《（新課標(biāo)）2020版高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第九章 第三節(jié) 圓的方程練習(xí) 文 新人教A版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020版高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第九章 第三節(jié) 圓的方程練習(xí) 文 新人教A版（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第三節(jié)　圓的方程 A組　基礎(chǔ)題組 1.以M(1,0)為圓心,且與直線x-y+3=0相切的圓的方程是(　　) A.(x-1)2+y2=8 B.(x+1)2+y2=8 C.(x-1)2+y2=16 D.(x+1)2+y2=16 答案　A　因?yàn)樗髨A與直線x-y+3=0相切,所以圓心M(1,0)到直線x-y+3=0的距離為該圓的半徑r,即r=|1-0+3|2=22,所以所求圓的方程為(x-1)2+y2=8.故選A. 2.圓(x-3)2+(y-1)2=5關(guān)于直線y=-x對(duì)稱的圓的方程為(　　) A.(x+3)2+(y-1)2=5 B.(x-1)2+(y-3)2=5 C.(x+1)2+(

2、y+3)2=5 D.(x-1)2+(y+3)2=5 答案　C　由題意知,所求圓的圓心坐標(biāo)為(-1,-3),所以所求圓的方程為(x+1)2+(y+3)2=5,故選C. 3.(2019四川成都模擬)若拋物線y=x2-2x-3與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)在同一個(gè)圓上,則該圓的方程為(　　) A.x2+(y-1)2=4 B.(x-1)2+(y-1)2=4 C.(x-1)2+y2=4 D.(x-1)2+(y+1)2=5 答案　D　拋物線y=x2-2x-3關(guān)于直線x=1對(duì)稱,與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)為A(-1,0),B(3,0),C(0,-3),設(shè)圓心坐標(biāo)為M(1,b),可得|MA|2=|MC|2=r2,即4+b2=1

3、+(b+3)2=r2,解得b=-1,r=5,∴所求圓的方程為(x-1)2+(y+1)2=5,故選D. 4.若圓C與y軸相切于點(diǎn)P(0,1),與x軸的正半軸交于A,B兩點(diǎn),且|AB|=2,則圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程是(　　) A.(x+2)2+(y+1)2=2 B.(x+1)2+(y+2)2=2 C.(x-2)2+(y-1)2=2 D.(x-1)2+(y-2)2=2 答案　C　設(shè)AB的中點(diǎn)為D,則|AD|=|CD|=1,∴r=|AC|=2,∴C(2,1),∴所求圓的方程為(x-2)2+(y-1)2=2.故選C. 5.已知P(x,y)是圓x2+(y-3)2=a2(a>0)上的動(dòng)點(diǎn),定點(diǎn)A(2,0)

4、,B(-2,0),△PAB的面積的最大值為8,則a的值為(　　) A.1 B.2 C.3 D.4 答案　A　要使△PAB的面積最大,只需點(diǎn)P到直線AB的距離最大. 由于AB的方程為y=0,圓心(0,3)到直線AB的距離d=3, 故P到直線AB的距離的最大值為3+a. 再根據(jù)AB=4,可得△PAB面積的最大值為12AB·(3+a)=2(3+a)=8,所以a=1,故選A. 6.已知以點(diǎn)P為圓心的圓經(jīng)過(guò)點(diǎn)A(-1,0)和B(3,4),線段AB的垂直平分線交圓P于點(diǎn)C和D,且|CD|=410. (1)求直線CD的方程; (2)求圓P的方程. 解析　(1)由已知得直線AB的斜率k=1,

5、AB的中點(diǎn)坐標(biāo)為(1,2),則直線CD的方程為y-2=-(x-1),即x+y-3=0. (2)設(shè)圓心P(a,b), 則由P在CD上得a+b-3=0.① 又∵直徑|CD|=410, ∴|PA|=210, ∴(a+1)2+b2=40.② 由①②解得a=-3,b=6或a=5,b=-2, ∴圓心為P(-3,6)或P(5,-2), ∴圓P的方程為(x+3)2+(y-6)2=40或(x-5)2+(y+2)2=40. 7.(2018課標(biāo)全國(guó)Ⅱ,20,12分)設(shè)拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn)為F,過(guò)F且斜率為k(k>0)的直線l與C交于A,B兩點(diǎn),|AB|=8. (1)求l的方程; (2)求

6、過(guò)點(diǎn)A,B且與C的準(zhǔn)線相切的圓的方程. 解析　(1)由題意得F(1,0),l的方程為y=k(x-1)(k>0). 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2). 由y=k(x-1),y2=4x消去y得k2x2-(2k2+4)x+k2=0. Δ=16k2+16>0,故x1+x2=2k2+4k2. 所以|AB|=|AF|+|BF|=(x1+1)+(x2+1)=4k2+4k2. 由題設(shè)知4k2+4k2=8,解得k=-1(舍去)或k=1. 因此l的方程為y=x-1. (2)由(1)得AB的中點(diǎn)坐標(biāo)為(3,2),所以AB的垂直平分線的方程為y-2=-(x-3),即y=-x+5. 設(shè)所求圓的圓心

7、坐標(biāo)為(x0,y0), 則y0=-x0+5,(x0+1)2=(y0-x0+1)22+16.解得x0=3,y0=2或x0=11,y0=-6. 因此所求圓的方程為(x-3)2+(y-2)2=16或(x-11)2+(y+6)2=144. B組　提升題組 1.自圓C:(x-3)2+(y+4)2=4外一點(diǎn)P(x,y)引該圓的一條切線,切點(diǎn)為Q,PQ的長(zhǎng)度等于點(diǎn)P到原點(diǎn)O的距離,則點(diǎn)P的軌跡方程為(　　) A.8x-6y-21=0 B.8x+6y-21=0 C.6x+8y-21=0 D.6x-8y-21=0 答案　D　由題意得,圓心C的坐標(biāo)為(3,-4),半徑r=2,如圖. 因?yàn)閨PQ

8、|=|PO|,且PQ⊥CQ,所以|PO|2+r2=|PC|2. 所以x2+y2+4=(x-3)2+(y+4)2, 即6x-8y-21=0, 所以點(diǎn)P的軌跡方程為6x-8y-21=0,故選D. 2.已知方程x2+y2-2x-4y+m=0. (1)若此方程表示圓,求實(shí)數(shù)m的取值范圍; (2)若(1)中的圓與直線x+2y-4=0相交于M,N兩點(diǎn),且OM⊥ON(O為坐標(biāo)原點(diǎn)),求m的值; (3)在(2)的條件下,求以MN為直徑的圓的方程. 解析　(1)由D2+E2-4F>0得(-2)2+(-4)2-4m>0, 解得m<5. (2)設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),由x+2y-4

9、=0得x=4-2y.將x=4-2y代入x2+y2-2x-4y+m=0,得5y2-16y+8+m=0,所以y1+y1=165,y1y2=8+m5.因?yàn)镺M⊥ON,所以y1x1·y2x2=-1,即x1x2+y1y2=0.因?yàn)閤1x2=(4-2y1)(4-2y2)=16-8(y1+y2)+4y1y2,所以x1x2+y1y2=16-8(y1+y2)+5y1y2=0,即(8+m)-8×165+16=0,解得m=85. (3)設(shè)所求圓的圓心C的坐標(biāo)為(a,b),則a=12(x1+x2)=45,b=12(y1+y2)=85,半徑r=|OC|=455,所以所求圓的方程為x-452+y-852=165. 3

10、.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,曲線Γ:y=x2-mx+2m(m∈R)與x軸交于不同的兩點(diǎn)A,B,曲線Γ與y軸交于點(diǎn)C. (1)是否存在以AB為直徑的圓過(guò)點(diǎn)C?若存在,求出該圓的方程;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由; (2)求證:過(guò)A,B,C三點(diǎn)的圓過(guò)定點(diǎn). 解析　曲線Γ:y=x2-mx+2m(m∈R),令y=0,即x2-mx+2m=0. 設(shè)A(x1,0),B(x2,0),則Δ=m2-8m>0,x1+x2=m,x1x2=2m. 令x=0,即y=2m,即C(0,2m). (1)若存在以AB為直徑的圓過(guò)點(diǎn)C,則AC·BC=0,即x1x2+4m2=0,即2m+4m2=0,所以m=0或m=-12. 由Δ>0得m<0或m>8,所以m=-12, 此時(shí)C(0,-1),AB的中點(diǎn)M-14,0即圓心,半徑r=|CM|=174, 故所求圓的方程為x+142+y2=1716. (2)證明:設(shè)過(guò)A,B兩點(diǎn)的圓的方程為x2+y2-mx+Ey+2m=0, 將點(diǎn)C(0,2m)代入可得E=-1-2m, 所以過(guò)A,B,C三點(diǎn)的圓的方程為x2+y2-mx-(1+2m)y+2m=0, 整理得x2+y2-y-m(x+2y-2)=0. 令x2+y2-y=0,x+2y-2=0,可得x=0,y=1或x=25,y=45, 故過(guò)A,B,C三點(diǎn)的圓過(guò)定點(diǎn)(0,1)和25,45. 6