且隨著長(zhǎng)度的增大而增大”這個(gè)條件，明確了這個(gè)條件，就不難判斷出當(dāng)ab棒向右勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，閉合電路中的電阻變大，而感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)保持不變，感應(yīng)電流將變小。 有P入=Iε-I2(R′+r)-0.56W， P出=P入-I2R=0.54W 14．②重力加速度g；①小車(chē)質(zhì)量倒數(shù)1/m；③重力加速度倒數(shù)1/g。 15．(1)Ω檔×100位置；(2)P，左側(cè)刻度為0處；(3)T，右側(cè)刻度為0處；(5)20kΩ 16．①向正接線柱偏 ②下端S極 ③磁鐵向上運(yùn)動(dòng) ④與②的繞向相反

5、 四、 17．先設(shè)B管上方無(wú)水溢出，用P1，P′1分別表示A管中氣體原來(lái)和后來(lái)的壓強(qiáng)，L1和L2為A管和B管中氣體柱的長(zhǎng)度，P0為大氣壓強(qiáng)，ρ為水的密度，則有 P1L1=P′1L′1　 P1=P0+ρg(L1-L2) P′1=P0+ρg(L′1-L′2)　 L1-L′1+L2-L′2=L0 解得L′1=2.5m 這樣，A管中只進(jìn)水0.5m，因C管原來(lái)有水3.0m，余下2.5m的水應(yīng)頂入B管，而B(niǎo)管上方的空間只有2.0m，可知一定有水溢出B管。按B管上方有水溢出列方程 P1L1=P″1L′　 P1=P0+ρg(L1-L2)　 P″1=P0+ρgL′ 解得A管中氣柱長(zhǎng)度L′=2.6

6、2m 18．(1)要使電子發(fā)射速率最小，電子軌道半徑必須最小，最小半徑 (2)如果電子源S發(fā)射電子的速率v′=2v，則其軌道半徑應(yīng)為L(zhǎng)。當(dāng)發(fā)射電子的速度v′與SO成150°方向發(fā)射時(shí)，電子S沿半圓弧經(jīng)C 電子沿1/4 圓弧經(jīng)D掠過(guò)擋板上最右位置B點(diǎn)，OB=L，因此擋板上被 19．(1)用力斜向下推時(shí)，箱子勻速運(yùn)動(dòng)，則有Fcosθ=f① f=μN(yùn)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ② N=C＋Fsinθ　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ③ 聯(lián)立①、②、③式代入數(shù)據(jù)解得F

7、=1.2×102N (2)若水平用力推箱子時(shí)，據(jù)牛頓第二定律：F合=ma 則有： 據(jù)v=at=2.0×3.0m/s=6.0m/s (方向向左) s′=v2/2a′=4.5m　則s總=s+s ′=13.5m 20．(1)a上=gsinα+μgcosα=10m/s2 a下=gsinα-μgcosα=2m/s2 (3)最終物體速度變?yōu)榱悖襣sinα＞μgcosα。故物體不可能停在斜面上，全過(guò)程用動(dòng)能定理得 21．設(shè)正離子從磁場(chǎng)區(qū)域射出點(diǎn)為c，射出方向的延長(zhǎng)線與 入射方向的直徑交點(diǎn)為b(如圖答7-2)。正離子在磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的軌跡ac是一段圓弧，它的圓心O一定位于

8、過(guò)入射點(diǎn)α而與入射方向垂直的直線上。由于正離子射出磁場(chǎng)的方向必沿圓弧ac在c點(diǎn)的切線，故連線Oc必垂直于連線bc。又因?yàn)樗倪呅蔚乃慕侵蜑?60°?？赏瞥觥蟖cO=60°，即正離子在磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)軌跡ac對(duì)點(diǎn)O所張的圓心角為60°，如果整個(gè)空間都充滿了方向垂直于紙面向里的磁場(chǎng)，正離子在紙面上作圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)正離子運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間為T(mén)，則正離子沿ac由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)所需的時(shí)間為 可推出T=2πm/qB　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ② 代入得正離子沿弧由α點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)所需的時(shí)間為 t=πm/3qB　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ③

9、 aO和cO都是圓弧ac的半徑，故△aOc是等腰三角形。根據(jù)上面所得∠acO=60°，可知∠Oac=∠Oca=60°，∠bca=∠bac=30°，因此△abc也是等腰三角形，得ab=bc=圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑，即b點(diǎn)是圓形區(qū)域的圓心。而射出點(diǎn)c的位置可以由射入點(diǎn)a與射出點(diǎn)c之間的圓形區(qū)域邊界ac弧對(duì)應(yīng)區(qū)域圓心b所張的圓心角120°決定。即C點(diǎn)距a點(diǎn) 22．(1)B下擺過(guò)程中，機(jī)械能守恒． (2)B與A碰撞，動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒． (3)A在平臺(tái)上滾動(dòng)，對(duì)A用動(dòng)能定理 (4)A離開(kāi)平臺(tái)，做初速度為vA′=3m/s的平拋運(yùn)動(dòng)． 水平方向?yàn)閯蛩僖司€運(yùn)動(dòng)：位移S=vA′·t=1.2m 所以，A做平拋運(yùn)動(dòng)后．前進(jìn)的水平位移是1.2m．