《（湖南專(zhuān)用）2014屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)方案 滾動(dòng)基礎(chǔ)訓(xùn)練卷（5） 理 （含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（湖南專(zhuān)用）2014屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)方案 滾動(dòng)基礎(chǔ)訓(xùn)練卷（5） 理 （含解析）（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、45分鐘滾動(dòng)基礎(chǔ)訓(xùn)練卷(五) (考查范圍：第17講～第24講，以第21講～第24講內(nèi)容為主　分值：100分) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 一、選擇題(本大題共8小題，每小題5分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的) 1．[2013·開(kāi)封模擬] 設(shè)sin＋θ＝，則sin2θ＝(　　) A．－ B．－ C. D. 2．△ABC的三個(gè)內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，asinAsinB＋bcos2A＝a，則＝(　　) A．2 B．2 C. D. 3．[2013·常德一中月考] 在△ABC中，B＝45°，C＝60°，c＝1

2、，則△ABC中最短邊的長(zhǎng)等于(　　) A. B. C. D. 4．[2013·長(zhǎng)春模擬] 已知向量a＝(cosα，sinα)，b＝(cosβ，sinβ)，|a－b|＝.則cos(α－β)的值為(　　) A. B. C. D. 5．已知sinβ＝msin(2α＋β)，且tan(α＋β)＝3tanα，則實(shí)數(shù)m的值為(　　) A．2 B. C．3 D. 6．在△ABC中，a，b，c分別是∠A，∠B，∠C的對(duì)邊，已知b2＝c(b＋2c)，若a＝，cosA＝，則△ABC的面積等于(　　) A. B. C. D．3 7．已知函數(shù)f(x)＝2sin2－cos2

3、x－1，x∈R，若函數(shù)h(x)＝f(x＋α)的圖象關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，且α∈(0，π)，則α＝(　　) A. B. C. D. 8．將函數(shù)y＝sinωx(ω>0)的圖象向左平移個(gè)單位長(zhǎng)度，平移后的部分圖象如圖G5－1所示，則平移后的圖象 圖G5－1 所對(duì)應(yīng)函數(shù)的解析式是(　　) A．y＝sin B．y＝sin C．y＝sin D．y＝sin 二、填空題(本大題共3小題，每小題6分，共18分) 9．已知sinα＝＋cosα，且α∈，則的值為_(kāi)_______． 10．在△ABC中，B＝60°，AC＝，則AB＋2BC的最大值為_(kāi)_______． 圖G5－2 1

4、1．[2013·九江高三聯(lián)考] 如圖G5－2，測(cè)量河對(duì)岸的塔高AB時(shí)，可以選與塔底B在同一水平面內(nèi)的兩個(gè)測(cè)點(diǎn)C與D，測(cè)得∠BCD＝15°，∠BDC＝30°，CD＝30，并在點(diǎn)C測(cè)得塔頂A的仰角為60°.則塔高AB＝________． 三、解答題(本大題共3小題，每小題14分，共42分，解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明，證明過(guò)程或演算步驟) 12．已知向量a＝，b＝(cosx，sinx)，x∈. (1)若a∥b，求sinx和cos2x的值； (2)若a·b＝2cos(k∈Z)，求tan的值． 13．[2013·衡陽(yáng)八中測(cè)試] 在△ABC中，內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c

5、，且滿足(2a－c)·＝c·. (1)求角B的大小； (2)若|－|＝，求△ABC面積的最大值． 14．如圖G5－3，A，B是海面上位于東西方向相距5(3＋) n mile的兩個(gè)觀測(cè)點(diǎn)．現(xiàn)位于A點(diǎn)北偏東45°，B點(diǎn)北偏西60°的D點(diǎn)有一艘輪船發(fā)出求救信號(hào)，位于B點(diǎn)南偏西60°且與B點(diǎn)相距20 n mile的C點(diǎn)的救援船立即前往營(yíng)救，其航行速度為30 n mile/h，該救援船到達(dá)D點(diǎn)需要多長(zhǎng)時(shí)間？ 圖G5－3 45分鐘滾動(dòng)基礎(chǔ)訓(xùn)練卷(五) 1．A　[解析] 將sin＋

6、θ＝展開(kāi)得(cosθ＋sinθ)＝，兩邊平方得(1＋sin2θ)＝，所以sin2θ＝－. 2．D　[解析] 由正弦定理，得sin2AsinB＋sinBcos2A＝sinA，即sinB·(sin2A＋cos2A)＝sinA，所以sinB＝sinA，∴＝＝. 3．A　[解析] 由已知可得A＝75°，則△ABC中最短的邊是b，由正弦定理得b＝＝. 4．C　[解析] ∵|a－b|＝，∴a2－2a·b＋b2＝， 又a＝(cosα，sinα)，b＝(cosβ，sinβ)， ∴a2＝b2＝1，a·b＝cosαcosβ＋sinαsinβ＝cos(α－β)． ∴cos(α－β)＝＝. 5．B　[解

7、析] 因?yàn)閟inβ＝msin(2α＋β)，所以sin[(α＋β)－α]＝msin[(α＋β)＋α]，即sin(α＋β)cosα－cos(α＋β)sinα＝m[sin(α＋β)cosα＋cos(α＋β)sinα]，也即(1－m)sin(α＋β)cosα＝(1＋m)·cos(α＋β)sinα，所以＝＝3，所以m＝. 6．C　[解析] ∵b2＝c(b＋2c)，∴b2－bc－2c2＝0. 即(b＋c)·(b－2c)＝0.∴b＝2c. 又a＝，cosA＝＝， 解得c＝2，b＝4. ∴S△ABC＝bcsinA＝×4×2×＝. 7．C　[解析] ∵f(x)＝2sin2－cos2x－1＝2sin，

8、 ∴h(x)＝f(x＋α)＝2sin. 因?yàn)楹瘮?shù)h(x)的圖象的對(duì)稱(chēng)中心為， ∴－＋2α－＝kπ，k∈Z. ∴α＝.又α∈(0，π)．∴α＝. 8．C　[解析] 將函數(shù)y＝sinωx(ω>0)的圖象向左平移個(gè)單位長(zhǎng)度，平移后的圖象所對(duì)應(yīng)的解析式為y＝sinω，由圖象知，ω＝，所以ω＝2. 9．－　[解析] 依題意得sinα－cosα＝，又(sinα＋cosα)2＋(sinα－cosα)2＝2，即(sinα＋cosα)2＋＝2，故(sinα＋cosα)2＝；又α∈，因此有sinα＋cosα＝，所以＝＝－(sinα＋cosα)＝－. 10．2　[解析] 在△ABC中，根據(jù)＝＝，得AB

9、＝·sinC＝sinC＝2sinC，同理BC＝2sinA，因此AB＋2BC＝2sinC＋4sinA＝2sinC＋4sin＝4sinC＋2cosC＝2sin(C＋φ)，因此AB＋2BC的最大值為2. 11．15　[解析] 因?yàn)椤螧CD＝15°，∠BDC＝30°，所以∠CBD＝135°，在三角形BCD中，根據(jù)正弦定理可知＝，即＝，解得BC＝15，在直角△ABC中，tan60°＝＝，所以AB＝BC＝×15＝15. 12．解：(1)∵a∥b，∴sinx＝cosx. 于是sinx＝cosx，又∵sin2x＋cos2x＝1，∴cos2x＝， 又∵x∈，∴sinx＝＝＝. cos2x＝2cos2x

10、－1＝－1＝－. (2)∵a·b＝cosx＋sinx＝cossinx＋sincosx ＝sin， 而2cos＝2cos＝2cos(k∈Z)， 于是sin＝2cos，即tan＝2. ∴tan＝tan ＝＝＝－3. 13．解：(1)由題意，條件可化為(2a－c)accosB＝cabcosC，即(2a－c)cosB＝bcosC， 由正弦定理得(2sinA－sinC)cosB＝sinBcosC， 即2sinAcosB＝sin(B＋C)＝sinA，又∵sinA>0， ∴cosB＝，即B＝. (2)由題意知b＝，由余弦定理得b2＝a2＋c2－2accosB＝a2＋c2－ac， 由基

11、本不等式可知6＝a2＋c2－ac≥2ac－ac＝ac，∴ac≤6. 故S＝acsinB≤×6×＝，當(dāng)△ABC為正三角形時(shí)，最大面積為. 14．解：由題意知AB＝5(3＋) n mile， ∠DBA＝90°－60°＝30°， ∠DAB＝90°－45°＝45°， ∴∠ADB＝180°－(45°＋30°)＝105°. 在△DAB中，由正弦定理得 ＝，∴DB＝ ＝ ＝ ＝＝10(n mile)． 又∠DBC＝∠DBA＋∠ABC＝30°＋(90°－60°)＝60°， BC＝20(n mile)， 在△DBC中，由余弦定理得 CD2＝BD2＋BC2－2BD·BC·cos∠DBC ＝300＋1 200－2×10×20×＝900， ∴CD＝30(n mile)，則需要的時(shí)間t＝＝1(h)． 答：救援船到達(dá)D點(diǎn)需要1 h.