《湖南省湖湘名校教育聯(lián)合體2021屆高三上學(xué)期入學(xué)考試 物理 Word版含解析答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《湖南省湖湘名校教育聯(lián)合體2021屆高三上學(xué)期入學(xué)考試 物理 Word版含解析答案（16頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、絕密★啟用前 湖湘名校教育聯(lián)合體2021屆高三入學(xué)摸底考試 物理 本試卷共6頁(yè)，全卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。 考生注意： 1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。 2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。 3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。 一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。 1.下列說(shuō)法正確的是 A.湯姆孫研究確定陰極射線為電子流，并提

2、出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型 B.質(zhì)子的質(zhì)量比電子的大，其德布羅意波長(zhǎng)一定比質(zhì)子的小 C.結(jié)合能越大的原子核，結(jié)構(gòu)越穩(wěn)定 D.U衰變成Pb要經(jīng)過(guò)6次β衰變和8次α衰變 2.如圖所示，用甲、乙兩根筷子夾一個(gè)小球，甲傾斜，乙始終豎直。在豎直平面內(nèi)，甲與豎直方向的夾角為θ，筷子與小球間的摩擦很小，可以忽略不計(jì)。小球質(zhì)量一定，隨著θ緩慢減小，小球始終保持靜止，則下列說(shuō)法正確的是 A.筷子甲對(duì)小球的彈力變小 B.筷子乙對(duì)小球的彈力不變 C.兩根筷子對(duì)小球的彈力均增大 D.兩根筷子對(duì)小球的合力將增大 3.一列復(fù)興號(hào)動(dòng)車進(jìn)站時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，車頭經(jīng)過(guò)站臺(tái)上三個(gè)立柱A

3、、B、C，對(duì)應(yīng)時(shí)刻分別為t1、t2、t3，其x-t圖像如圖所示。則下列說(shuō)法正確的是 A.車頭經(jīng)過(guò)立柱B的速度為 B.車頭經(jīng)過(guò)立柱A、B的平均速度大于 C.動(dòng)車的加速度大小為 D.車頭過(guò)立柱B、C過(guò)程速度變化量的大小為 4.2020年6月23日，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射北斗系統(tǒng)第55顆導(dǎo)航衛(wèi)星，至此北斗全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)星座部署全面完成。北斗導(dǎo)航系統(tǒng)第41顆衛(wèi)星為地球同步軌道衛(wèi)星，第49顆衛(wèi)星為“傾斜地球同步”軌道衛(wèi)星，它們的軌道均視為圓周，半徑約為4.2107m，運(yùn)行周期都等于地球的自轉(zhuǎn)周期24h?！皟A斜地球同步”軌道平面與地球赤道平面成一定夾角，如圖所示。已知引力常量G=6

4、.6710-11Nm2/kg2，下列說(shuō)法正確的是 A.根據(jù)題目數(shù)據(jù)可估算出地球的密度 B.地球同步軌道衛(wèi)星一天內(nèi)可經(jīng)過(guò)北京正上空1次 C.“傾斜地球同步”軌道衛(wèi)星的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度 D.“傾斜地球同步”軌道衛(wèi)星一天2次經(jīng)過(guò)赤道正上方同一位置 5.正方形ABCD四個(gè)頂點(diǎn)上放置著電荷量相同的、電性如圖所示的點(diǎn)電荷，O為正方形兩對(duì)角線的交點(diǎn)，M、N、P、Q分別為AO、BO、CO、DO的中點(diǎn)。取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說(shuō)法正確的是 A.M、N、P、Q四點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同 B.M、N、P、Q四點(diǎn)的電勢(shì)相等 C.將一負(fù)點(diǎn)電荷從M點(diǎn)沿MON移動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力一直做負(fù)功 D.

5、將一正點(diǎn)電荷從M點(diǎn)沿MOP移動(dòng)到P點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能先增加后減小 6.平昌冬奧會(huì)武大靖在500m短道速滑項(xiàng)目中以39秒584的成績(jī)?yōu)橹袊?guó)隊(duì)奪得首金，同時(shí)也創(chuàng)造了新的世界紀(jì)錄。運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入彎道時(shí)，身體會(huì)向彎道內(nèi)側(cè)傾斜，如圖為武大靖在平滑冰面上貼著最內(nèi)彎道勻速率轉(zhuǎn)彎(勻速圓周運(yùn)動(dòng))時(shí)的情景，若他與彎道地面的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，最內(nèi)彎道半徑R=8m，取g=10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則下列說(shuō)法正確的是 A.他受到了重力、支持力、摩擦力和向心力的作用 B.他所受到的靜摩擦力與速度方向相反 C.他所受的地面的作用力與其重力平衡 D.他成功沿最內(nèi)彎道勻速滑行的最大速度為4m/s

6、 7.如圖所示，(a)→(b)→(c)→(d)過(guò)程是交流發(fā)電機(jī)發(fā)電的示意圖，線框的面積為S，匝數(shù)為N，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，將兩極間的磁場(chǎng)看成勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。下列說(shuō)法正確的是 A.當(dāng)線圈轉(zhuǎn)到圖(a)位置時(shí)，線圈的磁通量最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小 B.若從圖(b)開始計(jì)時(shí)，線圈中電流i隨時(shí)間t變化的關(guān)系是i=Imsinωt C.線圈從圖(b)位置轉(zhuǎn)到圖(c)位置的過(guò)程中，感應(yīng)電流增大 D.線圈從圖(b)位置轉(zhuǎn)到圖(d)位置的過(guò)程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為E=NBSω 8.某次踢出的足球在空中運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，將足球視為質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)。用vy、P、Ek、E分別表示足球

7、的豎直分速度大小、重力的瞬時(shí)功率大小、動(dòng)能大小、機(jī)械能大小，用t表示足球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，下列圖像中可能正確的是 二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。 9.如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，處于n=4能級(jí)的大量氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射出的光子再照射到逸出功為2.30eV的某金屬板上。下列說(shuō)法正確的是 A.躍遷時(shí)可輻射出6種不同頻率的光子 B.入射光子的頻率越高，逸出光電子的最大初動(dòng)能越大 C.從金屬板中逸出的光電子就是β射線 D.共有3種不同頻率的光子能使該金屬發(fā)生

8、光電效應(yīng)現(xiàn)象 10.如圖所示，直流電源、滑動(dòng)變阻器、平行板電容器與理想二極管(正向電阻為0，反向電阻為∞)連接，電源負(fù)極接地。開始時(shí)電容器不帶電，閉合開關(guān)S，穩(wěn)定后，一帶電油滴恰能靜止在電容器中P點(diǎn)。在開關(guān)S保持接通的狀態(tài)下，下列說(shuō)法正確的是 A.若滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，帶電油滴將會(huì)向上運(yùn)動(dòng) B.若電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，帶電油滴將仍然靜止 C.若電容器的下極板向下移動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)將不變 D.若電容器的下極板向左移動(dòng)時(shí)(P點(diǎn)仍處在電場(chǎng)中)，極板間的場(chǎng)強(qiáng)將增大 11.如圖所示，質(zhì)量相等的小球A、B由輕質(zhì)彈簧連接，A球上端用細(xì)線懸掛于天花板?，F(xiàn)燒斷細(xì)線，兩小球從靜止開始下

9、落，至彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中(B球未觸地)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是 A.細(xì)線燒斷瞬間，A球的加速度為2g，B球的加速度為零 B.整個(gè)過(guò)程中，彈簧對(duì)A、B球的沖量相同 C.彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，A球動(dòng)量大于B球動(dòng)量 D.整個(gè)過(guò)程中，A、B球的重力做功相等 12.如圖所示，矩形金屬線圈abcd，ab邊長(zhǎng)為3L，bc邊長(zhǎng)為4L，電阻為R。現(xiàn)將線圈平放在粗糙水平傳送帶上，ab邊與傳送帶邊緣QN平行，隨傳送帶以速度v勻速運(yùn)動(dòng)。勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界PQNM是平行四邊形，磁場(chǎng)方向垂直于傳送帶向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，PQ與QN夾角為53，QN長(zhǎng)為6L，PQ足夠長(zhǎng)，線圈始終相

10、對(duì)于傳送帶靜止，在線圈穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，下列說(shuō)正確的是 A.線圈感應(yīng)電流的方向先是沿adcba后沿abcda B.線圈所受的靜摩擦力的方向垂直于ad邊向右 C.線圈受到的靜摩擦力先增大后減小再增大再減小 D.線圈受到摩擦力的最大值為 三、非選擇題：共60分。 13.(6分)測(cè)定物體的質(zhì)量有多種方法。某同學(xué)利用下面方法間接測(cè)量物體質(zhì)量M，裝置如圖甲所示：一根輕繩跨過(guò)輕質(zhì)定滑輪與兩個(gè)相同的重物PQ相連，重物P、Q的質(zhì)量均為m=500g，在重物Q的下面通過(guò)輕質(zhì)掛鉤懸掛待測(cè)物塊Z，重物P的下端與穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間=9.8m/s2。 (1)某次實(shí)驗(yàn)

11、中，先接通頻率為50Hz的交流電源，再由靜止釋放系統(tǒng)，得到如圖乙所示的紙帶，其中兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，則系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)的加速度a= m/s2(保留兩位有效數(shù)字)。 (2)忽略各類阻力，求出物塊Z質(zhì)量的理論值為M理論= kg(保留兩位有效數(shù)字)。 (3)實(shí)際情況下，由于存在空氣阻力及摩擦阻力，則物塊Z的實(shí)際質(zhì)量M實(shí)際_______M理論(選填“>”或“<”或“=”)。 14.(8分)某興趣小組同學(xué)要利用NTC熱敏電阻測(cè)量溫度，圖甲為該熱敏電阻的電阻特性曲線，為了測(cè)量某狀態(tài)下的溫度，需先測(cè)量熱敏電阻在該狀態(tài)溫度下的電阻值。 請(qǐng)按要求完成下列實(shí)

12、驗(yàn)： (1)若溫度的測(cè)量范圍為0～25℃，不考慮其他因素對(duì)電路的影響，要求誤差較小，實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下，請(qǐng)?jiān)趫D乙的虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖。 A.NTC熱敏電阻(用表示) B.電壓表V：量程5V，內(nèi)阻約3kΩ C.靈敏電流表A：量程5mA，內(nèi)阻為500Ω D.滑動(dòng)變阻器R：最大阻值為200Ω E.直流電源E(電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)) F.開關(guān)S，導(dǎo)線若干 (2)正確接線后，將熱敏電阻置于待測(cè)狀態(tài)下，接通電源，電流表示數(shù)是1.60mA，電壓表的示數(shù)如圖丙所示，則電壓表的讀數(shù)為 V。 (3)以第二問的數(shù)據(jù)為基礎(chǔ)，求此時(shí)熱敏電阻的阻值為 kΩ；結(jié)合

13、圖甲可知待測(cè)溫度為 ℃。(計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字) 15.(7分)如圖所示，一小型汽車的貨廂長(zhǎng)度為l=3m，貨廂中有一件質(zhì)量為m=40kg的貨物P(可視為質(zhì)點(diǎn))，它到貨廂后壁的距離為l1=1m。已知貨物與貨廂底板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.3，重力加速度g取10m/s2。 (1)若汽車以2m/s2加速度啟動(dòng)，求貨物所受摩擦力f的大??； (2)若汽車緩慢啟動(dòng)，貨物與汽車無(wú)相對(duì)滑動(dòng)，汽車以36km/h 的速度在平直公路上勻速行駛。因?yàn)榍胺郊t燈，司機(jī)以5m/s2的加速度開始剎車(可視為勻減速直線運(yùn)動(dòng))直到停止。假設(shè)不考慮司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間，試通過(guò)計(jì)算判斷汽車從開始剎車到停止過(guò)

14、程，貨物會(huì)不會(huì)與貨廂前壁碰撞。 16.(9分)如圖所示，A是長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線懸掛的以質(zhì)量為m的小球，A的下端離光滑水平面很近，且可以繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)有一質(zhì)量為2m的滑塊B沿光滑水平面以速度v0正對(duì)A運(yùn)動(dòng)，并與A發(fā)生彈性碰撞，已知細(xì)線承受的最大拉力為8mg，現(xiàn)要求小球做圓周運(yùn)動(dòng)能通過(guò)圓形軌道最高點(diǎn)(g為重力加速度)，求： (1)如A恰好能夠做完整圓周運(yùn)動(dòng)，A在最高點(diǎn)的速度v是多少； (2)求滑塊B初速度v0的取值范圍。 17.(14分)水平淺色長(zhǎng)傳送帶以v0=4m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)一煤塊m=1kg(可視為質(zhì)點(diǎn))輕輕地放在傳送帶上，經(jīng)過(guò)△t=1s后，傳送帶即以a=2m/s

15、2的加速度開始減速，直至停止。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，煤塊在傳送帶上留下一段黑色痕跡后，煤塊在傳送帶上不再滑動(dòng)。已知煤塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.1，重力加速度g取10m/s2求： (1)煤塊放到傳送帶上后經(jīng)過(guò)△t時(shí)獲得的速度； (2)煤塊從開始放上傳送帶到與傳送帶達(dá)共同速度所用的時(shí)間； (3)黑色痕跡的長(zhǎng)度； (4)整個(gè)過(guò)程中煤塊與傳送帶摩擦生熱的大小。 18.(16分)如圖所示，在空間建立直角坐標(biāo)系，坐標(biāo)軸正方向如圖所示?？臻g有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，方面垂直于紙面向里的磁場(chǎng)，II、III、IV象限(含x、y軸)有電場(chǎng)強(qiáng)度為E=2N/C，豎直向下的電場(chǎng)。光滑1/4圓弧小管道(管的直徑

16、略大于B球直徑)，圓心O，半徑為R=4m，小圓管底端位于坐標(biāo)軸原點(diǎn)O。質(zhì)量為m=1kg，帶電q1=-1C的小球A從O處水平向右飛出，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，正好運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)。質(zhì)量為m2=2kg，帶電q2=2C的小球B從小圓管頂端(與圓心等高處)靜止釋放，與A同時(shí)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)并發(fā)生完全非彈性碰撞，碰后生成小球C。小球A、B、C均可視為質(zhì)點(diǎn)，所在空間無(wú)重力場(chǎng)作用。 (1)小球A在O處的初速度為多大； (2)碰撞完成后瞬間，小球C對(duì)圓管軌道的壓力； (3)小球C從O點(diǎn)飛出后的瞬間，將磁場(chǎng)方向改為豎直向上。分析C球在后續(xù)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，又回到y(tǒng)軸時(shí)離O點(diǎn)的距離。 物理參考答案 題號(hào) 1 2 3

17、4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D C C D C D A B AB BD AC ACD 1.D 解析：A．盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)； B．德布羅意波長(zhǎng)，動(dòng)量大，才小，質(zhì)子的質(zhì)量大，但動(dòng)量不一定大，故B錯(cuò)誤； C．比結(jié)合能越大的原子核結(jié)構(gòu)才越穩(wěn)定，故C錯(cuò)誤； D．衰變成要經(jīng)過(guò)：次α衰變；28－(92－82)=6次β衰變，故D正確。 2.C 解析：根據(jù)平衡條件可知：，，解得：，，隨著θ減小，F(xiàn)N1，F(xiàn)N2都在增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤，C正確；由于小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，兩只筷子對(duì)小球的合力等于小球的重力，故一直不

18、變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 3.C 解析：B柱為t1-t2位移中點(diǎn)，故車頭過(guò)B柱時(shí)的速度大于，A錯(cuò)；車頭過(guò)A、B柱的過(guò)程根據(jù)平均速度的定義可知：，B錯(cuò)；時(shí)間中點(diǎn)瞬時(shí)速度等于該段平均速度，車頭過(guò)A、B柱過(guò)程的平均速度，車頭過(guò)B、C柱過(guò)程的平均速度,則加速度大小，故C對(duì)；車頭過(guò)B、C柱的速度變化量大小 4.D 解析：A．根據(jù)：，可得：可估算出地球的質(zhì)量，但地球半徑未知，其密度無(wú)法算得，故A錯(cuò)誤； B．由于地球同步衛(wèi)星相對(duì)地面靜止，因此一定自西向東運(yùn)動(dòng)，且軌道的圓心一定在地心上，故同步衛(wèi)星一定在地球赤道的正上方，不可能運(yùn)動(dòng)到北京的正上方，B錯(cuò)誤； C．根據(jù)：，可得：，由于軌道半徑越大，運(yùn)動(dòng)速度越小

19、，第一宇宙速度是貼近地球表面運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的速度，同步衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)速度小于第一宇宙速度，C錯(cuò)誤； D．傾斜同步衛(wèi)星若某時(shí)刻經(jīng)過(guò)赤道正上方某位置，經(jīng)過(guò)半個(gè)周期，恰好地球也轉(zhuǎn)了半個(gè)周期，因此又會(huì)經(jīng)過(guò)赤道上方的同一位置，D正確。故選D。 5.C 解析：M、N、P、Q四個(gè)點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向不同,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;M、P兩點(diǎn)電勢(shì)為正,N、Q兩點(diǎn)電勢(shì)為負(fù),故B項(xiàng)錯(cuò)誤；負(fù)點(diǎn)電荷從M點(diǎn)沿MON移動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)其一直做負(fù)功，故C項(xiàng)正確；沿MOP,電勢(shì)先降低后升高，故正點(diǎn)電荷的電勢(shì)能先減小后增大,D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。 6.D 解析：A．只受到了重力、支持力、摩擦力作用，故A錯(cuò)誤； B．靜摩擦力方向與速度方向垂直，故B錯(cuò)

20、誤； C．重力豎直向下，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力為支持力和摩擦力的合力，斜向上，與重力不是一對(duì)平衡力；運(yùn)動(dòng)員所受的地面的支持力與重力才是平衡一對(duì)平衡力，故C錯(cuò)誤； D．武大靖在最內(nèi)彎道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)最大摩擦力提供向心力時(shí)，恰不離心，此時(shí)其速度最大，有：，解得,故D正確。故選D。 7.A 解析：當(dāng)線圈轉(zhuǎn)到圖（a）位置時(shí)，線圈平面與磁感線垂直，為中性面，磁通量最大，但是此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流為零，選項(xiàng)A正確； 從圖（b）開始計(jì)時(shí)，b圖是與中性面垂直的平面，此時(shí)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大，故線圈中電流i隨時(shí)間t變化的關(guān)系是，選項(xiàng)B錯(cuò)誤； 線圈從圖（b）位置轉(zhuǎn)到圖（c）位置的過(guò)程中，感應(yīng)電流減

21、小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤； 有效值為，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 8.B 解析：A．足球做斜拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做加速度為的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其速度-時(shí)間關(guān)系為，上升階段：，下落階段：,由關(guān)系式可知，速度與時(shí)間成一次函數(shù)關(guān)系，圖像是一條傾斜直線，A錯(cuò)誤； B．足球在豎直方向上的速度滿足，上升階段：，下落階段： 再由重力的瞬時(shí)功率：可得重力的瞬時(shí)功率與時(shí)間成一次函數(shù)關(guān)系，且在最高點(diǎn)重力的瞬時(shí)功率為零，B正確； C．足球在水平方向上一直有速度，則足球的動(dòng)能不能為零，C錯(cuò)誤； D．不考慮空氣阻力，足球只受重力作用，機(jī)械能守恒，不變，D錯(cuò)誤；故選B。 9.AB 解析：大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)狀態(tài)

22、躍遷時(shí)，有4→1、4→2、4→3、3→1、3→2和2→1共六種情況，所以躍遷過(guò)程中將輻射出6種頻率的光子，A正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，入射光子的頻率越高，逸出光電子的最大初動(dòng)能越大，B正確；β射線是原子核衰變時(shí)發(fā)射出的高速電子流，光電子是被電離出的核外電子，故C錯(cuò)誤；n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)和n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射的光子能量小于金屬的逸出功，不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤。故選AB。 10.BD　解析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，變阻器有效阻值減小，R的電壓減小，則電容器板間電壓想減小，電容器想放電，由于二極管的存在，電容器不能放電，故電容器極板間電壓不變，電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)不變

23、，帶電油滴不動(dòng)，故A錯(cuò)誤；當(dāng)電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，由電容的決定式C＝知，電容減小，而電容器的電壓不變，由C＝知，Q要減小，電容器要放電，由于二極管的單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，則電容器的帶電量不變，根據(jù)推論可知電容器板間場(chǎng)強(qiáng)E＝，故E不變，油滴所受的電場(chǎng)力不變，所以帶電油滴仍靜止不動(dòng)，故B正確；當(dāng)電容器的下極板向下移動(dòng)時(shí)，電容器所帶的電量Q不變，由E＝知電容器板間場(chǎng)強(qiáng)不變，P與下極板間距增大，由U＝Ed知，P與下極板間的電勢(shì)差變大，P點(diǎn)的電勢(shì)會(huì)升高．故C錯(cuò)誤；當(dāng)電容器的下極板向左移動(dòng)時(shí)，C＝，電容器的電容減小，由C＝知，Q要減小，電容器要放電，由于二極管的單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放?/p>

24、，則電容器的帶電量不變，那么只能是極板間U增大，由E＝知電容器板間場(chǎng)強(qiáng)變大，故D正確。故選BD。 11.AC 解析：A．細(xì)線燒斷瞬間，彈簧長(zhǎng)度不變，彈力不變，B球的加速度為零，A球加速度為,故A正確； B．整個(gè)過(guò)程中，彈簧對(duì)兩球的力大小相等方向相反，根據(jù)沖量定義式可知彈簧對(duì)A、B球的沖量大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤； C．從開始下落至彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)之前，A球加速度一直大于B球加速度，A球速度大于B球速度，根據(jù)動(dòng)量定義式可知A球動(dòng)量大于B球動(dòng)量，故C正確； D．整個(gè)過(guò)程中，A球位移大于B球位移，根據(jù)可知A球的重力做功大于B球的重力做功，故D錯(cuò)誤；故選AC。 12.ACD 解析：

25、線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中感應(yīng)電流的方向先是沿adcba后沿abcda，A項(xiàng)正確；線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)均受到垂直于PQ斜向右的靜摩擦力,故B項(xiàng)錯(cuò)誤；線圈進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中，受到安培力先增大后減小，線圈穿出磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中，所受安培力先增大后減小,故線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中受到靜摩擦力先增大后減小再增大再減小，C項(xiàng)正確；當(dāng)a剛剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),線圈所受摩擦力最大,為，故D正確，故選ACD。 13.答案：（1）1.6 （2）0.19或0.20 （3）>（每空2分） 解析：（1）。 （2），有些同學(xué)用1.57m/s2代入，取0.19kg。 （3），故實(shí)際質(zhì)量大于理論值，所以應(yīng)選填大于。 14.

26、答案：(1)見解析 (2).4.00 (3)2.0； 12℃（11~14℃范圍內(nèi)均給分）（每空2分） 解析：（1）實(shí)驗(yàn)中熱敏電阻在25C0時(shí)電阻最小值都有約1000Ω，而滑動(dòng)變阻器最大為200Ω，相對(duì)較小，故采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，因?yàn)殡娏鞅韮?nèi)阻已知，所以采用電流表的內(nèi)接法，電路圖如圖所示： （2）電壓表分度值為0.1V，所以讀數(shù)為4.00V， （3）熱敏電阻的阻值為，從圖甲中可知待測(cè)溫度為12℃（11~14℃）。 15.解析：（1）假設(shè)貨物恰好滑動(dòng)時(shí)的加速為，由牛頓第二定律可知： 解得

27、 1分 因?yàn)? 1分 所以此時(shí)貨物相對(duì)于汽車并未滑動(dòng)，則此時(shí)的摩擦力為: 1分 （2）汽車速度從減小到0的時(shí)間為: 1分 這段時(shí)間內(nèi)汽車的位移為: 1分 此時(shí)貨物相對(duì)于汽車發(fā)生滑動(dòng)，貨物的位移為： 1分 比較可知，則貨物會(huì)與貨廂前壁發(fā)生碰撞 1分 16.解析：（1）恰過(guò)最高點(diǎn)，即細(xì)線拉力為0，則A在最高點(diǎn)有 (2分) 得

28、 (1分) （2）設(shè)小球A在最低點(diǎn)時(shí)速度為， 根據(jù)牛頓第二定律可得， (1分) 小球在最高點(diǎn)時(shí)速度為， 根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得， (1分) 依據(jù)題意， 得 (1分) 設(shè)B與A發(fā)生彈性碰撞后速度為， 根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒可得， (1分) ， (1分) 解得，即． (

29、1分) 17.解析：（1）設(shè)煤塊的加速度為a1，則由牛頓第二定律，有 （1分） 則經(jīng)過(guò)后，煤塊獲得的速度為 （2分） （2） 設(shè)煤塊從開始放上傳送帶到與傳送帶達(dá)共同速度所用的時(shí)間為ts，則有 （2分） 得 （2分） （3） 達(dá)到共同速度前設(shè)煤塊的位移和傳送帶的位移分別為x1和x2則有

30、（1分） （1分） 達(dá)共速之前煤塊相對(duì)傳送帶向后運(yùn)動(dòng)，此階段劃痕為5m 達(dá)共同速度后，由于a>a1煤塊和傳送帶會(huì)分開減速， 設(shè)各自減速到零的位移分別為x3,x4 （1分） （1分） 此階段煤塊相對(duì)傳送帶向前1m,但不影響劃痕長(zhǎng)度 得黑色劃痕長(zhǎng)度為 （1分） （4）摩擦生熱

31、為 （2分） 18.解析：(1)A從飛出后，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， (1分) 洛倫茲力提供向心力， (1分) 解得： (1分) (2)設(shè)B滑到O點(diǎn)的速度為vB，由動(dòng)能定理 (1分) 解得： (1分) A、B

32、在O點(diǎn)發(fā)生完全非彈性碰撞，設(shè)碰后生成的C球質(zhì)量為mc,,速度為v1， 由動(dòng)量守恒定律 (1分) 得 (1分) 在碰后瞬間，C球做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道對(duì)C支持力為N， C球帶電量 (1分) 解得：N=3N (1分) 由牛頓第三定律可得壓力為3

33、N,方向向下 (1分) (3)C球從軌道飛出后，受到豎直向下的電場(chǎng)力和垂直紙面向外的洛倫茲力，在電場(chǎng)力作用下，C球在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每隔一個(gè)周期T，C球回到y(tǒng)軸上。 由： ， (1分) 及 (1分) 解得C球圓周運(yùn)動(dòng)周期 C球豎直方向加速度 C球回到y(tǒng)軸時(shí)坐標(biāo)： (2分) 代入數(shù)據(jù)解得：（n=1、2、3.） (2分) 16