《2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 綜合能力訓(xùn)練（二）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 綜合能力訓(xùn)練（二）（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 綜合能力訓(xùn)練（二） 一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個選項中,第1~5題只有一項符合題目要求,第6~8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分) 1.(xx·江西六校聯(lián)考)下列敘述正確的是(　　) A.法拉第最先提出電荷周圍存在電場的觀點 B.伽利略用“月—地檢驗”證實了萬有引力定律的正確性 C.牛頓在給出萬有引力定律的同時給出了引力常量 D.將實驗和邏輯推理(包括數(shù)學(xué)演算)和諧地結(jié)合起來,從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法的科學(xué)家是笛卡爾 2.(xx·湖北武漢武昌區(qū)調(diào)研測試)從

2、地面豎直上拋一物體A的同時,在離地面高H處有相同質(zhì)量的另一物體B開始做自由落體運動,兩物體在空中同時到達(dá)距地面高h(yuǎn)時速率都為v(兩物體不會相碰),則下列說法正確的是(　　) A.H=2h B.物體A豎直上拋的初速度大小是物體B落地時速度大小的2倍 C.物體A、B在空中運動的時間相等 D.兩物體落地前各自的機械能都守恒且兩者機械能相等 3.(xx·湖南師范大學(xué)附屬中學(xué)月考)如圖所示,物體沿斜面由靜止滑下,在水平面上滑行一段距離后停止,物體與斜面、水平面間的動摩擦因數(shù)相同,斜面與水平面平滑連接。下圖中v、a、Ff和x分別表示物體速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程,它們隨時間變化的圖象

3、正確的是(　　) 4.(xx·湖北荊門調(diào)研)理論研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的倍?；鹦翘綔y器懸停在距火星表面高度為h處時關(guān)閉發(fā)動機,做自由落體運動,經(jīng)時間t落到火星表面。已知引力常量為G,火星的半徑為R。若不考慮火星自轉(zhuǎn)的影響,要探測器脫離火星飛回地球,則探測器從火星表面的起飛速度至少為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.7.9 km/s B.11.2 km/s C. D. 5.(xx·河南實驗中學(xué)月考)兩個中間有孔的質(zhì)量為M的小球A、B用一輕彈簧相連,套在水平光滑橫桿上。兩個小球下面分別連一輕彈簧。兩輕彈簧下端系在一質(zhì)量為m的小球C上,如圖所示。已知三根輕彈

4、簧的勁度系數(shù)都為k,三根輕彈簧剛好構(gòu)成一等邊三角形。下列說法正確的是(　　) A.水平橫桿對質(zhì)量為M的小球的支持力為Mg+mg B.連接質(zhì)量為m小球的輕彈簧的彈力為 C.連接質(zhì)量為m小球的輕彈簧的伸長量為mg D.套在水平光滑橫桿上的輕彈簧的形變量為mg 6.(xx·湖北武漢武昌區(qū)調(diào)研測試)如圖為一種獲得高能粒子的裝置,環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面、磁感應(yīng)強度大小可調(diào)的勻強磁場(環(huán)形區(qū)域的寬度非常小)。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子可在環(huán)中做半徑為R的圓周運動。A、B為兩塊中心開有小孔的距離很近的平行極板,原來電勢均為零,每當(dāng)帶電粒子經(jīng)過A板剛進(jìn)入AB之間時,A板電勢升高到+U,B

5、板電勢仍保持為零,粒子在兩板間的電場中得到加速。每當(dāng)粒子離開B板時,A板電勢又降為零。粒子在電場中一次次加速使得動能不斷增大,而在環(huán)形區(qū)域內(nèi),通過調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強度大小可使繞行半徑R不變。已知極板間距遠(yuǎn)小于R,則下列說法正確的是(　　) A.環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁場方向垂直于紙面向里 B.粒子從A板小孔處由靜止開始在電場力作用下加速,繞行N圈后回到A板時獲得的總動能為NqU C.粒子在繞行的整個過程中,A板電勢變化周期不變 D.粒子繞行第N圈時,環(huán)形區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應(yīng)強度為 7.如圖為某小型水電站的電能輸送示意圖,發(fā)電機通過升壓變壓器T1和降壓變壓器T2向用戶供電。已知輸電線的總電阻

6、R=10 Ω,降壓變壓器T2的原、副線圈匝數(shù)之比為4∶1,副線圈與純電阻用電器組成閉合電路,用電器電阻R0=11 Ω。若T1、T2均為理想變壓器,T2的副線圈兩端電壓表達(dá)式為u=220sin 100πt V。下列說法正確的是(　　) A.發(fā)電機中的電流變化頻率為100 Hz B.通過用電器的電流有效值為20 A C.升壓變壓器的輸入功率為4 650 W D.當(dāng)用電器的電阻R0減小時,發(fā)電機的輸出功率減小 8.(xx·湖北武漢武昌區(qū)調(diào)研測試)正對著且水平放置的兩平行金屬板連接在如圖電路中,板長為l,板間距為d,在距離板的右端 2l 處有一豎直放置的光屏 M。D為理想二極管(即正向電

7、阻為0,反向電阻無窮大),R為滑動變阻器,R0為定值電阻。將滑片P置于滑動變阻器正中間,閉合開關(guān)S,讓一電荷量為q、質(zhì)量為m的質(zhì)點從兩板左端連線的中點N以水平速度v0射入板間,質(zhì)點未碰極板,最后垂直打在 M 屏上。在保持開關(guān)S閉合的情況下,下列分析或結(jié)論正確的是(　　) A.質(zhì)點在板間運動的過程中與它從板的右端運動到光屏的過程中速度變化相同 B.板間電場強度大小為 C.若僅將滑片P向下滑動一段后,再讓該質(zhì)點從N點以水平速度v0射入板間,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上 D.若僅將兩平行板的間距變大一些,再讓該質(zhì)點從N點以水平速度v0射入板間,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上 第Ⅱ卷 二、非選擇

8、題(包括必考題和選考題兩部分。第9~12題為必考題,每個試題考生都必須做答。第13~15題為選考題,考生根據(jù)要求做答) (一)必考題(共47分) 9. (6分)(xx·五市十校教研教改共同體聯(lián)考)如圖是某同學(xué)做“探究做功與速度變化的關(guān)系”的實驗裝置。他將光電門固定在直軌道上的O點,用同一重物通過細(xì)線拉同一小車,每次小車都從不同位置由靜止釋放,各位置A、B、C、D、E、F、G(圖中只標(biāo)出了O、G)離O點的距離d分別為8 cm、16 cm、24 cm、32 cm、40 cm、48 cm、56 cm。 (1)該實驗是否必須測量重物的重力:　　　　(選填“需要”或“不需要”);該實驗是否必

9、須平衡摩擦力:　　　　(選填“是”或“否”)。? (2)為了減小實驗誤差,下列做法正確的是(　　) A.增大遮光條的寬度使其寬度的測量的相對誤差盡量小 B.同一d值的測量多測幾次以減小偶然誤差 C.重物質(zhì)量應(yīng)當(dāng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量 D.調(diào)節(jié)滑輪高度,使連接小車的細(xì)線與軌道平行 (3)用游標(biāo)卡尺測得此裝置中的遮光條的寬度d=　　　　mm。? 10.(9分)(xx·山東理綜) 甲 如圖甲所示的電路中,恒流源可為電路提供恒定電流I0,R為定值電阻,電流表、電壓表均可視為理想電表。某同學(xué)利用該電路研究滑動變阻器RL消耗的電功率。改變RL的阻值,記錄多組電流、電壓的數(shù)值,得到如圖乙所

10、示的U-I關(guān)系圖線。 乙 回答下列問題: (1)滑動觸頭向下移動時,電壓表示數(shù)　　　　(選填“增大”或“減小”)。? (2)I0=　　　　 A。? (3)RL消耗的最大功率為　　　　 W(保留一位有效數(shù)字)。? 11.(12分)(xx·山西四校聯(lián)考)如圖所示,兩足夠長的平行光滑的金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L,導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=30°,導(dǎo)軌電阻不計,磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上。長為L的金屬棒垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上,且始終與導(dǎo)軌接觸良好,金屬棒的質(zhì)量為m、電阻為R。兩金屬導(dǎo)軌的上端連接一個燈泡,燈泡的電阻也為R?，F(xiàn)閉合開關(guān)S ,給金屬棒施加一個方向垂直于

11、桿且平行于導(dǎo)軌平面向上的、大小為F=2mg的恒力,使金屬棒由靜止開始運動,當(dāng)金屬棒達(dá)到最大速度時,燈泡恰能達(dá)到它的額定功率。重力加速度為g,求: (1)金屬棒能達(dá)到的最大速度vm; (2)燈泡的額定功率PL; (3)若金屬棒上滑距離為s時速度恰達(dá)到最大,求金屬棒由靜止開始上滑2s的過程中,金屬棒上產(chǎn)生的電熱Q1。 12.(20分)(xx·河北保定重點高中聯(lián)考)如圖所示,一質(zhì)量為m=1 kg的小物塊輕輕放在水平勻速運動的傳送帶上的A點,隨傳送帶運動到B點,小物塊從C點沿圓弧切線進(jìn)入豎直光滑的半圓軌道恰能做圓周運動,已知圓弧半徑R=0.9 m,軌道最

12、低點為D,D點距水平面的高度h=0.8 m。小物塊離開D點后恰好垂直碰擊放在水平面上E點的固定傾斜擋板,已知小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.3,傳送帶以5 m/s恒定速率順時針轉(zhuǎn)動,g取10 m/s2。求: (1)傳送帶AB兩端的距離; (2)小物塊經(jīng)過D點時對軌道的壓力的大小; (3)傾斜擋板與水平面間的夾角θ的正切值。 (二)選考題(共15分。請考生從給出的3道物理題中任選一題做答。如果多做,則按所做的第一題計分) 13.(15分)【物理——選修

13、3-3】 (1)(5分)關(guān)于一定量的理想氣體,下列敘述正確的是。(填正確答案標(biāo)號,選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分。每選錯1個扣3分,最低得分為0分) A.氣體吸收的熱量不可以完全轉(zhuǎn)化為功 B.氣體體積增大時,其內(nèi)能一定減少 C.氣體從外界吸收熱量,其內(nèi)能可能減少 D.外界對氣體做功,氣體內(nèi)能可能減少 E.保持氣體的壓強不變,改變其體積,可以實現(xiàn)其內(nèi)能不變 (2)(10分)如圖所示,一定質(zhì)量的理想氣體被水銀柱封閉在豎直玻璃管內(nèi),氣柱長度為h?，F(xiàn)繼續(xù)向管內(nèi)緩慢地添加部分水銀,水銀添加完時,氣柱長度變?yōu)閔。再取相同質(zhì)量的水銀緩慢地添加在管內(nèi)。外界大氣壓強保持不變。

14、 (ⅰ)求第二次水銀添加完時氣柱的長度。 (ⅱ)若第二次水銀添加完時氣體溫度為T0,現(xiàn)使氣體溫度緩慢升高,求氣柱長度恢復(fù)到原來長度h時氣體的溫度。 14.(15分)【物理——選修3-4】 (1)(5分)一列簡諧橫波在初始時刻和再經(jīng)過時間t后的波形分別如圖中實線和虛線所示。已知波向左傳播,時間t

15、柱,橫截面為有一個銳角為30°的直角三角形,如圖所示,AC面鍍膜,經(jīng)透明體射到AC面的光只能反射?，F(xiàn)有一束光從AB面的D點垂直AB面射入透明體,經(jīng)AC面E點反射后從BC面射出透明體,出射光線與BC面成30°角。 (ⅰ)求該透明體的折射率; (ⅱ)若光線從BC面的F點垂直BC面射入透明體,經(jīng)AC面E點反射后從AB面射出透明體,試畫出經(jīng)E點后的光路圖,并標(biāo)明出射光線與AB面所成夾角的角度(不用列式計算)。 15.(15分)【物理——選修3-5】 (1)(5分)下列說法中正確的是　　　　。(填正確答案

16、標(biāo)號,選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分。每選錯1個扣3分,最低得分為0分)? A.放射性的原子核在發(fā)生α衰變時,使產(chǎn)生的新核處于低能級,這時它要向高能級躍遷,能量以γ光子的形式輻射出來 B.放射性元素衰變的快慢跟原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān) C.一個處于第四能級的氫原子向基態(tài)躍遷時,最多向外輻射三種不同頻率的光子 D.普朗克通過對光電效應(yīng)現(xiàn)象的分析提出了光子說 E.用某種光照射金屬發(fā)生光電效應(yīng)后,當(dāng)光強增強時,飽和光電流會增大 (2)(10分)蘇聯(lián)科學(xué)家齊奧爾科夫斯基提出了多級火箭的概念。把火箭一級一級地接在一起,三級火箭從上到下依次為運載物、第三級、第二級和第一

17、級,實際應(yīng)用中一般不會超過四級,可以簡化成模型,運載物的質(zhì)量為M,每一級的質(zhì)量為m,當(dāng)運載物和三級物離開地面時已經(jīng)具有速度v0,點火過程連續(xù),每一級物分離時速度大小均為,每次分離時間t,M=3m,忽略空氣阻力,不考慮燃料消耗質(zhì)量,重力加速度為g。 (ⅰ)當(dāng)?shù)谝患壟c火箭主體分離時,求火箭主體速度。 (ⅱ)最后一次分離運載物獲得的推力為多大? 參考答案 1.A　解析:最先提出電荷周圍存在電場觀點的是法拉第,故選項A正確;牛頓用“月—地檢驗”證實了萬有引力定律的正確性,故選項B錯誤;測量引力常量的是卡文迪許,故選項C錯誤;將實驗

18、和邏輯推理(包括數(shù)學(xué)演算)和諧地結(jié)合起來,從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法的科學(xué)家是伽利略,故選項D錯誤。 2.D　解析:A、B運動的時間相同,加速度都等于g,所以速度的變化量大小也相同,都等于v,對A:Δv=v-v0=-v,上升高度hA=h,對B:Δv=v-0=v,下落高度hB=H-h,由x=t,可知hA=3hB,可得H=,A的初速度v0=2v,根據(jù)對稱性知,B落地的速度也是2v,故選項A錯誤,選項B錯誤;A上升的時間與B下落的時間相同,設(shè)為t,故A在空中運動的時間為2t,所以選項C錯誤;兩物體落地前,只有重力做功,所以各自的機械能都守恒,AB在地面處的速度大小相等,所以兩者機械

19、能相等,故選項D正確。 3.C　解析:根據(jù)物體的受力情況,可以判斷出物體先是在斜面上做勻加速直線運動,到達(dá)水平面上之后,做勻減速運動,所以物體運動的v-t圖象應(yīng)該是傾斜的直線,不能是曲線,故選項A錯誤;由于物體的運動先是勻加速運動,后是勻減速運動,在每一個運動的過程中物體的加速度的大小是不變的,所以物體的a-t圖象應(yīng)該是兩段水平的直線,不能是傾斜的直線,故選項B錯誤;在整個運動的過程中,物體受到的都是滑動摩擦力,所以摩擦力的大小是不變的,并且由于在斜面上時的壓力比在水平面上時的壓力小,所以滑動摩擦力在斜面上的比在水平面上的小,故選項C正確;物體做的是勻加速直線運動,物體的位移為x=at2,所

20、以物體的路程和時間的關(guān)系應(yīng)該是拋物線,不會是正比例的傾斜的直線,故選項D錯誤。 4.D　解析:根據(jù)h=gt2可得,火星表面的重力加速度為g=,火星的第一宇宙速度v1=,要使探測器脫離火星飛回地球,則需要以火星第二宇宙速度起飛,即v2=,所以選項A、B、C錯誤;D正確。 5.C　解析:對C分析,C球受到重力和兩個彈簧的拉力,處于靜止?fàn)顟B(tài),三力合力為零,所以每根彈簧對小球的拉力為FT1=,所以連接質(zhì)量為m小球的輕彈簧的伸長量為Δx1=,選項B錯誤,C正確;水平橫桿對質(zhì)量為M的小球的支持力為FN=Mg+mg,選項A錯誤;將連接C球的兩個彈簧的彈力沿水平方向分解可得套在水平光滑橫桿上的輕彈簧的彈力

21、為FT2=FT1cos 60°=,故彈簧的形變量為,選項D錯誤。 6.BD　解析:由題意知粒子在軌道內(nèi)做順時針圓周運動,根據(jù)左手定則可判斷勻強磁場的磁場方向垂直于紙面向外,所以選項A錯誤;由于粒子在做圓周運動的過程中洛倫茲力不做功,在AB板間電場力做功W=qU,所以粒子繞行N圈后回到A板時獲得的總動能為NqU,故選項B正確;由于粒子的軌道半徑R不變,而粒子做圓周運動第n圈的速度為vn,根據(jù)nqU=,可得粒子圓周運動的速度增大,根據(jù)T=2π,所以周期減小,故A板電勢變化周期變小,故選項C錯誤;粒子繞行第N圈時,NqU=,所以vN=,又R=,聯(lián)立得B=,所以選項D正確。 7.BC　解析:從u=

22、220sin 100πt V可以得出,發(fā)電機中的電流變化頻率為50 Hz,選項A錯誤;加在R0兩端的電壓有效值為220 V,因此流過用電器R0的電流I2= A=20 A,選項B正確;根據(jù),可知流過R的電流為I1=5 A,因此輸入變壓器的輸入功率等于R與R0消耗的總功率,P=R+R0=4 650 W,選項C正確;當(dāng)用電器的電阻R0減小時,R0消耗的功率增大,這時發(fā)電機的輸出功率將增大,選項D錯誤。 8.BCD　解析:由題意知,粒子在板間做類平拋運動,要使最后垂直打在M屏上,離開板間后豎直方向做減速運動,到達(dá)M板時豎直速度減為零,而水平方向一直做勻速運動,設(shè)離開板時豎直速度為vy,質(zhì)點在板間運動

23、的過程中速度變化為vy,從板的右端運動到光屏的過程中速度變化為-vy,故選項A錯誤;粒子從板的右端運動到光屏的過程中用時t2=,所以vy=gt2=,在板間t1=,豎直方向vy=at1=,聯(lián)立解得E=,故選項B錯誤;若僅將滑片P向下滑動一段后,電阻R的電壓減小,電容器電壓減小,電容器放電,由于二極管的特性,電容器放不出去電,故電容器電壓不變,板間電場強度不變,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上,故選項C正確;若僅將兩平行板的間距變大一些,由C=知,電容減小,由Q=CU,電容器放電,由于二極管的特性,電容器放不出去電,故電容器電壓不變,板間電場強度不變,質(zhì)點依然會垂直打在光屏上,故選項D正確。 9.答案:

24、(1)不需要　否　(2)BD (3)3.44 mm(每問2分) 解析:(1)本實驗中,測量的是做功W與速度v的關(guān)系,實際上就是驗證動能定理,Fs=mv2,由于給出了不同的位移,實際上是計算s與v的關(guān)系,因此不用計算拉力大小,也不用平衡摩擦力。(2)應(yīng)減小遮光條的寬度使其能準(zhǔn)確測出小車到達(dá)該位置時的速度以盡量減小誤差,選項A錯誤;多測幾次求平均值是減小偶然誤差的好方法,選項B正確;由于不必測量滑塊重力,也用不著求出繩子拉力,因此不必滿足重物質(zhì)量應(yīng)當(dāng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量,選項C錯誤;調(diào)節(jié)滑輪高度,使連接小車的細(xì)線與軌道平行,這樣使小車運行平穩(wěn),摩擦力保持不變,選項D正確。(3)讀數(shù)為3 mm+22×

25、0.02 mm=3.44 mm。 10.答案:(1)減小　(2)1.00(0.98、0.99、1.01均正確)　(3)5(每問3分) 解析:(1)當(dāng)滑動觸頭向下移動時,RL阻值減小,則總電阻減小,干路電流I0不變,則電壓表讀數(shù)U=I0R總減小; (2)當(dāng)RL=0時,電流表讀數(shù)增大至I0,此時電壓表讀數(shù)為0,則由甲圖可知I0=1.0 A; (3)RL消耗的功率為P=IU=20I-20I2(W),則當(dāng)I=0.5 A時,功率的最大值為Pmax=5 W。 11.答案:(1)vm=　(2)PL=　(3)Q1=mgs- 解析:(1)金屬棒先做加速度逐漸減小的加速運動,當(dāng)加速度為零時,金屬棒達(dá)到

26、最大速度,此后開始做勻速直線運動。設(shè)最大速度為vm,則速度達(dá)到最大時有 E=BLvm① I=② F=BIL+mgsin θ③ 解得vm=。④ (2)PL=I2R⑤ 解得PL=。⑥ (3)設(shè)整個電路放出的電熱為Q,由能量守恒定律有 F·2s=Q+mgsin θ·2s+⑦ 由題意可知Q1=⑧ 解得Q1=mgs-。⑨ 評分標(biāo)準(zhǔn):本題共12分,其中③⑤⑦每式2分,其余每式1分。 12.答案:(1)1.5 m　(2)60 N　(3) 解析:(1)對小物塊,在C點沿圓弧切線進(jìn)入豎直光滑的半圓軌道恰能做圓周運動,由牛頓第二定律得mg=m① 則v1==3 m/s<5 m/s② 即

27、小物塊在傳送帶上一直加速,由A到B有a==μg=3 m/s2③ 所以=2asAB,代入數(shù)值得sAB=1.5 m。④ (2)小物塊從C到D,由動能定理知 2mgR=⑤ 由牛頓第二定律知在D點有 FN-mg=m⑥ 聯(lián)立并代入數(shù)值得FN=60 N⑦ 由牛頓第三定律得小物塊經(jīng)過D點時對軌道的壓力大小為60 N。⑧ (3)小物塊離開D點后做平拋運動, h=gt2⑨ 將小物塊在E點的速度進(jìn)行分解得 tan θ=⑩ 聯(lián)立并代入數(shù)值得tan θ=。 評分標(biāo)準(zhǔn):本題共20分,其中⑧每式1分,其余每式2分。 13.答案:(1)CDE　(2)(ⅰ)h　(ⅱ)T0 解析:(1)當(dāng)氣體體積

28、增大而內(nèi)能不變時,氣體吸收的熱量全部用來對外做功,選項A正確;當(dāng)氣體體積增大時,對外做功,若同時吸收熱量,且吸收的熱量多于對外做的功,內(nèi)能會增加,選項B錯誤;若氣體吸收熱量的同時對外做功,且吸收的熱量少于對外做的功,則其內(nèi)能會減少,選項C正確;若外界對氣體做功的同時氣體向外放出熱量,且放出的熱量多于外界對氣體所做的功,則氣體內(nèi)能減少,選項D正確;保持氣體的壓強不變,使氣體做等溫變化,則其內(nèi)能不變,選項E正確。 (2)(ⅰ)設(shè)開始時封閉氣體的壓強為p0,添加的水銀對氣體產(chǎn)生的壓強為p,由玻意耳定律得p0h=(p0+p)·h① 解得p=p0② 再加水銀后,氣體的壓強變?yōu)閜0+2p③ 設(shè)第二

29、次加水銀后,氣柱長為h',則有p0h=(p0+2p)h'④ 解得h'=h。⑤ (ⅱ)氣柱長度恢復(fù)到原來長度h,則有⑥ 解得T=T0。⑦ 評分標(biāo)準(zhǔn):本題共10分,其中①④⑥每式2分,其余每式1分。 14.答案:(1)(ⅰ)(3,2)　(ⅱ)6 cm(第(ⅰ)問2分,第(ⅱ)問3分) (2)(ⅰ)　(ⅱ)見解析 解析:(1)(ⅰ)波向左傳播,由于t

30、本題共10分,其中③處4分,其余每式3分。 15.答案:(1)BCE　(2)(ⅰ)v0　(ⅱ)+3mg 解析:(1)放射性的原子核在發(fā)生α衰變時,使產(chǎn)生的新核處于高能級,這時它要向低能級躍遷,能量以γ光子的形式輻射出來,所以選項A錯誤;放射性元素衰變的快慢是由核內(nèi)部自身的因素決定的,跟原子所處化學(xué)狀態(tài)和外部條件沒有關(guān)系,所以選項B正確;一個處于n能級的氫原子向基態(tài)躍遷時,最多向外輻射n-1種光子,所以選項C正確;愛因斯坦通過對光電效應(yīng)現(xiàn)象的分析提出光子說,所以選項D錯誤;發(fā)生光電效應(yīng)后,飽和光電流與光強成正比,所以選項E正確。 (2)(ⅰ)以運載物、第三級、第二級和第一級整體為研究對象,取向上為正方向,根據(jù)動量守恒定律 (M+3m)v0=(M+2m)v1-m① 計算可得出v1=v0。② (ⅱ)第二次點火過程,以運載物、第三級和第二級為研究對象,取向上為正方向, (M+2m)v1=(M+m)v2-m③ 可得v2=v0④ 第三次點火過程,以運載物和第三級為研究對象,取向上為正方向, (M+m)v2=Mv3-m⑤ 可得v3=v0⑥ 以運載物為研究對象,取向上為正方向,由動量定理得 (F-Mg)t=Mv3-Mv2⑦ 可得F=+3mg。⑧ 評分標(biāo)準(zhǔn):本題共10分,其中①③每式2分,其余每式1分。