《（通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題突破練15 專題四 數(shù)列過(guò)關(guān)檢測(cè) 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題突破練15 專題四 數(shù)列過(guò)關(guān)檢測(cè) 文（9頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題突破練15　專題四　數(shù)列過(guò)關(guān)檢測(cè) 一、選擇題 1.(2019福建龍巖高三5月月考)在等差數(shù)列{an}中,a1+a5+a7+a9+a13=100,a6-a2=12,則a1=(　　) A.1 B.2 C.3 D.4 2.(2019甘、青、寧高三5月聯(lián)考)已知等比數(shù)列{an}滿足a1=4,a1a2a3=a4a5>0,則q=(　　) A.2 B.32 C.42 D.2 3.已知等差數(shù)列{an}的公差為2,若a2,a4,a8成等比數(shù)列,則{an}的前n項(xiàng)和Sn=(　　) A.n(n+1) B.n(n-1) C.n(n+1)2 D.n(n-1)2 4.(2019黑龍江雙鴨山第一中學(xué)高

2、一下學(xué)期期中考試)在數(shù)列{an}中,a1=13,an=(-1)n·2an-1(n≥2),則a3等于(　　) A.-163 B.163 C.-43 D.83 5.(2019安徽江淮十校高三年級(jí)5月考前最后一卷)已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,且S80的正整數(shù)n的最大值為(　　) A.16 B.17 C.18 D.19 6.設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,則m=(　　) A.3 B.4 C.5 D.6 7.(2019甘肅蘭州高考數(shù)學(xué)一診)朱世杰是元代著名數(shù)學(xué)家,他所著《算學(xué)啟蒙》是一部在中國(guó)乃至世界最早的科

3、學(xué)普及著作.《算學(xué)啟蒙》中提到一些堆垛問(wèn)題,如“三角垛果子”,就是將一樣大小的果子堆垛成正三棱錐,每層皆堆成正三角形,從上向下數(shù),每層果子數(shù)分別為1,3,6,10,….現(xiàn)有一個(gè)“三角垛果子”,其最底層每邊果子數(shù)為10,則該層果子數(shù)為(　　) A.50 B.55 C.100 D.110 8.設(shè)等差數(shù)列{an}滿足3a8=5a15,且a1>0,Sn為其前n項(xiàng)和,則數(shù)列{Sn}的最大項(xiàng)為(　　) A.S23 B.S24 C.S25 D.S26 9.(2019北京通州區(qū)三模)三國(guó)時(shí)期著名的數(shù)學(xué)家劉徽對(duì)推導(dǎo)特殊數(shù)列的求和公式很感興趣,創(chuàng)造并發(fā)展了許多算法,展現(xiàn)了其聰明才智.他在《九章算術(shù)》“盈不

4、足”一章的第19題的注文中給出了一個(gè)特殊數(shù)列的求和公式.這個(gè)題的大意是:一匹良馬和一匹駑馬由長(zhǎng)安出發(fā)至齊地,長(zhǎng)安與齊地相距3 000里(1里=500米),良馬第一天走193里,以后每天比前一天多走13里.駑馬第一天走97里,以后每天比前一天少走半里.良馬先到齊地后,馬上返回長(zhǎng)安迎駑馬,問(wèn)兩匹馬在第幾天相遇(　　) A.14天 B.15天 C.16天 D.17天 二、填空題 10.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若Sn=2an-2n,則Sn=　　　　　.? 11.(2019北京通州區(qū)三模)設(shè){an}是等比數(shù)列,且a2a4=a5,a4=27,則{an}的通項(xiàng)公式為　　　　　.? 12.

5、(2019福建龍巖高三5月月考)若數(shù)列{an}滿足a1=1,an+1-an-1=2n,則an=　　　　　.? 三、解答題 13.已知數(shù)列{log2(an-1)}(n∈N*)為等差數(shù)列,且a1=3,a3=9. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)證明:1a2-a1+1a3-a2+…+1an+1-an<1. 14.(2019北京豐臺(tái)高三上學(xué)期期末練習(xí))已知等差數(shù)列{an}和等比數(shù)列{bn}滿足a2=b3=4,a6=b5=16. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)求和:b1+b3+b5+…+b2n-1. 15.

6、(2019山東青島高考模擬檢測(cè))已知數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為正數(shù),a1=3,且對(duì)任意n∈N*,2an為an+12+3和1的等比中項(xiàng),數(shù)列{bn}滿足bn=an2-1(n∈N*). (1)求證:數(shù)列{bn}為等比數(shù)列,并求{an}的通項(xiàng)公式; (2)若cn=log2bn,{cn}的前n項(xiàng)和為Tn,求使Tn不小于360的n的最小值. 參考答案 專題突破練15　專題四　數(shù)列過(guò)關(guān)檢測(cè) 1.B　解析在等差數(shù)列{an}中,由a1+a5+a7+a9+a13=100,得5a7=100,即a1+6d=20.又a6-a2=12,即4d=12,得d=3,a1=2.故選B. 2.A　解析由a

7、1=4及a1a2a3=a4a5>0,可得q4=4,q=2.故選A. 3.A　解析∵a2,a4,a8成等比數(shù)列,∴a42=a2·a8,即(a1+6)2=(a1+2)(a1+14),解得a1=2.∴Sn=na1+n(n-1)2d=2n+n2-n=n2+n=n(n+1).故選A. 4.C　解析由題意知,數(shù)列{an}中,a1=13,an=(-1)n·2an-1(n≥2), 令n=2,則a2=(-1)2·2a1=2×13=23; 令n=3,則a3=(-1)3·2a2=-2×23=-43. 故選C. 5.C　解析由S80,a10<0,a9+a10>0,所以公差大于零.又

8、S17=17(a1+a17)2=17a9>0,S19=19(a1+a19)2=19a10<0,S18=18(a1+a18)2=9(a9+a10)>0.故選C. 6.C　解析∵Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3, ∴am=Sm-Sm-1=0-(-2)=2,am+1=Sm+1-Sm=3-0=3. ∴d=am+1-am=3-2=1. ∵Sm=ma1+m(m-1)2×1=0, ∴a1=-m-12. 又am+1=a1+m×1=3,∴-m-12+m=3. ∴m=5.故選C. 7.B　解析由題意可得每層果子數(shù)分別為1,3,6,10,…,即為1,1+2,1+2+3,1+2+3+4,…,

9、其最底層每邊果子數(shù)為10,即有該層的果子數(shù)為1+2+3+…+10=12×10×11=55.故選B. 8.C　解析設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d, ∵3a8=5a15,∴3(a1+7d)=5(a1+14d),即2a1+49d=0. ∵a1>0,∴d<0, ∴等差數(shù)列{an}單調(diào)遞減. ∵Sn=na1+n(n-1)2d=n-49d2+n(n-1)2d=d2(n-25)2-6252d.∴當(dāng)n=25時(shí),數(shù)列{Sn}取得最大值,故選C. 9.C　解析記良馬每天所走路程構(gòu)成的數(shù)列為{an},駑馬每天所走路程構(gòu)成的數(shù)列為{bn}, 由題意可得:an=193+13(n-1)=180+13n,bn=

10、97-12(n-1)=-12n+1952, 設(shè)經(jīng)過(guò)n天兩匹馬相遇, 則有n(a1+an)2+n(b1+bn)2≥6000, 即n(193+180+13n)2+n(97+1952-n2)2 ≥6000, 整理得5n2+227n≥4800,當(dāng)n≥16時(shí)滿足題意, 因此兩匹馬在第16天相遇.故選C. 10.n·2n　解析∵Sn=2an-2n=2(Sn-Sn-1)-2n,整理得Sn-2Sn-1=2n,等式兩邊同時(shí)除以2n,則Sn2n-Sn-12n-1=1. 又S1=2a1-2=a1,可得a1=S1=2, ∴數(shù)列Sn2n是首項(xiàng)為1, 公差為1的等差數(shù)列,所以Sn2n=n. 所以Sn

11、=n·2n. 11.an=3n-1,n∈N*　解析設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q, 因?yàn)閍2a4=a5,a4=27, 所以a4=a2q2=a5a4·q2=q3=27,解得q=3, 所以a1=a4q3=2727=1, 因此,an=3n-1,n∈N*. 故答案為an=3n-1,n∈N*. 12.2n+n-2　解析由an+1-an=2n+1, 得a2-a1=21+1, a3-a2=22+1, …… an-an-1=2n-1+1, 相加得an-a1=2(1-2n-1)1-2+n-1, 故an=2n+n-2. 13.(1)解設(shè)等差數(shù)列{log2(an-1)}的公差為d.由a1=

12、3,a3=9,得log22+2d=log28,即d=1. ∴l(xiāng)og2(an-1)=1+(n-1)×1=n,即an=2n+1. (2)證明∵1an+1-an=12n+1-2n=12n, ∴1a2-a1+1a3-a2+…+1an+1-an =121+122+123+…+12n=12-12n×121-12=1-12n<1. 14.解(1)設(shè)等差數(shù)列{an}的首項(xiàng)為a1,公差為d. 由題意得a2=a1+d=4,a6=a1+5d=16, 解得a1=1,d=3, 故等差數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an=1+3(n-1)=3n-2. (2)設(shè)等比數(shù)列{bn}的公比為q. 由題意得b3=b1q2

13、=4,b5=b1q4=16, 解得b1=1,q2=4, ∴b2n-1=b1q2n-2=b1(q2)n-1=4n-1, ∴b1+b3+b5+…+b2n-1=1-4n1-4=4n-13. 15.(1)證明由題意得:(2an)2=(an+12+3)×1,即an+12=4an2-3. ∴an+12-1=4an2-3-1=4an2-4=4(an2-1). ∵bn=an2-1, ∴bn+1=4bn. ∴數(shù)列{bn}成等比數(shù)列,首項(xiàng)為b1=a12-1=8,公比為4. ∴bn=b1·4n-1=8×22n-2=22n+1. ∴an2-1=22n+1. 又{an}為正項(xiàng)數(shù)列,∴an=22n+1+1. (2)解由(1)得:cn=log2bn=log222n+1=2n+1, ∴Tn=c1+c2+…+cn=(2×1+1)+(2×2+1)+…+(2n+1) =2×(1+2+3+…+n)+n=2×n(n+1)2+n=n2+2n, ∴Tn=n2+2n≥360,即n2+2n-360≥0?(n+20)(n-18)≥0, ∴n≥18或n≤-20(舍去). 所以使Tn不小于360的n的最小值為18. 9