6、求證：＝. 12.在△ABC中，a，b，c分別是角A，B，C的對邊的長，cos B=,且·＝－21. (1)求△ABC的面積； (2)若a＝7，求角C. 能力提升 13．已知△ABC中，AB＝1，BC＝2，則角C的取值范圍是(　　) A．0

7、)求＋的值； (2)設(shè)·＝，求a＋c的值． 1．解斜三角形的常見類型及解法 在三角形的6個元素中要已知三個(至少有一邊)才能求解，常見類型及其解法見下表： 已知條件 應(yīng)用定理 一般解法 一邊和兩角 (如a，B，C) 正弦定理 由A＋B＋C＝180°，求角A；由正弦定理求出b與c.在有解時只有一解. 兩邊和夾角 (如a，b，C) 余弦定理 正弦定理 由余弦定理求第三邊c；由正弦定理求出小邊所對的角；再由A＋B＋C＝180°求出另一角．在有解時只有一解. 三邊 (a，b，c) 余弦定理 由余弦定理求出角A、B；再利用A＋B＋C＝18

8、0°，求出角C.在有解時只有一解. 兩邊和其中一邊的對角如(a，b，A) 正弦定理 余弦定理 由正弦定理求出角B；由A＋B＋C＝180°，求出角C；再利用正弦定理或余弦定理求c.可有兩解、一解或無解. 2.根據(jù)所給條件確定三角形的形狀，主要有兩種途徑 (1)化邊為角； (2)化角為邊，并常用正弦(余弦)定理實施邊、角轉(zhuǎn)換． 1．1.2　余弦定理(二) 知識梳理 1．(1)2R　(2)2Rsin A　2Rsin B　2Rsin C　(3)　　 (4)a∶b∶c　2.(1)b2＋c2－2bccos A　(2) (3)直角　鈍角　銳角　3.(1)π　－　(2)si

9、n C　－cos C －tan C　(3)cos 　sin 作業(yè)設(shè)計 1．C　[∵(a＋b－c)(a＋b＋c)＝ab， ∴a2＋b2－c2＝－ab， 即＝－， ∴cos C＝－，∴∠C＝120°.] 2．C　[∵2cos Bsin A＝sin C＝sin(A＋B)， ∴sin Acos B－cos Asin B＝0， 即sin(A－B)＝0，∴A＝B.] 3.B　[∵a∶b∶c＝sin A∶sin B∶sin C＝3∶5∶7， 不妨設(shè)a＝3，b＝5，c＝7，C為最大內(nèi)角， 則cos C＝＝－. ∴C＝120°. ∴最小外角為60°.] 4．D　[∵2b＝a＋c，

10、∴4b2＝(a＋c)2，即(a－c)2＝0. ∴a＝c.∴2b＝a＋c＝2a.∴b＝a，即a＝b＝c.] 5．A　[在△ABC中，由余弦定理得， c2＝a2＋b2－2abcos 120°＝a2＋b2＋ab. ∵c＝a，∴2a2＝a2＋b2＋ab. ∴a2－b2＝ab>0，∴a2>b2，∴a>b.] 6．A　[設(shè)直角三角形三邊長為a，b，c，且a2＋b2＝c2， 則(a＋x)2＋(b＋x)2－(c＋x)2 ＝a2＋b2＋2x2＋2(a＋b)x－c2－2cx－x2 ＝2(a＋b－c)x＋x2>0， ∴c＋x所對的最大角變?yōu)殇J角．] 7. 解析　由題意：a＋b＝5，ab＝2.

11、 由余弦定理得：c2＝a2＋b2－2abcos C＝a2＋b2－ab＝(a＋b)2－3ab＝52－3×2＝19， ∴c＝. 8．20，∴a>，最大邊為2a＋1. ∵三角形為鈍角三角形，∴a2＋(2a－1)2<(2a＋1)2， 化簡得：02a＋1， ∴a>2，∴2

12、3AB·AC＝49， ∴AB＋AC＝7，∴△ABC的周長為12. 10. 解析　S△ABC＝bcsin A＝c＝， ∴c＝4，由余弦定理：a2＝b2＋c2－2bccos A＝12＋42－2×1×4cos 60°＝13，∴a＝. ∴2R＝＝＝， ∴R＝.∴S外接圓＝πR2＝. 11．證明　右邊＝＝·cos B－·cos A ＝·－·＝－＝＝左邊． 所以＝. 12.解 （1）∵·＝－21，·＝21. ·＝||·||·cos B＝accos B＝21. ∴ac＝35，∵cos B＝，∴sin B＝. ∴S△ABC＝acsin B＝×35×＝14. (2)ac＝35，a＝

13、7，∴c＝5. 由余弦定理得，b2＝a2＋c2－2accos B＝32， ∴b＝4.由正弦定理：＝. ∴sin C＝sin B＝×＝. ∵c