《（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)9 三角函數(shù)與解三角形（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題限時(shí)集訓(xùn)9 三角函數(shù)與解三角形（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題限時(shí)集訓(xùn)(九)　三角函數(shù)與解三角形 1．(2019·全國(guó)卷Ⅰ)△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c.設(shè)(sin B－sin C)2＝sin2A－sin Bsin C． (1)求A； (2)若a＋b＝2c，求sin C． [解]　(1)由已知得sin2B＋sin2C－sin2A＝sin Bsin C，故由正弦定理得b2＋c2－a2＝bc. 由余弦定理得cos A＝＝. 因?yàn)?°＜A＜180°，所以A＝60°. (2)由(1)知B＝120°－C，由題設(shè)及正弦定理得sin A＋sin(120°－C)＝2sin C，即＋cos C＋sin C＝2sin C，可得cos(

2、C＋60°)＝－. 由于0°＜C＜120°，所以sin(C＋60°)＝， 故sin C＝sin(C＋60°－60°) ＝sin(C＋60°)cos 60°－cos(C＋60°)sin 60° ＝. 2．(2016·全國(guó)卷Ⅰ)△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，已知2cos C(acos B＋bcos A)＝c. (1)求C； (2)若c＝，△ABC的面積為，求△ABC的周長(zhǎng)． [解]　(1)由已知及正弦定理得 2cos C(sin Acos B＋sin Bcos A)＝sin C， 即2cos Csin(A＋B)＝sin C， 故2sin Ccos C＝sin

3、 C． 可得cos C＝，所以C＝. (2)由已知得absin C＝. 又C＝，所以ab＝6. 由已知及余弦定理得a2＋b2－2abcos C＝7， 故a2＋b2＝13，從而(a＋b)2＝25，所以a＋b＝5(負(fù)值舍去)． 所以△ABC的周長(zhǎng)為5＋. 3．(2020·全國(guó)卷Ⅱ)△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，已知cos2＋cos A＝. (1)求A； (2)若b－c＝a，證明：△ABC是直角三角形． [解]　(1)由已知得sin2A＋cos A＝，即cos2A－cos A＋＝0.所以＝0，cos A＝. 由于0

4、件可得sin B－sin C＝sin A． 由(1)知B＋C＝，所以sin B－sin＝sin . 即sin B－cos B＝，sin＝. 由于0

5、B＝sin C，所以tan B＝， 所以∠B＝30°. 1．(2020·安慶二模)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別是a，b，c，且＝. (1)求角B的大?。? (2)若△ABC的周長(zhǎng)等于15，面積等于，求a，b，c的值． [解]　(1)由＝， 根據(jù)正弦定理得 ＝?b2－c2＝a2＋ac?a2＋c2－b2＝－ac， 根據(jù)余弦定理得cos B＝＝－， 由0

6、得a＝3，c＝5，或者a＝5，c＝3. 所以a＝3，b＝7，c＝5，或者a＝5，b＝7，c＝3. 2．(2020·昆明模擬)在△ABC中，D為BC邊上一點(diǎn)，AD⊥AC，AB＝，BD＝，AD＝2. (1)求∠ADB； (2)求△ABC的面積． [解]　(1)因?yàn)锳B＝，BD＝，AD＝2， 所以在△ABD中，由余弦定理可得： cos∠ADB＝＝－， 又因?yàn)椤螦DB∈(0，π)， 所以∠ADB＝. (2)因?yàn)椤螦DB＋∠ADC＝π， 所以∠ADC＝. 因?yàn)锳D⊥AC， 所以△ADC為等腰直角三角形，可得AC＝2， 所以S△ABC＝S△ABD＋S△ADC＝××2×＋×2×2

7、＝3. 3．(2020·寶雞二模)已知函數(shù)f(x)＝2sin2x＋2sin xcos x－1，x∈R. (1)求f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間； (2)△ABC內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，若f＝1且A為銳角，a＝3，sin C＝2sin B，求△ABC的面積． [解]　(1)由于函數(shù)f(x)＝2sin2 x＋2sin xcosx －1＝1－cos 2x＋sin 2x－1＝2sin， 令2kπ－≤2x－≤2kπ＋，k∈Z， 解得kπ－≤x≤kπ＋，k∈Z， 可得函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為，k∈Z. (2)∵f＝1且A為銳角，可得 2sin＝1，解得sin＝， ∴由A－∈，

8、可得A－＝， 可得A＝. ∵sin C＝2sin B, ∴由正弦定理可得c＝2b， 又∵a＝3，由余弦定理a2＝b2＋c2－2bccos A， 可得9＝b2＋c2－bc＝b2＋4b2－2b2＝3b2， ∴b＝，c＝2， ∴S△ABC＝bcsin A＝××2×＝. 4．(2020·南開區(qū)模擬)在△ABC中，a，b，c分別為三個(gè)內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊，若△ABC的面積為，a－b＝1，acos C－csin A＝0. (1)求c及cos A； (2)求cos(2A－C)的值． [解]　(1)在△ABC中，∵acos C－csin A＝0， ∴sin Acos C－sin Csin

9、 A＝0， ∵sin A≠0, ∴cos C－sin C＝0，即tan C＝， ∵C∈(0，π), ∴C＝， ∴S△ABC＝ab＝，解得ab＝6， 又a－b＝1，解得a＝3，b＝2， 又由余弦定理可得c2＝a2＋b2－2abcos C＝7， 解得c＝， ∴cos A＝＝. (2)由(1)可得sin A＝， ∴sin 2A＝2sin Acos A＝， cos 2A＝2cos2 A－1＝－， ∴cos(2A－C)＝cos 2Acos C＋sin 2Asin C ＝×＋×＝－. 1．△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，設(shè)bsin A＝a(2＋cos B)．

10、 (1)求B； (2)若△ABC的面積等于，求△ABC的周長(zhǎng)的最小值． [解]　(1)因?yàn)閎sin A＝a(2＋cos B)， 由正弦定理得sin Bsin A＝sin A(2＋cos B)． 顯然sin A>0，所以sin B－cos B＝2. 所以2sin＝2，∵B∈(0，π)． 所以B－＝，所以B＝. (2)依題意得＝，所以ac＝4. 所以a＋c≥2＝4，當(dāng)且僅當(dāng)a＝c＝2時(shí)取等號(hào)． 又由余弦定理得 b2＝a2＋c2－2accos B＝a2＋c2＋ac≥3ac＝12. ∴b≥2，當(dāng)且僅當(dāng)a＝c＝2時(shí)取等號(hào)． 所以△ABC的周長(zhǎng)最小值為4＋2. 2．[結(jié)構(gòu)不良試題

11、]已知銳角△ABC，同時(shí)滿足下列四個(gè)條件中的三個(gè)： ①A＝；②a＝13；③c＝15；④sin C＝. (1)請(qǐng)指出這三個(gè)條件，并說明理由； (2)求△ABC的面積． [解]　(1)△ABC同時(shí)滿足①②③. 理由：若△ABC同時(shí)滿足①④， 因?yàn)槭卿J角三角形，所以sin C＝<＝sin ，∴C<，結(jié)合A＝，∴B>. 與題設(shè)矛盾．故△ABC同時(shí)滿足①④不成立． 所以△ABC同時(shí)滿足②③. 因?yàn)閏>a，所以C>A．若滿足④，則A，與題設(shè)矛盾，故此時(shí)不滿足④. ∴△ABC同時(shí)滿足①②③. (2)因?yàn)閍2＝b2＋c2－2bccosA， 所以132＝b2＋152－2×b

12、×15×. 解得b＝8或7. 當(dāng)b＝7時(shí)，cos C＝<0，C為鈍角，與題設(shè)矛盾．所以b＝8，S△ABC＝bcsin A＝30. 3.如圖，在△ABC中，C＝，∠ABC的平分線BD交AC于點(diǎn)D，且tan∠CBD＝. (1)求sin A； (2)若·＝28，求AB的長(zhǎng)． [解]　(1)設(shè)∠CBD＝θ，因?yàn)閠an θ＝，又θ∈，故sin θ＝，cos θ＝. 則sin∠ABC＝sin 2θ＝2sin θcos θ＝2××＝， cos∠ABC＝cos 2θ＝2cos2θ－1＝2×－1＝， 故sin A＝sin＝sin ＝(sin 2θ＋cos 2θ)＝×＝. (2)由正弦定

13、理＝，即＝， 所以BC＝AC． 又·＝||||＝28， 所以||||＝28， 所以AC＝4，又由＝，得＝， 所以AB＝5. 4．已知在△ABC中，內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且＝. (1)若a＝2，b＝2，求c的大??； (2)若b＝2，且C是鈍角，求△ABC面積的取值范圍． [解]　(1)在△ABC中，＝， 由正弦定理，得sin Asin B＝sin Bcos A． ∵04， ∴S△ABC＞2. 即△ABC面積的取值范圍是(2，＋∞)．