《（課標(biāo)通用版）高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第九章 平面解析幾何 第5講 第2課時(shí) 直線與橢圓檢測(cè) 文-人教版高三全冊(cè)數(shù)學(xué)試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（課標(biāo)通用版）高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第九章 平面解析幾何 第5講 第2課時(shí) 直線與橢圓檢測(cè) 文-人教版高三全冊(cè)數(shù)學(xué)試題（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第5講 第2課時(shí) 直線與橢圓 [基礎(chǔ)題組練] 1．已知橢圓＋y2＝1與直線y＝x＋m交于A，B兩點(diǎn)，且|AB|＝，則實(shí)數(shù)m的值為(　　) A．±1　　　　 B．± C. D．± 解析：選A.由消去y并整理， 得3x2＋4mx＋2m2－2＝0. 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則x1＋x2＝－，x1x2＝. 由題意，得＝， 解得m＝±1. 2．過橢圓＋＝1的右焦點(diǎn)作一條斜率為2的直線與橢圓交于A，B兩點(diǎn)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，則△OAB的面積為(　　) A. B. C. D. 解析：選B.由題意知橢圓的右焦點(diǎn)F的坐標(biāo)為(1，0)，則直線AB的方程為y＝2x－2

2、.聯(lián)立解得交點(diǎn)A(0，－2)，B，所以S△OAB＝·|OF|·|yA－yB|＝×1×＝，故選B. 3．已知橢圓E：＋＝1(a>b>0)的右焦點(diǎn)為F(3，0)，過點(diǎn)F的直線交橢圓于A，B兩點(diǎn)．若AB的中點(diǎn)坐標(biāo)為(1，－1)，則E的方程為(　　) A.＋＝1 B.＋＝1 C.＋＝1 D.＋＝1 解析：選D.設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則兩式相減，得＋＝0.因?yàn)榫€段AB的中點(diǎn)坐標(biāo)為(1，－1)，所以x1＋x2＝2，y1＋y2＝－2.將其代入上式，得＝.因?yàn)橹本€AB的斜率為＝，所以＝，所以a2＝2b2.因?yàn)橛医裹c(diǎn)為F(3，0)，所以a2－b2＝c2＝9，解得a2＝18，b2＝9.

3、所以橢圓E的方程為＋＝1.故選D. 4．已知橢圓C：＋＝1(a>b>0)與直線y＝x＋3只有一個(gè)公共點(diǎn)，且橢圓的離心率為，則橢圓C的方程為(　　) A.＋＝1 B.＋＝1 C.＋＝1 D.＋＝1 解析：選B.將直線方程y＝x＋3代入C的方程并整理得(a2＋b2)x2＋6a2x＋9a2－a2b2＝0，由橢圓與直線只有一個(gè)公共點(diǎn)得，Δ＝(6a2)2－4(a2＋b2)(9a2－a2b2)＝0，化簡(jiǎn)得a2＋b2＝9.又由橢圓的離心率為，所以＝＝，則＝，解得a2＝5，b2＝4，所以橢圓方程為＋＝1. 5．已知點(diǎn)M在橢圓G：＋＝1(a>b>0)上，且點(diǎn)M到兩焦點(diǎn)的距離之和為4. (1)求橢

4、圓G的方程； (2)若斜率為1的直線l與橢圓G交于A，B兩點(diǎn)，以AB為底作等腰三角形，頂點(diǎn)為P(－3，2)，求△PAB的面積． 解：(1)因?yàn)?a＝4，所以a＝2. 又點(diǎn)M在橢圓G上， 所以＋＝1，解得b2＝4. 所以橢圓G的方程為＋＝1. (2)設(shè)直線l的方程為y＝x＋m， 由 得4x2＋6mx＋3m2－12＝0.① 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)(x1

5、－3，x2＝0， 所以|AB|＝|x1－x2|＝3. 此時(shí)，點(diǎn)P(－3，2)到直線AB：x－y＋2＝0的距離d＝＝， 所以△PAB的面積S＝|AB|·d＝. 6．已知橢圓＋y2＝1， (1)過A(2，1)的直線l與橢圓相交，求l被截得的弦的中點(diǎn)軌跡方程； (2)求過點(diǎn)P且被P點(diǎn)平分的弦所在直線的方程． 解：(1)設(shè)弦的端點(diǎn)為P(x1，y1)，Q(x2，y2)，其中點(diǎn)是M(x，y)． ①－②得＝－＝－， 所以－＝， 化簡(jiǎn)得x2－2x＋2y2－2y＝0(包含在橢圓＋y2＝1內(nèi)部的部分)． (2)由(1)可得弦所在直線的斜率為k＝－＝－，因此所求直線方程是y－＝－，化簡(jiǎn)得2

6、x＋4y－3＝0. [綜合題組練] 1．已知F1(－c，0)，F(xiàn)2(c，0)為橢圓＋＝1(a>b>0)的兩個(gè)焦點(diǎn)，P為橢圓上一點(diǎn)，且·＝c2，則此橢圓離心率的取值范圍是________． 解析：設(shè)P(x，y)，則·＝(－c－x，－y)·(c－x，－y)＝x2－c2＋y2＝c2，① 將y2＝b2－x2代入①式解得 x2＝＝， 又x2∈[0，a2]，所以2c2≤a2≤3c2， 所以e＝∈. 答案： 2．(綜合型)設(shè)直線l：2x＋y＋2＝0關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的直線為l′，若l′與橢圓x2＋＝1的交點(diǎn)為A，B，點(diǎn)P為橢圓上的動(dòng)點(diǎn)，則使△PAB的面積為的點(diǎn)P的個(gè)數(shù)為________．　 解

7、析：直線l′的方程為2x＋y－2＝0，所以交點(diǎn)分別為橢圓頂點(diǎn)(1，0)和(0，2)，則|AB|＝，由△PAB的面積為，得點(diǎn)P到直線AB的距離為，而平面上到直線2x＋y－2＝0的距離為的點(diǎn)都在直線2x＋y－1＝0和2x＋y－3＝0上，而直線2x＋y－1＝0與橢圓相交，2x＋y－3＝0與橢圓相離，所以滿足題意的點(diǎn)P有2個(gè)． 答案：2 3．(2019·洛陽市第一次統(tǒng)考)已知短軸的長(zhǎng)為2的橢圓E：＋＝1(a>b>0)，直線n的橫、縱截距分別為a，－1，且原點(diǎn)O到直線n的距離為. (1)求橢圓E的方程； (2)直線l經(jīng)過橢圓E的右焦點(diǎn)F且與橢圓E交于A，B兩點(diǎn)，若橢圓E上存在一點(diǎn)C滿足＋－2＝0

8、，求直線l的方程． 解：(1)因?yàn)闄E圓E的短軸的長(zhǎng)為2，故b＝1. 依題意設(shè)直線n的方程為－y＝1，由＝，解得a＝，故橢圓E的方程為＋y2＝1. (2)設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，C(x3，y3)， 當(dāng)直線l的斜率為0時(shí)，顯然不符合題意． 當(dāng)直線l的斜率不為0或直線l的斜率不存在時(shí)，F(xiàn)(，0)，設(shè)直線l的方程為x＝ty＋， 由得(t2＋3)y2＋2ty－1＝0， 所以y1＋y2＝－，y1y2＝－，① 因?yàn)椋?＝0，所以x3＝x1＋x2，y3＝y(tǒng)1＋y2，又點(diǎn)C在橢圓E上， 所以＋y＝＋＝ ＋＋＝1， 又＋y＝1，＋y＝1，所以x1x2＋y1y2＝0，② 將x

9、1＝ty1＋，x2＝ty2＋及①代入②得t2＝1，即t＝1或t＝－1. 故直線l的方程為x＋y－＝0或x－y－＝0. 4．(2019·遼寧鞍山一中模擬)已知過點(diǎn)A(0，1)的橢圓C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，B為橢圓C上的任意一點(diǎn)，且|BF1|，|F1F2|，|BF2|成等差數(shù)列． (1)求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程； (2)直線l：y＝k(x＋2)交橢圓C于P，Q兩點(diǎn)，若點(diǎn)A始終在以PQ為直徑的圓外，求實(shí)數(shù)k的取值范圍． 解：(1)因?yàn)閨BF1|，|F1F2|，|BF2|成等差數(shù)列，所以2|F1F2|＝|BF1|＋|BF2|＝ (|BF1|＋|BF2|)， 由橢圓

10、定義得2×2c＝×2a，所以c＝a.又橢圓C：＋＝1(a>b>0)過點(diǎn)A(0，1)，所以b＝1，所以c2＝a2－b2＝a2－1＝a2， 得a＝2，c＝. 所以橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為＋y2＝1. (2)設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)，聯(lián)立方程得消去y得，(1＋4k2)x2＋16k2x＋16k2－4＝0. 因?yàn)橹本€l：y＝k(x＋2)恒過點(diǎn)(－2，0)，且此點(diǎn)為橢圓C的左頂點(diǎn)，所以不妨設(shè)x1＝ －2，y1＝0. 由一元二次方程根與系數(shù)的關(guān)系可得，x1＋x2＝， 所以x2＝， 又y1＋y2＝k(x1＋2)＋k(x2＋2)＝k(x1＋x2)＋4k， 所以y2＝. 由點(diǎn)A在以PQ為直徑的圓外，得∠PAQ為銳角，即·>0， 因?yàn)椋?－2，－1)， ＝(x2，y2－1)， 所以·＝－2x2－y2＋1>0，即＋－1<0，整理得，20k2－4k－3>0， 解得k<－或k>. 所以實(shí)數(shù)k的取值范圍是∪.