《2014屆高考數(shù)學總復習 課時提升作業(yè)(六十三) 選修4-1 第二節(jié) 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2014屆高考數(shù)學總復習 課時提升作業(yè)(六十三) 選修4-1 第二節(jié) 文（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時提升作業(yè)(六十三) 一、選擇題 1.(2012·北京高考)如圖,∠ACB=90°,CD⊥AB于點D,以BD為直徑的圓與BC交于點E,則　(　　) (A)CE·CB=AD·DB (B)CE·CB=AD·AB (C)AD·AB=CD2 (D)CE·EB=CD2 2.如圖所示,半徑為2的☉O中,∠AOB=90°,D為OB的中點,AD的延長線交☉O于點E,則線段DE的長為　(　　) (A) (B) (C) (D) 3.圓O的直徑AB=6,C為圓周上一點,BC=3,過C作圓的切線l,過A作l的垂線AD,垂足為D,則∠DAC=　(　　) (A)60° (B

2、)30° (C)90° (D)150° 二、填空題 4.(2012·湖南高考)過點P的直線與圓O相交于A,B兩點,若PA=1,AB=2,PO=3,則圓O的半徑等于　　　　. 5.(2012·陜西高考)如圖所示,在圓O中,直徑AB與弦CD垂直,垂足為E,EF⊥ DB,垂足為F,若AB=6,AE=1,則DF·DB=　　　　. 6.(2012·廣東高考)如圖所示,直線PB與圓O相切于點B,D是弦AC上的點, ∠PBA=∠DBA.若AD=m,AC=n,則AB=　　　　. 三、解答題 7.(2012·新課標全國卷)如圖,D,E分別為△ABC邊AB,AC的中點,直線DE

3、交△ABC的外接圓于F,G兩點,若CF∥AB,證明: (1)CD=BC. (2)△BCD∽△GBD. 8.如圖所示,圓O的直徑AB=10,弦DE⊥AB于點H,BH=2,延長ED到P,過P作圓O的切線,切點為C. (1)求DE的長. (2)若PC=2,求PD的長. 9.(2012·遼寧高考)如圖,☉O和☉O'相交于A,B兩點,過A作兩圓的切線分別交兩圓于C,D兩點,連接DB并延長交☉O于點E.證明: (1)AC·BD=AD·AB. (2)AC=AE. 10.如圖所示,已知△ABC的兩條角平分線AD和CE相交于H, ∠B=60°,F在AC上,且AE=AF. 證明:(1)B

4、,D,H,E四點共圓. (2)CE平分∠DEF. 11.如圖,梯形ABCD內(nèi)接于☉O,AD∥BC,過B引☉O的切線分別交DA,CA延長線于E,F. (1)求證:AB2=AE·BC. (2)已知BC=8,CD=5,AF=6,求EF的長. 12.(2013·銀川模擬)如圖,已知PA與圓O相切于點A,經(jīng)過點O的割線PBC交圓O于點B,C,∠APC的平分線分別交AB,AC于點D,E. (1)證明:∠ADE=∠AED. (2)若AC=AP,求的值. 答案解析 1.【解析】選A.CD⊥AB,∴以BD為直徑的圓與CD相切,∴CD2=CE·CB. 在Rt△ABC中,CD為斜

5、邊AB上的高, 有CD2=AD·DB,因此,CE·CB=AD·DB. 2.【解析】選C.延長BO交圓O于點F,由D為OB的中點,知DF=3,DB=1.又∠AOB=90°,所以AD=,由相交弦定理知AD·DE=DF·DB,即DE=3×1,解得DE=. 3.【解析】選B.由弦切角定理得∠DCA=∠B=60°.又AD⊥l,故∠DAC=30°. 4.【解析】設PO交☉O于C,D兩點.如圖,設圓的半徑為R,由割線定理知PA·PB=PC·PD,即1×(1+2)=(3-R)(3+R),∴R=. 答案： 5.【解析】連接AD,因為AB=6,AE=1,所以BE=5,在Rt△ABD中,DE2=AE

6、·BE=1×5=5,在Rt△BDE中,由射影定理得DF·DB=DE2=5. 答案：5 6.【解析】由題意知∠ABP=∠ACB=∠ABD. 又∠A=∠A,所以△ABD∽△ACB,所以=,所以AB==. 答案： 7.【證明】(1)因為D,E分別為AB,AC的中點,所以DE∥BC.又已知CF∥AB,故四邊形BCFD是平行四邊形,所以CF=BD=AD.而CF∥AD,連接AF,所以四邊形ADCF是平行四邊形,故CD=AF.因為CF∥AB,所以BC=AF,故CD=BC. (2)∵D,E分別為AB,AC的中點, ∴FG∥BC,∴GB=CF. 由(1)知BD=CF,則GB=BD,∴∠BGD=∠

7、BDG, 又由(1)知BC=CD,∴∠CBD=∠CDB, ∵∠BDG=∠CBD,∴∠CBD=∠CDB=∠BDG=∠BGD,∴△BCD∽△GBD. 8.【解析】(1)因為AB為圓O的直徑,AB⊥DE, 所以DH=HE,AD⊥DB. 由直角三角形的射影定理得 DH2=AH·BH=(10-2)×2=16, 所以DH=4,DE=8. (2)因為PC切圓O于點C, 由切割線定理得PC2=PD·PE, 即(2)2=PD·(PD+8),得PD=2. 9.【證明】(1)由AC與圓O'相切于點A, 得∠CAB=∠ADB,同理,∠ACB=∠DAB, 從而△ACB∽△DAB, 所以=?A

8、C·BD=AD·AB. (2)由AD與圓O相切于點A,得∠AED=∠BAD. 又∠ADE=∠BDA,從而△EAD∽△ABD,所以=?AE·BD=AB·AD. 又由(1)知,AC·BD=AB·AD. 所以AC·BD=AE·BD,∴AC=AE. 10.【證明】(1)在△ABC中,因為∠B=60°, 所以∠BAC+∠BCA=120°. 因為AD,CE是角平分線, 所以∠HAC+∠HCA=60°,故∠AHC=120°. 于是∠EHD=∠AHC=120°.因為∠EBD+∠EHD=180°,所以B,D,H,E四點共圓. (2)連接BH,則BH為∠ABC的平分線, ∠HBD=30°.由

9、(1)知B,D,H,E四點共圓, 所以∠CED=∠HBD=30°. 又∠AHE=∠EBD=60°, 由AD平分∠BAC,AE=AF,可得EF⊥AD,可得∠CEF=30°, 所以∠CED=∠CEF,所以CE平分∠DEF. 11.【解析】(1)∵BE切☉O于B, ∴∠ABE=∠ACB, 由于AD∥BC,∴∠BAE=∠ABC, ∴△EAB∽△ABC,∴=, ∴AB2=AE·BC. (2)由(1)知△EAB∽△ABC,∴=, 又AE∥BC,∴=,∴=. 又AD∥BC,∴AB=CD, ∴=,∴EF==. 12.【解析】(1)∵PA是切線,AB是弦,∴∠BAP=∠C. 又∵∠APD=∠CPE,∴∠BAP+∠APD=∠C+∠CPE. ∵∠ADE=∠BAP+∠APD,∠AED =∠C+∠CPE, ∴∠ADE=∠AED. (2)由(1)知∠C=∠BAP, 又∵∠APC=∠BPA, ∴△APC∽△BPA,∴=. ∵AC=AP,∴∠APC=∠C=∠BAP. 由三角形內(nèi)角和定理可知,∠APC+∠C+∠CAP=180°. ∵BC是圓O的直徑,∴∠BAC=90°,∴∠APC+∠C+∠BAP=180°-90°=90°, ∴∠C=30°,∴=,∴=.