《2014年高考物理一輪復(fù)習(xí) 章節(jié)訓(xùn)練 兩類動(dòng)力學(xué)問題超重和失重》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2014年高考物理一輪復(fù)習(xí) 章節(jié)訓(xùn)練 兩類動(dòng)力學(xué)問題超重和失重（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2014年高考一輪復(fù)習(xí)章節(jié)訓(xùn)練之兩類動(dòng)力學(xué)問題超重和失重 時(shí)間：45分鐘　　滿分：100分 一、選擇題(8×8′＝64′) 1．雨滴在下降過程中，由于水汽的凝聚，雨滴質(zhì)量將逐漸增大，同時(shí)由于速度逐漸增大，空氣阻力也將越來越大，最后雨滴將以某一收尾速度勻速下降，在此過程中(　　) A．雨滴所受到的重力逐漸增大，重力產(chǎn)生的加速度也逐漸增大 B．由于雨滴質(zhì)量逐漸增大，下落的加速度逐漸減小 C．由于空氣阻力增大，雨滴下落的加速度逐漸減小 D．雨滴所受到的重力逐漸增大，但重力產(chǎn)生的加速度不變 解析：雨滴在下落過程中，質(zhì)量逐漸增大，雨滴所受的重力逐漸增大，但重力產(chǎn)生的加速度始終為g，故A錯(cuò)

2、誤，D正確；由mg－Ff＝ma得：a＝g－，可見雨滴下落的加速度逐漸減小的原因不是m增大，而是Ff增大，故B錯(cuò)誤，C正確． 答案：CD 2．某研究性學(xué)習(xí)小組用實(shí)驗(yàn)裝置模擬火箭發(fā)射衛(wèi)星．火箭點(diǎn)燃后從地面豎直升空，燃料燃盡后火箭的第一級(jí)和第二級(jí)相繼脫落，實(shí)驗(yàn)中測得衛(wèi)星豎直方向的速度—時(shí)間圖象如右圖所示，設(shè)運(yùn)動(dòng)中不計(jì)空氣阻力，燃料燃燒時(shí)產(chǎn)生的推力大小恒定．下列判斷正確的是(　　) A. t2時(shí)刻衛(wèi)星到達(dá)最高點(diǎn)，t3時(shí)刻衛(wèi)星落回地面 B．衛(wèi)星在0～t1時(shí)間內(nèi)的加速度大于t1～t2時(shí)間內(nèi)的加速度 C. t1～t2時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星處于超重狀態(tài) D. t2～t3時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星處于超重狀態(tài) 解析：衛(wèi)星在

3、0～t3時(shí)間內(nèi)速度方向不變，一直升高，在t3時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，A錯(cuò)誤；v－t圖象的斜率表示衛(wèi)星的加速度，由圖可知，t1～t2時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星的加速度大，B錯(cuò)誤；t1～t2時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星的加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，t2～t3時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星的加速度豎直向下，處于失重狀態(tài)，故C正確，D錯(cuò)誤． 答案：C 3．如圖所示，被水平拉伸的輕彈簧右端拴在小車壁上，左端拴一質(zhì)量為10 kg的物塊M.小車靜止不動(dòng)，彈簧對(duì)物塊的彈力大小為5 N時(shí)，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)．當(dāng)小車以加速度a＝1 m/s2沿水平地面向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí) (　　) A．物塊M相對(duì)小車仍靜止 B．物塊M受到的摩擦力大小不變 C．物塊M受到的摩擦力

4、將減小 D．物塊M受到彈簧的拉力將增大 解析：由初始條件知最大靜摩擦力Ffmax≥5 N，當(dāng)小車向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)．假設(shè)物塊仍相對(duì)小車靜止，由牛頓第二定律得5 N＋Ff＝10×1 N，F(xiàn)f＝5 N，方向水平向右，因此A、B正確． 答案：AB 4.某大型游樂場內(nèi)的新型滑梯可以等效為如下圖所示的物理模型，一個(gè)小朋友在AB段的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1tanθ，他從A點(diǎn)開始下滑，滑到C點(diǎn)恰好靜止，整個(gè)過程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)．則該小朋友從斜面頂端A點(diǎn)滑到底端C點(diǎn)的過程中(　　) A．地面對(duì)滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右 B．地面對(duì)滑梯始終無摩擦力作用 C．

5、地面對(duì)滑梯的支持力的大小始終等于小朋友和滑梯的總重力的大小 D．地面對(duì)滑梯的支持力的大小先大于后小于小朋友和滑梯的總重力的大小 解析：小朋友在AB段沿滑梯向下勻加速下滑，在BC段向下勻減速下滑，因此小朋友和滑梯組成的系統(tǒng)水平方向的加速度先向左后向右，則地面對(duì)滑梯的摩擦力即系統(tǒng)水平方向合外力先水平向左，后水平向右，A正確，B錯(cuò)誤；系統(tǒng)在豎直方向的加速度先向下后向上，因此系統(tǒng)先失重后超重，故地面對(duì)滑梯的支持力的大小先小于后大于小朋友和滑梯的總重力的大小，C、D錯(cuò)誤． 答案：A 5．如下圖所示，足夠長的傳送帶與水平面間夾角為θ，以速度v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小

6、木塊，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ

7、消防隊(duì)員(　　) A．下滑過程中的最大速度為4 m/s B．加速與減速過程的時(shí)間之比為1:2 C．加速與減速過程中所受摩擦力大小之比為1:7 D．加速與減速過程的位移之比為1:4 解析：a1t1＝vmax＝a2t2，利用a1＝2a2得t1:t2＝1:2，B正確；下滑的最大速度vmax＝2＝＝8 m/s，A錯(cuò)誤；加速過程中有mg－Ff1＝ma1，減速過程中有Ff2－mg＝ma2，而a1＝8 m/s2，a2＝4 m/s2，所以Ff1:Ff2＝1:7，C正確；加速過程與減速過程的平均速度相等，則其位移x1＝t1，x2＝t2，x1:x2＝t1:t2＝1:2，D錯(cuò)誤． 答案：BC 7．

8、(2011·上海單科)受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上作直線運(yùn)動(dòng)，其v－t圖線如下圖所示，則(　　) A．在0～t1秒內(nèi)，外力F大小不斷增大 B．在t1時(shí)刻，外力F為零 C．在t1～t2秒內(nèi)，外力F大小可能不斷減小 D．在t1～t2秒內(nèi)，外力F大小可能先減小后增大 解析：由圖象可知0～t1，物體作a減小的加速運(yùn)動(dòng)，t1時(shí)刻a減小為零．由a＝可知，F(xiàn)逐漸減小，最終F＝f，故A、B錯(cuò)誤．t1～t2物體作a增大的減速運(yùn)動(dòng)，由a＝可知，至物體速度減為零之前，F(xiàn)有可能是正向逐漸減小，也可能F已正向減為零且負(fù)向增大，故C、D正確． 答案：CD 8．(2012·安徽理綜) 如上

9、圖所示，放在固定斜面上的物塊以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一個(gè)豎直向下的恒力F，則(　　) A．物塊可能勻速下滑 B．物塊仍以加速度a勻加速下滑 C．物塊將以大于a的加速度勻加速下滑 D．物塊將以小于a的加速度勻加速下滑 解析：根據(jù)題意，放在斜面上的物塊沿斜面以加速度a勻加速下滑，在沿斜面方向?qū)ξ飰K由牛頓第二定律有mgsinθ－μmgcosθ＝ma①，在物塊上施加豎直向下的力F后，在沿斜面方向?qū)ξ飰K由牛頓第二定律有(mg＋F)sinθ－μ(mg＋F)cosθ＝ma0②，由①②易知a0>a，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤． 答案：C 二、計(jì)算題(3×12′＝36′)

10、 9．航模興趣小組設(shè)計(jì)出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m＝2 kg，動(dòng)力系統(tǒng)提供的恒定升力F＝28 N．試飛時(shí)，飛行器從地面由靜止開始豎直上升．設(shè)飛行器飛行時(shí)所受的阻力大小不變，g取10 m/s2. (1)第一次試飛，飛行器飛行t1＝8 s時(shí)到達(dá)高度H＝64 m．求飛行器所受阻力Ff的大小； (2)第二次試飛，飛行器飛行t2＝6 s時(shí)遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力．求飛行器能達(dá)到的最大高度h. 解析：(1)由H＝at2得a＝2 m/s2 由F－Ff－mg＝ma得Ff＝4 N (2)前6 s向上做勻加速運(yùn)動(dòng) 最大速度：v＝at＝12 m/s 上升的高度：h1＝at2＝36 m 然后向

11、上做勻減速運(yùn)動(dòng) 加速度a2＝＝12 m/s2 上升的高度h2＝＝6 m 所以上升的最大高度：h＝h1＋h2＝42 m 答案：(1)4 N　(2)42 m 10．(2013·揚(yáng)州模擬)如圖所示，一根勁度系數(shù)k＝200 N/m的輕質(zhì)彈簧拉著質(zhì)量為m＝0.2 kg的物體從靜止開始沿傾角為θ＝37°的斜面勻加速上升，此時(shí)彈簧伸長量x＝0.9 cm，在t＝1.0 s內(nèi)物體前進(jìn)了s＝0.5 m．求： (1)物體加速度的大??； (2)物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)．(取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8) 解析：(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式：s＝at2① 得a＝＝ m/s

12、2＝1.0 m/s2② (2)物體運(yùn)動(dòng)過程受力如圖所示． 根據(jù)牛頓第二定律： F－Ff－mgsin37°＝ma③ FN＝mgcos37° ＝0.2×10×0.8 N＝1.6 N④ 根據(jù)胡克定律：F＝kx⑤ F＝200×0.9×10－2 N＝1.8 N⑥ 把⑥式代入③式得 Ff＝F－mgsin37°－ma ＝(1.8－0.2×10×0.6－0.2×1.0) N＝0.4 N⑦ 根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式Ff＝μFN得 μ＝＝＝0.25 答案：(1)1.0 m/s2　(2)0.25 11．(2013·上海六校聯(lián)考)用同種材料制成傾角為37°的斜面和長水平面，斜面長3.15 m

13、且固定，一小物塊從斜面頂端以沿斜面向下的初速度v0開始自由下滑，當(dāng)v0＝2.4 m/s時(shí)，經(jīng)過2.0 s后小物塊停在斜面上．多次改變v0的大小，記錄下小物塊從開始運(yùn)動(dòng)到最終停下的時(shí)間t，作出v0－t圖象，如圖所示，求： (1)小物塊與該種材料間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為多少？ (2)若小物塊初速度為3 m/s，小物塊從開始運(yùn)動(dòng)到最終停下的時(shí)間t為多少？ 解析：(1)由題意知，當(dāng)v0＝2.4 m/s時(shí)，物塊沿斜面勻減速下滑，設(shè)加速度的大小為a1，則a1＝＝ m/s2＝1.2 m/s2 由牛頓第二定律得：Ff－mgsin37°＝ma1， Ff＝μFN FN＝mgcos37° 聯(lián)立以上式子，解得μ＝＝0.9. (2)當(dāng)v0＝3 m/s時(shí)，物塊若保持勻減速下滑，最大滑行距離： s＝＝ m＝3.75 m>3.15 m，所以物塊將滑到水平面上． 物塊滑到斜面底端的速度為v1， 則v1＝＝1.2 m/s， 斜面上滑時(shí)間為t1＝＝ s＝1.5 s； 設(shè)水平面上加速度的大小為a2：Ff＝μFN＝μmg＝ma2，a2＝μg＝9 m/s2， t2＝＝ s＝0.13 s 所以，總時(shí)間為t＝t1＋t2＝1.5 s＋0.13 s＝1.63 s. 答案：(1)0.9　(2)1.63 s