《浙江高考數學理二輪專題訓練：第1部分 專題二 第4講 高考中的三角函數解答題型》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《浙江高考數學理二輪專題訓練：第1部分 專題二 第4講 高考中的三角函數解答題型（12頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、 高考數學精品復習資料 2019.5 考 點 考 情 三角恒等變換 　1.三角恒等變換是高考的熱點內容，在解答題中多作為一種化簡工具考查，其中升冪公式、降冪公式、輔助角公式是考查的重點，如湖南T17等． 2.三角函數的圖像與性質是高考考查的另一個熱點，側重于對函數y＝Asin(ωx＋φ)的周期性、單調性、對稱性以及最值等的考查，常與其他知識交匯以解答題的形式考查，難度中等，如安徽T16等． 3.正弦定理、余弦定理以及解三角形的問題是高考的必考內容．在解答題中主要考查：(1)邊和角的計

2、算；(2)面積的計算；(3)有關范圍的問題．由于此內容應用性較強，解三角形的實際應用問題也常出現在高考解答題中，如重慶T20等. 三角函數的圖像與性質 解三角形 向量與三角函數的綜合問題 解三角形的實際應用 1．(20xx湖南高考)已知函數f(x)＝sin＋cos，g(x)＝2sin2. (1)若α是第一象限角，且f(α)＝，求g(α)的值； (2)求使f(x)≥g(x)成立的x的取值集合． 解：f(x)＝sin＋cos ＝sin x－cos x＋cos x＋sin x＝sin x， g(x)＝2sin2＝1－cos x. (1)由f(α)＝得sin α＝. 又

3、α是第一象限角，所以cos α>0. 從而g(α)＝1－cos α＝1－＝1－＝. (2)f(x)≥g(x)等價于sin x≥1－cos x， 即sin x＋cos x≥1. 于是sin≥. 從而2kπ＋≤x＋≤2kπ＋，k∈Z， 即2kπ≤x≤2kπ＋，k∈Z. 故使f(x)≥g(x)成立的x的取值集合為. 2．(20xx重慶高考)在△ABC中，內角A，B，C的對邊分別是a，b，c，且a2＋b2 ＋ab＝c2. (1)求C； (2)設cos Acos B＝，＝，求tan α的值． 解：(1)因為a2＋b2＋ab＝c2， 由余弦定理有cos C＝＝＝－， 故C＝.

4、(2)由題意得 ＝. 因此(tan αsin A－cos A)(tan αsin B－cos B)＝， tan2αsin Asin B－tan α(sin Acos B＋cos Asin B)＋cos Acos B＝， tan2αsin Asin B－tan αsin(A＋B)＋cos Acos B＝.?、? 因為C＝，A＋B＝，所以sin(A＋B)＝， 因為cos(A＋B)＝cos Acos B－sin Asin B， 即－sin Asin B＝， 解得sin Asin B＝－＝. 由①得tan2α－5tan α＋4＝0， 解得tan α＝1或tan α＝4. 3．(20

5、xx江蘇高考)已知向量a＝(cos α，sin α)，b＝(cos β，sin β)，0<β<α<π. (1)若|a－b|＝，求證：a⊥b； (2)設c＝(0,1)，若a＋b＝c，求α，β的值． 解：(1)證明：由題意得|a－b|2＝2，即(a－b)2＝a2－2ab＋b2＝2. 又因為a2＝b2＝|a|2＝|b|2＝1，所以2－2ab＝2，即ab＝0，故a⊥b. (2)因為a＋b＝(cos α＋cos β，sin α＋sin β)＝(0,1)， 所以 由此，得cos α＝cos (π－β)，由0<β<π，得0<π－β<π.又0<α<π，故α＝π－β.代入sin α＋sin β＝1

6、得，sin α＝sin β＝，而α>β，所以α＝，β＝. 1．輔助角公式 asin x＋bcos x＝sin(x＋φ)，其中tan φ＝. 可利用輔助角公式求最值、單調區(qū)間和周期． 2．三角形的面積公式 (1)S＝aha＝bhb＝chc(ha，hb，hc分別是邊a，b，c上的高)； (2)S＝absin C＝bcsin A＝acsin B； (3)S△ABC＝(海倫公式)． 3．解三角形常見問題 (1)已知一邊和兩角解三角形； (2)已知兩邊及其中一邊的對角解三角形； (3)已知兩邊及其夾角解三角形； (4)已知三邊解三角形； (5)三角形形狀的判定； (6)

7、三角形的面積問題； (7)正弦、余弦定理的綜合應用． 熱點一 三角變換與求值 [例1]　(20xx北京高考)已知函數f(x)＝(2cos2x－1)sin 2x＋cos 4x. (1)求f(x)的最小正周期及最大值； (2)若α∈，且f(α)＝，求α的值． [自主解答]　(1)因為f(x)＝(2cos2x－1)sin 2x＋cos 4x ＝cos 2xsin 2x＋cos 4x ＝(sin 4x＋cos 4x) ＝sin， 所以f(x)的最小正周期為，最大值為. (2)因為f(α)＝，所以sin＝1. 因為α∈， 所以4α＋∈， 即4α＋＝.故α＝.

8、在本例中，若F(x)＝f(x)f(－x)＋f2(x)，求F(x)的最大值和單調遞增區(qū)間． 解：∵f(x)＝(2cos2x－1)sin 2x＋cos 4x ＝， ∴F(x)＝f(x)f(－x)＋f2(x)　 ＝(cos 4x＋sin 4x)(cos 4x－sin 4x)＋(sin 4x＋cos 4x)2 ＝cos 8x＋(1＋2sin 4xcos 4x) ＝cos 8x＋sin 8x＋ ＝＋ ＝sin＋， ∴F(x)max＝＋＝. 由－＋2kπ≤8x＋≤＋2kπ，k∈Z，得 －＋kπ≤x≤＋kπ，k∈Z. 故函數F(x)的單調遞增區(qū)間為，k∈Z. 1．條件求值的

9、一般思路 (1)先化簡所求式子或所給條件； (2)觀察已知條件與所求式子之間的聯系(從三角函數名及角入手)； (3)將已知條件代入所求式子，化簡求值． 2．三角恒等變換的“五遇六想” (1)遇正切，想化弦；(2)遇多元，想消元；(3)遇差異，想聯系；(4)遇高次，想降次；(5)遇特角，想求值；(6)想消元，引輔角． 1．已知向量a＝，b＝，函數f(x)＝2ab－為偶函數，且θ∈[0，π]． (1)求函數f(x)的解析式； (2)設x∈(0，π)，f(x)＝1，求x的值． 解：(1)f(x)＝2sincos＋2cos2－＝sin(2x＋θ)＋cos(2x＋θ)＝2sin.

10、 由f(x)為偶函數得θ＋＝kπ＋，k∈Z， ∴θ＝kπ＋，k∈Z.又θ∈[0，π]，∴θ＝， 故函數f(x)的解析式為f(x)＝2sin＝2cos 2x. (2)由f(x)＝1得cos 2x＝. 又x∈(0，π)，所以2x∈(0,2π)， 所以2x＝或2x＝， 即x＝或. 2．設函數f(x)＝2sin xcos2＋cos xsin φ－sin x(0<φ<π)在x＝π處取最小值． (1)求φ的值； (2)在△ABC中，a，b，c分別是角A，B，C的對邊，已知a＝1，b＝，f(B)＝－，求的值． 解：(1)f(x)＝2sin xcos2＋cos xsin φ－sin x

11、＝sin x＋cos xsin φ ＝sin xcos φ＋cos xsin φ＝sin(x＋φ)， 依題意，sin(π＋φ)＝－1，∵0<φ<π，∴φ＝. (2)由(1)知f(x)＝sin(x＋φ)＝sin＝cos x， ∵f(B)＝－，∴cos B＝－. ∵0

12、一個對稱中心到最近的對稱軸的距離為. (1)求ω的值； (2)求f(x)在區(qū)間上的最大值和最小值． [自主解答]　(1)f(x)＝－sin2ωx－sin ωxcos ωx ＝－－sin 2ωx ＝cos 2ωx－sin 2ωx ＝－sin. 因為圖像的一個對稱中心到最近的對稱軸的距離為， 又ω>0，所以＝4， 因此ω＝1. (2)由(1)知f(x)＝－sin. 當π≤x≤時，≤2x－≤， 所以－≤sin≤1. 因此－1≤f(x)≤. 故f(x)在區(qū)間上的最大值和最小值分別為，－1. 研究三角函數圖像與性質的常用方法 (1)求三角函數的周期、單調區(qū)間、最值及判

13、斷三角函數的奇偶性，往往是在定義域內，先化簡三角函數式，盡量化為y＝Asin(ωx＋φ)的形式，然后再求解． (2)對于形如y＝asin ωx＋bcos ωx型的三角函數，要通過引入輔助角化為y＝sin(ωx＋φ)的形式來求． 3．函數y＝Asin(ωx＋φ)的一段圖像如圖所示． (1)求函數y＝f(x)的解析式； (2)將函數y＝f(x)的圖像向右平移個單位，得到y＝g(x)的圖像．求直線y＝與函數y＝f(x)＋g(x)的圖像在(0，π)內所有交點的坐標． 解：(1)由題意知A＝2，T＝π，于是ω＝＝2， 將y＝2sin 2x的圖像向左平移個單位長度， 得f(x)＝

14、2sin 2＝2sin. (2)依題意得g(x)＝2sin＝－2cos. 故y＝f(x)＋g(x)＝2sin－2cos＝ 2sin. 由2sin＝，得sin＝. ∵0

15、 2ωx＋cos 2ωx＋ ＝sin＋. 據題意，2ω＋＝kπ，k∈Z， ω＝，k∈Z， ∵0<ω<，∴當k＝1時，ω＝. 從而f(x)＝sin＋， 故a＝. 2kπ＋≤x＋≤2kπ＋，k∈Z， 單調遞減區(qū)間是，k∈Z. (2)2sin Acos B－cos Bsin C＝sin Bcos C,2sin Acos B＝sin(B＋C)，cos B＝，∴B＝. f(A)＝sin＋，0

16、)＝1. (1)求角A的大小； (2)若△ABC的面積S＝5，b＝5，求sin Bsin C的值． [自主解答]　(1)由cos 2A－3cos(B＋C)＝1， 得2cos2A＋3cos A－2＝0， 即(2cos A－1)(cos A＋2)＝0， 解得cos A＝或cos A＝－2(舍去)． 因為0

17、，若a＝6，b＋c＝8，求△ABC的面積． 解：由余弦定理a2＝b2＋c2－2bccos A，得b2＋c2－bc＝36. 又b＋c＝8，所以bc＝. 由三角形面積公式S＝bcsin A，得△ABC的面積為. 三角形的基本量的求法 (1)先將幾何問題轉化為代數問題，若要把“邊”化為“角”，常利用a＝2Rsin A，b＝2Rsin B，c＝2Rsin C，若要把“角”化為“邊”，常利用sin A＝，sin B＝，sin C＝，cos C＝等； (2)然后利用三角形的內角和定理、大邊對大角等知識求出三角形的基本量． 5．設△ABC的內角A，B，C的對邊分別為a，b，c

18、，(a＋b＋c)(a－b＋c)＝ac. (1)求B； (2)若sin Asin C＝，求C. 解：(1)因為(a＋b＋c)(a－b＋c)＝ac， 所以a2＋c2－b2＝－ac. 由余弦定理得cos B＝＝－， 因此B＝120. (2)由(1)知A＋C＝60， 所以cos(A－C)＝cos Acos C＋sin Asin C ＝cos Acos C－sin Asin C＋2sin Asin C ＝cos(A＋C)＋2sin Asin C ＝＋2＝，故A－C＝30或A－C＝－30， 因此C＝15或C＝45. 6．設△ABC的內角A，B，C所對的邊分別為a，b，c，且a＋c＝6，b＝2，cos B＝. (1)求a，c的值； (2)求sin(A－B)的值． 解：(1)由余弦定理b2＝a2＋c2－2accos B， 得b2＝(a＋c)2－2ac(1＋cos B)， 又b＝2，a＋c＝6，cos B＝，所以ac＝9. 解得a＝3，c＝3. (2)在△ABC中，sin B＝ ＝， 由正弦定理得sin A＝＝. 因為a＝c，所以A為銳角，所以cos A＝ ＝. 因此sin(A－B)＝sin Acos B－cos Asin B＝.