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1、（江蘇專版）2022年高考物理二輪復習 選擇題提速練（一）（含解析） 一、單項選擇題 1．如圖甲所示為雜技中的“頂竿”表演，水平地面上演員B用肩部頂住一根長直竹竿，另一演員A爬至竹竿頂端完成各種動作。某次頂竿表演結束后，演員A自竿頂由靜止開始下落。滑到竿底時速度正好為零，然后屈腿跳到地面上，演員A、B質量均為50 kg，竹竿質量為5 kg，演員A下滑的過程中速度隨時間變化的圖像如圖乙所示。重力加速度g取 10 m/s2，下列判斷正確的是(　　) A．竹竿的總長度約為3 m B．0～6 s內(nèi)，演員B對地面的壓力大小始終為1 050 N C．0～6 s內(nèi)，竹竿對演員B的壓力的沖

2、量大小為3 300 N·s D．演員A落地時屈腿，是為了縮短作用時間以減小地面的沖擊力 解析：選C　v-t圖像的面積等于演員A下滑過程的位移(即竹竿的總長度)，x＝×6× 2 m＝6 m，A錯誤；0～4 s內(nèi)演員A加速下滑，加速度a＝0.5 m/s2，處于失重狀態(tài)，演員B對地面的壓力大小FN＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1 025 N,4～6 s內(nèi)演員A減速下滑，加速度a′＝1 m/s2，處于超重狀態(tài)，演員B對地面的壓力大小FN′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1 100 N，B錯誤；0～4 s內(nèi)竹竿對演員B的

3、壓力大小為F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525 N，沖量大小為I1＝525×4 N·s＝2 100 N·s,4～6 s內(nèi)竹竿對演員B的壓力大小為F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600 N，沖量大小為I2＝600×2 N·s＝1 200 N·s，0～6 s內(nèi)，竹竿對演員B的壓力的沖量大小為I＝I1＋I2＝(2 100＋1 200)N·s＝3 300 N·s，C正確；演員A落地時屈腿，是為了延長作用時間以減小地面的沖擊力，D錯誤。 2．(2018·天津高考)教學用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機(內(nèi)阻可忽略)通過

4、理想變壓器向定值電阻R供電，電路如圖所示，理想交流電流表A、理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R消耗的功率為P。若發(fā)電機線圈的轉速變?yōu)樵瓉淼模瑒t(　　) A．R消耗的功率變?yōu)镻 B．電壓表V的讀數(shù)變?yōu)閁 C．電流表A的讀數(shù)變?yōu)?I D．通過R的交變電流頻率不變 解析：選B　發(fā)電機產(chǎn)生的感應電動勢最大值Em＝NBSω，其中ω＝2πn，理想變壓器的輸入電壓(有效值)U1＝，若線圈的轉速n變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)＝，則電壓表V的讀數(shù)變?yōu)閁，通過R的電流變?yōu)樵瓉淼模琑消耗的功率變?yōu)镻，根據(jù)＝，電流表A的讀數(shù)變?yōu)镮，故B正確，A、C錯誤；交變電流的頻率f等于線圈的轉速n，故D錯誤。 3.如圖所示，

5、螺線管與電阻R相連，磁鐵從螺線管的正上方由靜止釋放，向下穿過螺線管，下列說法正確的是(　　) A．磁鐵剛離開螺線管時的加速度等于重力加速度 B．通過電阻的電流方向先由a到b，后由b到a C．磁鐵減少的重力勢能等于回路產(chǎn)生的熱量與磁鐵增加的動能之和 D．圖中a點的電勢始終低于b點的電勢 解析：選C　磁鐵剛離開螺線管時，正在遠離螺線管，磁鐵受到的磁場力阻礙磁鐵遠離螺線管(去留)，則加速度a＜g，故A錯誤；當磁鐵N極向下運動，導致穿過線圈的磁通量變大，且方向向下，則由楞次定律可得線圈中產(chǎn)生感應電流方向盤旋而上，螺線管上端相當于電源的正極，所以通過R的電流方向為從b到a，當S極離開螺線管時，

6、穿過線圈的磁通量變小，且方向向下，則螺線管下端相當于電源的正極，所以通過R的電流方向為從a到b，則a點的電勢先低于b點的電勢，后高于b點電勢，故B、D錯誤；根據(jù)能量守恒可知磁鐵減少的重力勢能等于回路中產(chǎn)生的熱量和磁鐵增加的動能之和，故C正確。 4．“天宮一號”主要是和載人飛船配合完成空間交會對接實驗任務，而“天宮二號”則是我國第一個具備太空補加功能的載人航天實驗室，第一次實現(xiàn)航天員中期駐留、第一次試驗推進劑太空補加技術等重要的科學實驗，“天宮二號”被稱為是我國首個真正意義上的空間實驗室。已知“天宮二號”的軌道高度為393 km，比“天宮一號”高了50 km。關于“天宮二號”與“天宮一號”的比

7、較，以下說法正確的是(　　) A．“天宮二號”運行的線速度比“天宮一號”的大 B．“天宮二號”運行的加速度比“天宮一號”的大 C．“天宮二號”運行的角速度比“天宮一號”的大 D．“天宮二號”運行的周期比“天宮一號”的大 解析：選D　萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得G＝m＝ma＝mω2r＝mr，解得v＝，a＝，ω＝，T＝2π，由于“天宮二號”的軌道半徑大于“天宮一號”的軌道半徑，所以“天宮二號”運行的線速度比“天宮一號”的小，故A錯誤；“天宮二號”運行的加速度比“天宮一號”的小，故B錯誤；“天宮二號”運行的角速度比“天宮一號”的小，故C錯誤；“天宮二號”運行的周期比“天宮一號”的大

8、，故D正確。 5.空間存在一靜電場，電場中的電勢φ隨x(x軸上的位置坐標)的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的是(　　) A．x＝4 m處的電場強度可能為零 B．x＝4 m處電場方向一定沿x軸正方向 C．沿x軸正方向，電場強度先增大后減小 D．電荷量為e的負電荷沿x軸從0點移動到6 m處，電勢能增大8 eV 解析：選D　由φ-x圖像的斜率等于電場強度，知x＝4 m處的電場強度不為零，選項A錯誤；從0到x＝4 m處電勢不斷降低，但x＝4 m點的電場方向不一定沿x軸正方向，選項B錯誤；由斜率看出，沿x軸正方向，圖像的斜率先減小后增大，則電場強度先減小后增大，選項C錯誤；沿x軸正方向電勢降

9、低，某負電荷沿x軸正方向移動，電場力做負功，從0點移動到6 m的過程電勢能增大8 eV，選項D正確。 二、多項選擇題 6.如圖所示，長為l的細繩一端固定在O點，另一端拴住一個小球，在O點的正下方與O點相距的地方有一枚與豎直平面垂直的釘子；把小球拉起使細繩在水平方向伸直，由靜止開始釋放，當細繩碰到釘子的瞬間，下列說法正確的是(　　) A．小球的線速度不發(fā)生突變 B．小球的角速度突然增大到原來的2倍 C．小球的向心加速度突然增大到原來的2倍 D．繩子對小球的拉力突然增大到原來的2倍 解析：選ABC　當細繩碰到釘子的瞬間，小球的線速度不發(fā)生突變，所以A項正確；根據(jù)角速度與線速度的關系ω

10、＝，線速度不變，圓周運動的半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，所以B項正確；向心加速度公式a＝，小球的向心加速度增大為原來的2倍，所以C項正確；根據(jù)牛頓第二定律得出T－mg＝m，小球拉力T＝mg＋m，向心力變?yōu)樵瓉淼?倍，由牛頓第三定律知繩子對小球的拉力不是原來的2倍，所以D項錯誤。 7.如圖所示，在兩個等量異號的點電荷連線的中垂線上有與連線中點O等距離的兩點a、b，在連線上有距中點O等距離的兩點c、d，則下列場強大小關系式正確的是(　　) A．Ea＝EbEO D．Ec>EO>Ed 解析：選AC　因為是等量異種電荷的靜電場

11、，根據(jù)電場線的疏密分布特點可知：在連線上從c到d，電場強度先變小再變大，根據(jù)對稱性知Ec＝Ed>EO，故C正確，D錯誤；在中垂線上，根據(jù)對稱性可知Ea＝Ebkv，球向下加速，當v逐漸增大，則a減小，即球做加速度逐漸減

12、小的加速運動，又v＝at?、?，由①②整理得：a＝，可見a不是均勻減小，故A錯誤；由前面分析知球做加速度逐漸減小的加速運動，v-t圖像斜率應該逐漸減小，故B正確；由動能定理：mgh－fh＝Ek，即Ek＝(mg－kv)h，由于v是變化的，故Ek-h不是線性關系，C錯誤；機械能的變化量等于克服阻力做的功：－fh＝E－E0，v逐漸增大，則f逐漸增大，即E-h圖像的斜率逐漸變大，故D正確。 9.如圖所示為牽引力F和車速倒數(shù)的關系圖像。若汽車質量為2×103 kg，它由靜止開始沿平直公路行駛，且行駛中阻力恒定。設其最大車速為30 m/s，下列判斷正確的是(　　) A．汽車所受阻力為2×103 N B

13、．汽車車速為15 m/s，功率為3×104 W C．汽車勻加速的加速度為3 m/s2 D．汽車勻加速所需時間為5 s 解析：選AD　當牽引力等于阻力時，速度最大，最大速度為30 m/s，由題圖得此時牽引力F＝2×103 N，則阻力大小f＝2×103 N，故A正確。牽引力的最大功率為P＝fv＝2×103×30 W＝6×104 W，當牽引力達到6×103 N之后牽引力恒定，勻加速的加速度為a＝＝2 m/s2，故C錯誤。勻加速直線運動的末速度為v′＝＝10 m/s，則勻加速運動的時間t＝＝5 s，故D正確。因為15 m/s>10 m/s，所以汽車速度為15 m/s時，功率已達到額定功率，故B錯誤。