《（通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 能力升級(jí)練（九）空間幾何體及三視圖 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 能力升級(jí)練（九）空間幾何體及三視圖 文（10頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、能力升級(jí)練(九)　空間幾何體及三視圖 一、選擇題 1.(2019湖南長(zhǎng)沙模擬)如圖是一個(gè)正方體,A,B,C為三個(gè)頂點(diǎn),D是棱的中點(diǎn),則三棱錐A-BCD的正視圖、俯視圖是(注:選項(xiàng)中的上圖為正視圖,下圖為俯視圖)(　　) 解析正視圖和俯視圖中棱AD和BD均看不見,故為虛線,易知選A. 答案A 2.(2019遼寧沈陽教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(cè)(一))如圖,網(wǎng)格紙上小正方形的邊長(zhǎng)為1,粗實(shí)線畫出的是某簡(jiǎn)單幾何體的三視圖,則該幾何體的體積為(　　) A.4π3 B.8π3 C.16π3 D.32π3 解析由三視圖可得該幾何體為半圓錐,底面半圓的半徑為2,高為2,則其體積V=12×13×π×

2、22×2=4π3,故選A. 答案A 3.(2019陜西西安八校聯(lián)考)某幾何體的三視圖如圖所示,則該幾何體的體積是(　　) A.4π3 B.5π3 C.2+2π3 D.4+2π3 解析由三視圖可知,該幾何體為一個(gè)半徑為1的半球與一個(gè)底面半徑為1,高為2的半圓柱組合而成的組合體,故其體積V=23π×13+12π×12×2=5π3,故選B. 答案B 4.(2019吉林長(zhǎng)春質(zhì)量檢測(cè)(一))已知矩形ABCD的頂點(diǎn)都在球心為O,半徑為R的球面上,AB=6,BC=23,且四棱錐O-ABCD的體積為83,則R等于(　　) A.4 B.23 C.479 D.13 解析如圖,設(shè)矩形ABCD的中

3、心為E,連接OE,EC,由球的性質(zhì)可得OE⊥平面ABCD,所以VO-ABCD=13·OE·S矩形ABCD=13×OE×6×23=83,所以O(shè)E=2,在矩形ABCD中可得EC=23,則R=OE2+EC2=4+12=4,故選A. 答案A 5.(2019江西南昌調(diào)研)如圖,網(wǎng)格紙上小正方形的邊長(zhǎng)為1,粗實(shí)線及粗虛線畫出的是某多面體的三視圖,則該多面體的體積為(　　) A.23 B.43 C.2 D.83 解析由三視圖可知,該幾何體為三棱錐,將其放在棱長(zhǎng)為2的正方體中,如圖中三棱錐A-BCD所示,故該幾何體的體積V=13×12×1×2×2=23. 答案A 6.(2019遼寧五校

4、協(xié)作體聯(lián)考)如圖所示,網(wǎng)格紙上小正方形的邊長(zhǎng)為1,粗實(shí)線及粗虛線畫出的是三棱錐的三視圖,則此三棱錐的體積是(　　) A.8 B.16 C.24 D.48 解析由三視圖還原三棱錐的直觀圖,如圖中三棱錐P-ABC所示,且長(zhǎng)方體的長(zhǎng)、寬、高分別為6,2,4,△ABC是直角三角形,AB⊥BC,AB=2,BC=6,三棱錐P-ABC的高為4,故其體積為13×12×6×2×4=8,故選A. 答案A 7.將一個(gè)底面半徑為1,高為2的圓錐形工件切割成一個(gè)圓柱體,能切割出的圓柱的最大體積為(　　) A.π27 B.8π27 C.π3 D.2π9 解析如圖所示,設(shè)圓柱的半徑為r,高為x,體積為V

5、,由題意可得r1=2-x2,所以x=2-2r,所以圓柱的體積V=πr2(2-2r)=2π(r2-r3)(0

6、.所以該多面體的表面積S=2×22-12×1×1+12×(22-12)+12×22+2×22+12×32×(2)2=21+32+42,故選D. 答案D 9.某幾何體的三視圖如圖所示,則該幾何體的體積的最大值為(　　) A.1 B.16 C.13 D.12 解析由三視圖可知該幾何體為三棱錐,設(shè)此三棱錐的高為x,則正視圖中的長(zhǎng)為6-x2,所以所求體積V=13×12×6-x2×1x=16(6-x2)x2≤16×6-x2+x22=12,當(dāng)且僅當(dāng)6-x2=x,即x=3時(shí)取等號(hào),所以該幾何體的體積的最大值為12. 答案D 二、填空題 10.(2019河南洛陽第一次聯(lián)考)一個(gè)幾何體的三

7、視圖如圖所示,則該幾何體的體積為　　　　　.? 解析由題圖可知該幾何體是一個(gè)四棱錐,如圖所示,其中PD⊥平面ABCD,底面ABCD是一個(gè)對(duì)角線長(zhǎng)為2的正方形,底面積S=12×2×2=2,高h(yuǎn)=1,則該幾何體的體積V=13Sh=23. 答案23 11.(2019福建福州四校聯(lián)考)已知某幾何體的三視圖如圖所示,則該幾何體的表面積為　　　　　.? 解析在長(zhǎng)、寬、高分別為3,33,33的長(zhǎng)方體中,由幾何體的三視圖得幾何體為如圖所示的三棱錐C-BAP,其中底面BAP是∠BAP=90°的直角三角形,AB=3,AP=33,所以BP=6,又棱CB⊥平面BAP且CB=33,所以AC=6,所以

8、該幾何體的表面積是12×3×33+12×3×33+12×6×33+12×6×33=273. 答案273 12.(2019山東濰坊模擬)已知正四棱柱的頂點(diǎn)在同一個(gè)球面上,且球的表面積為12π,當(dāng)正四棱柱的體積最大時(shí),正四棱柱的高為　　　　　.? 解析設(shè)正四棱柱的底面邊長(zhǎng)為a,高為h,球的半徑為r,由題意知4πr2=12π,所以r2=3,又2a2+h2=(2r)2=12,所以a2=6-h22,所以正四棱柱的體積V=a2h=6-h22h,則V'=6-32h2,由V'>0,得02,所以當(dāng)h=2時(shí),正四棱柱的體積最大,Vmax=8. 答案2 13.(2019江西

9、南昌調(diào)研)已知三棱錐P-ABC的所有頂點(diǎn)都在球O的球面上,△ABC滿足AB=22,∠ACB=90°,PA為球O的直徑且PA=4,則點(diǎn)P到底面ABC的距離為　　　　　.? 解析取AB的中點(diǎn)O1,連接OO1,如圖,在△ABC中,AB=22,∠ACB=90°,所以△ABC所在小圓O1是以AB為直徑的圓,所以O(shè)1A=2,且OO1⊥AO1,又球O的直徑PA=4,所以O(shè)A=2,所以O(shè)O1=OA2-O1A2=2,且OO1⊥底面ABC,所以點(diǎn)P到平面ABC的距離為2OO1=22. 答案22 三、解答題 14.如圖所示,正四棱臺(tái)的高是17 cm,兩底面邊長(zhǎng)分別為4 cm和16 cm,求棱臺(tái)的側(cè)棱長(zhǎng)和

10、斜高. 解設(shè)棱臺(tái)兩底面的中心分別為O'和O,B'C',BC的中點(diǎn)分別為E',E,連接O'B',O'E',O'O,OE,OB,EE',則四邊形O'E'EO,OBB'O'均為直角梯形. 在正方形ABCD中,BC=16cm, 則OB=82cm,OE=8cm, 在正方形A'B'C'D'中,B'C'=4cm, 則O'B'=22cm,O'E'=2cm, 在直角梯形O'OBB'中, BB'=OO'2+(OB-O'B')2=19(cm); 在直角梯形O'OEE'中, EE'=OO'2+(OE-O'E')2=513(cm). 所以這個(gè)棱臺(tái)的側(cè)棱長(zhǎng)為19cm,斜高為513cm. 15

11、.現(xiàn)需要設(shè)計(jì)一個(gè)倉(cāng)庫(kù),它由上下兩部分組成,上部的形狀是正四棱錐P-A1B1C1D1,下部的形狀是正四棱柱ABCD-A1B1C1D1(如圖所示),并要求正四棱柱的高O1O是正四棱錐的高PO1的4倍,若AB=6 m,PO1=2 m,則倉(cāng)庫(kù)的容積是多少? 解由PO1=2m,知O1O=4PO1=8m. 因?yàn)锳1B1=AB=6m,所以正四棱錐P-A1B1C1D1的體積V錐=13·A1B12·PO1=13×62×2=24(m3); 正四棱柱ABCD-A1B1C1D1的體積 V柱=AB2·O1O=62×8=288(m3), 所以倉(cāng)庫(kù)的容積V=V錐+V柱=24+288=312(m3). 故倉(cāng)庫(kù)的容積是312m3. 10