《高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案 排列組合二項(xiàng)式定理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案 排列組合二項(xiàng)式定理（13頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2013年普通高考數(shù)學(xué)科一輪復(fù)習(xí)精品學(xué)案 第39講排列、組合、二項(xiàng)式定理 一．課標(biāo)要求： 1．分類加法計(jì)數(shù)原理、分步乘法計(jì)數(shù)原理 通過(guò)實(shí)例，總結(jié)出分類加法計(jì)數(shù)原理、分步乘法計(jì)數(shù)原理；能根據(jù)具體問(wèn)題的特征，選擇分類加法計(jì)數(shù)原理或分步乘法計(jì)數(shù)原理解決一些簡(jiǎn)單的實(shí)際問(wèn)題； 2．排列與組合 通過(guò)實(shí)例，理解排列、組合的概念；能利用計(jì)數(shù)原理推導(dǎo)排列數(shù)公式、組合數(shù)公式，并能解決簡(jiǎn)單的實(shí)際問(wèn)題； 3．二項(xiàng)式定理 能用計(jì)數(shù)原理證明二項(xiàng)式定理； 會(huì)用二項(xiàng)式定理解決與二項(xiàng)展開(kāi)式有關(guān)的簡(jiǎn)單問(wèn)題。 二．命題走向 本部分內(nèi)容主要包括分類計(jì)數(shù)原理、分步計(jì)數(shù)原理、排列與組合、二項(xiàng)式定理三部分；考查內(nèi)容：（

2、1）兩個(gè)原理；（2）排列、組合的概念，排列數(shù)和組合數(shù)公式，排列和組合的應(yīng)用；（3）二項(xiàng)式定理，二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)公式，二項(xiàng)式系數(shù)及二項(xiàng)式系數(shù)和。 排列、組合不僅是高中數(shù)學(xué)的重點(diǎn)內(nèi)容，而且在實(shí)際中有廣泛的應(yīng)用，因此新高考會(huì)有題目涉及；二項(xiàng)式定理是高中數(shù)學(xué)的重點(diǎn)內(nèi)容，也是高考每年必考內(nèi)容，新高考會(huì)繼續(xù)考察。 考察形式：?jiǎn)为?dú)的考題會(huì)以選擇題、填空題的形式出現(xiàn)，屬于中低難度的題目，排列組合有時(shí)與概率結(jié)合出現(xiàn)在解答題中難度較小，屬于高考題中的中低檔題目；預(yù)測(cè)2007年高考本部分內(nèi)容一定會(huì)有題目涉及，出現(xiàn)選擇填空的可能性較大，與概率相結(jié)合的解答題出現(xiàn)的可能性較大。 三．要點(diǎn)精講 1．排列、組合、二項(xiàng)

3、式知識(shí)相互關(guān)系表 2．兩個(gè)基本原理 （1）分類計(jì)數(shù)原理中的分類； （2）分步計(jì)數(shù)原理中的分步； 正確地分類與分步是學(xué)好這一章的關(guān)鍵。 3．排列 （1）排列定義，排列數(shù) （2）排列數(shù)公式：系 ==n·(n－1)…(n－m+1)； （3）全排列列： =n!； （4）記住下列幾個(gè)階乘數(shù)：1！=1，2！=2，3！=6，4！=24，5！=120，6！=720； 4．組合 （1）組合的定義，排列與組合的區(qū)別； （2）組合數(shù)公式：Cnm==； （3）組合數(shù)的性質(zhì) ①Cnm=Cnn-m；②；③rCnr=n·Cn-1r-1；④Cn0+Cn1+…+Cnn=2n；⑤Cn0-Cn1+…

4、+(-1)nCnn=0，即 Cn0+Cn2+Cn4+…=Cn1+Cn3+…=2n-1； 5．二項(xiàng)式定理 （1）二項(xiàng)式展開(kāi)公式：(a+b)n=Cn0an+Cn1an-1b+…+Cnkan-kbk+…+Cnnbn； （2）通項(xiàng)公式：二項(xiàng)式展開(kāi)式中第k+1項(xiàng)的通項(xiàng)公式是：Tk+1=Cnkan-kbk； 6．二項(xiàng)式的應(yīng)用 （1）求某些多項(xiàng)式系數(shù)的和； （2）證明一些簡(jiǎn)單的組合恒等式； （3）證明整除性。①求數(shù)的末位；②數(shù)的整除性及求系數(shù)；③簡(jiǎn)單多項(xiàng)式的整除問(wèn)題； （4）近似計(jì)算。當(dāng)|x|充分小時(shí)，我們常用下列公式估計(jì)近似值： ①(1+x)n≈1+nx；②(1+x)n≈1+nx+x2；

5、（5）證明不等式。 四．典例解析 題型1：計(jì)數(shù)原理 例1．完成下列選擇題與填空題 （1）有三個(gè)不同的信箱，今有四封不同的信欲投其中，則不同的投法有種。 A．81 B．64 C．24 D．4 （2）四名學(xué)生爭(zhēng)奪三項(xiàng)冠軍，獲得冠軍的可能的種數(shù)是（ ） A．81 B．64 C．24 D．4 （3）有四位學(xué)生參加三項(xiàng)不同的競(jìng)賽， ①每位學(xué)生必須參加一項(xiàng)競(jìng)賽，則有不同的參賽方法有； ②每項(xiàng)競(jìng)賽只許有一位學(xué)生參加，則有不同的參賽方法有； ③每位學(xué)生最多參加一項(xiàng)競(jìng)賽，每項(xiàng)競(jìng)賽只許有一位學(xué)生參加，則不同的參賽方法有。 解析：（1）完成一件事是“

6、分步”進(jìn)行還是“分類”進(jìn)行，是選用基本原理的關(guān)鍵。將“投四封信”這件事分四步完成，每投一封信作為一步，每步都有投入三個(gè)不同信箱的三種方法，因此：N=3×3×3×3=34=81，故答案選A。 本題也可以這樣分類完成，①四封信投入一個(gè)信箱中，有C31種投法；②四封信投入兩個(gè)信箱中，有C32（C41·A22+C42·C22）種投法；③四封信投入三個(gè)信箱，有兩封信在同一信箱中，有C42·A33種投法、，故共有C31+C32（C41·A22+C42C22）+C42·A33=81（種）。故選A。 （2）因?qū)W生可同時(shí)奪得n項(xiàng)冠軍，故學(xué)生可重復(fù)排列，將4名學(xué)生看作4個(gè)“店”，3項(xiàng)冠軍看作“客”，每個(gè)“客”

7、都可住進(jìn)4家“店”中的任意一家，即每個(gè)“客”有4種住宿法。由分步計(jì)數(shù)原理得：N=4×4×4=64。 故答案選B。 （3）①學(xué)生可以選擇項(xiàng)目，而競(jìng)賽項(xiàng)目對(duì)學(xué)生無(wú)條件限制，所以類似（1）可得N=34=81（種）； ②競(jìng)賽項(xiàng)目可以挑學(xué)生，而學(xué)生無(wú)選擇項(xiàng)目的機(jī)會(huì)，每一項(xiàng)可以挑4種不同學(xué)生，共有N=43=64（種）； ③等價(jià)于從4個(gè)學(xué)生中挑選3個(gè)學(xué)生去參加三個(gè)項(xiàng)目的競(jìng)賽，每人參加一項(xiàng)，故共有C43·A33=24（種）。 例2．今有2個(gè)紅球、3個(gè)黃球、4個(gè)白球，同色球不加以區(qū)分，將這9個(gè)球排成一列有種不同的方法（用數(shù)字作答）。 解析：本題考查排列組合的基本知識(shí)，由題意可知，因同色球不加以區(qū)分，

8、實(shí)際上是一個(gè)組合問(wèn)題，共有。 點(diǎn)評(píng)：分步計(jì)數(shù)原理與分類計(jì)數(shù)原理是排列組合中解決問(wèn)題的重要手段，也是基礎(chǔ)方法，在高中數(shù)學(xué)中，只有這兩個(gè)原理，尤其是分類計(jì)數(shù)原理與分類討論有很多相通之處，當(dāng)遇到比較復(fù)雜的問(wèn)題時(shí)，用分類的方法可以有效的將之化簡(jiǎn),達(dá)到求解的目的。 題型2：排列問(wèn)題 例3．（1）在這五個(gè)數(shù)字組成的沒(méi)有重復(fù)數(shù)字的三位數(shù)中，各位數(shù)字之和為奇數(shù)的共有（ ） （A）36個(gè) （B）24個(gè) （C）18個(gè) （D）6個(gè) （2）從4名男生和3名女生中選出3人，分別從事三項(xiàng)不同的工作，若這3人中至少有1名女生，則選派方案共有（ ） （A

9、）108種　　　 （B）186種　　　 ?。–）216種　　　　 （D）270種 （3）在數(shù)字1,2，3與符號(hào)＋，－五個(gè)元素的所有全排列中，任意兩個(gè)數(shù)字都不相鄰的全排列個(gè)數(shù)是（ ） A．6 　　　　B. 12 　　　　C. 18　　　 D. 24 （4）高三（一）班學(xué)要安排畢業(yè)晚會(huì)的4各音樂(lè)節(jié)目，2個(gè)舞蹈節(jié)目和1個(gè)曲藝節(jié)目的演出順序，要求兩個(gè)舞蹈節(jié)目不連排，則不同排法的種數(shù)是（ ） （A）1800 （B）3600 （C）4320 （D）5040 解析：（1）依題意，所選

10、的三位數(shù)字有兩種情況：（1）3個(gè)數(shù)字都是奇數(shù)，有種方法（2）3個(gè)數(shù)字中有一個(gè)是奇數(shù)，有，故共有＋＝24種方法，故選B； （2）從全部方案中減去只選派男生的方案數(shù)，合理的選派方案共有=186種，選B； （3）先排列1，2，3，有種排法，再將“＋”，“－”兩個(gè)符號(hào)插入，有種方法，共有12種方法，選B； （4）不同排法的種數(shù)為＝3600，故選B。 點(diǎn)評(píng)：合理的應(yīng)用排列的公式處理實(shí)際問(wèn)題，首先應(yīng)該進(jìn)入排列問(wèn)題的情景，想清楚我處理時(shí)應(yīng)該如何去做。 例4．（1）用數(shù)字0，1，2，3，4組成沒(méi)有重復(fù)數(shù)字的五位數(shù)，則其中數(shù)字1，2相鄰的偶數(shù)有個(gè)（用數(shù)字作答）； （2）電視臺(tái)連續(xù)播放6個(gè)廣告，其中含

11、4個(gè)不同的商業(yè)廣告和2個(gè)不同的公益廣告，要求首尾必須播放公益廣告，則共有種不同的播放方式（結(jié)果用數(shù)值表示）. 解析：（1）可以分情況討論：① 若末位數(shù)字為0，則1，2，為一組，且可以交換位置，3，4，各為1個(gè)數(shù)字，共可以組成個(gè)五位數(shù)；② 若末位數(shù)字為2，則1與它相鄰，其余3個(gè)數(shù)字排列，且0不是首位數(shù)字，則有個(gè)五位數(shù)；③ 若末位數(shù)字為4，則1，2，為一組，且可以交換位置，3，0，各為1個(gè)數(shù)字，且0不是首位數(shù)字，則有=8個(gè)五位數(shù)，所以全部合理的五位數(shù)共有24個(gè)。 （2）分二步：首尾必須播放公益廣告的有A22種；中間4個(gè)為不同的商業(yè)廣告有A44種，從而應(yīng)當(dāng)填 A22·A44＝48. 從而應(yīng)填48

12、。 點(diǎn)評(píng)：排列問(wèn)題不可能解決所有問(wèn)題，對(duì)于較復(fù)雜的問(wèn)題都是以排列公式為輔助。 題型三：組合問(wèn)題 例5．（1）將5名實(shí)習(xí)教師分配到高一年級(jí)的３個(gè)班實(shí)習(xí)，每班至少１名，最多２名，則不同的分配方案有（ ） （A）３０種　　?。˙）９０種 （C）１８０種　　　　（D）２７０種 （2）將4個(gè)顏色互不相同的球全部放入編號(hào)為1和2的兩個(gè)盒子里，使得放入每個(gè)盒子里的球的個(gè)數(shù)不小于該盒子的編號(hào)，則不同的放球方法有（　?。? A．10種　　　　　B．20種　　　　　C．36種 　　　　　D．52種 解析：（1）將5名實(shí)習(xí)教師分配到高一年級(jí)的3個(gè)班實(shí)習(xí)，每班至少1名，最多2名，則將5

13、名教師分成三組，一組1人，另兩組都是2人，有種方法，再將3組分到3個(gè)班，共有種不同的分配方案，選B； （2）將4個(gè)顏色互不相同的球全部放入編號(hào)為1和2的兩個(gè)盒子里，使得放入每個(gè)盒子里的球的個(gè)數(shù)不小于該盒子的編號(hào)，分情況討論：①1號(hào)盒子中放1個(gè)球，其余3個(gè)放入2號(hào)盒子，有種方法；②1號(hào)盒子中放2個(gè)球，其余2個(gè)放入2號(hào)盒子，有種方法；則不同的放球方法有10種，選A。 點(diǎn)評(píng)：計(jì)數(shù)原理是解決較為復(fù)雜的排列組合問(wèn)題的基礎(chǔ)，應(yīng)用計(jì)數(shù)原理結(jié)合 例6．（1）某校從8名教師中選派4名教師同時(shí)去4個(gè)邊遠(yuǎn)地區(qū)支教(每地1人)，其中甲和乙不同去，則不同的選派方案共有種； （2）5名志愿者分到3所學(xué)校支教，每個(gè)

14、學(xué)校至少去一名志愿者，則不同的分派方法共有（ ） （A）150種 (B)180種 (C)200種 (D)280種 解析：（1）可以分情況討論，① 甲去，則乙不去，有=480種選法；②甲不去，乙去，有=480種選法；③甲、乙都不去，有=360種選法；共有1320種不同的選派方案； （2）人數(shù)分配上有1,2,2與1,1,3兩種方式，若是1,2,2，則有＝60種，若是1,1,3，則有＝90種，所以共有150種，選A。 點(diǎn)評(píng)：排列組合的交叉使用可以處理一些復(fù)雜問(wèn)題，諸如分組問(wèn)題等； 題型4：排列、組合的綜合問(wèn)題 例7．平面上給定10個(gè)點(diǎn)，任意三點(diǎn)不共線

15、，由這10個(gè)點(diǎn)確定的直線中，無(wú)三條直線交于同一點(diǎn)（除原10點(diǎn)外），無(wú)兩條直線互相平行。求：（1）這些直線所交成的點(diǎn)的個(gè)數(shù)（除原10點(diǎn)外）。（2）這些直線交成多少個(gè)三角形。 解法一：（1）由題設(shè)這10點(diǎn)所確定的直線是C102=45條。 這45條直線除原10點(diǎn)外無(wú)三條直線交于同一點(diǎn)，由任意兩條直線交一個(gè)點(diǎn)，共有C452個(gè)交點(diǎn)。而在原來(lái)10點(diǎn)上有9條直線共點(diǎn)于此。所以，在原來(lái)點(diǎn)上有10C92點(diǎn)被重復(fù)計(jì)數(shù)； 所以這些直線交成新的點(diǎn)是：C452－10C92=630。 （2）這些直線所交成的三角形個(gè)數(shù)可如下求：因?yàn)槊總€(gè)三角形對(duì)應(yīng)著三個(gè)頂點(diǎn)，這三個(gè)點(diǎn)來(lái)自上述630個(gè)點(diǎn)或原來(lái)的10個(gè)點(diǎn)。所以三角形的個(gè)

16、數(shù)相當(dāng)于從這640個(gè)點(diǎn)中任取三個(gè)點(diǎn)的組合，即C6403=43486080（個(gè)）。 解法二：（1）如圖對(duì)給定的10點(diǎn)中任取4個(gè)點(diǎn)，四點(diǎn)連成6條直線，這6條直線交3個(gè)新的點(diǎn)。故原題對(duì)應(yīng)于在10個(gè)點(diǎn)中任取4點(diǎn)的不同取法的3倍，即這些直線新交成的點(diǎn)的個(gè)數(shù)是：3C104=630。 （2）同解法一。 點(diǎn)評(píng)：用排列、組合解決有關(guān)幾何計(jì)算問(wèn)題，除了應(yīng)用排列、組合的各種方法與對(duì)策之外，還要考慮實(shí)際幾何意義。 例8．已知直線ax+by+c=0中的a,b,c是取自集合{－3,－2,－1,0,1,2,3}中的3個(gè)不同的元素，并且該直線的傾斜角為銳角，求符合這些條件的直線的條數(shù)。 解 設(shè)傾斜角為θ，由θ

17、為銳角，得tanθ=->0,即a、b異號(hào)。 （1）若c=0，a、b各有3種取法，排除2個(gè)重復(fù)（3x-3y=0,2x-2y=0,x-y=0），故有3×3-2=7（條）； （2）若c≠0，a有3種取法，b有3種取法，而同時(shí)c還有4種取法，且其中任兩條直線均不相同，故這樣的直線有3×3×4=36條，從而符合要求的直線共有7+36=43條； 點(diǎn)評(píng)：本題是1999年全國(guó)高中數(shù)學(xué)聯(lián)賽中的一填空題，據(jù)抽樣分析正確率只有0.37。錯(cuò)誤原因沒(méi)有對(duì)c=0與c≠0正確分類；沒(méi)有考慮c=0中出現(xiàn)重復(fù)的直線。 題型5：二項(xiàng)式定理 例9．（1）在的展開(kāi)式中，的冪的指數(shù)是整數(shù)的項(xiàng)共有 A．3項(xiàng)

18、 B．4項(xiàng) C．5項(xiàng) D．6項(xiàng) （2）的展開(kāi)式中含x的正整數(shù)指數(shù)冪的項(xiàng)數(shù)是 （A）0　　　　　（B）2　　　　?。–）4　　　　　（D）6 解析：本題主要考查二項(xiàng)式展開(kāi)通項(xiàng)公式的有關(guān)知識(shí)； （1），當(dāng)r＝0，3，6，9，12，15，18，21，24時(shí)，x的指數(shù)分別是24，20，16，12，8，4，0，－4，－8，其中16，8，4，0，－8均為2的整數(shù)次冪，故選C； （2）的展開(kāi)式通項(xiàng)為，因此含x的正整數(shù)次冪的項(xiàng)共有2項(xiàng).選B； 點(diǎn)評(píng)：多項(xiàng)式乘法的進(jìn)位規(guī)則。在求系數(shù)過(guò)程中,盡量先化簡(jiǎn)，降底數(shù)的運(yùn)算級(jí)別,盡量化成加減運(yùn)算，在運(yùn)算過(guò)程可以適當(dāng)

19、注意令值法的運(yùn)用，例如求常數(shù)項(xiàng)，可令.在二項(xiàng)式的展開(kāi)式中，要注意項(xiàng)的系數(shù)和二項(xiàng)式系數(shù)的區(qū)別。 例10．（1）在（x－）2006 的二項(xiàng)展開(kāi)式中，含x的奇次冪的項(xiàng)之和為S，當(dāng)x＝時(shí)，S等于（ ） A.23008 B.－23008 C.23009 D.－23009 （2）已知的展開(kāi)式中第三項(xiàng)與第五項(xiàng)的系數(shù)之比為－,其中=－1，則展開(kāi)式中常數(shù)項(xiàng)是（ ） (A)－45i (B) 45i (C) －45 (D)45 （3）若多項(xiàng)式 （ ） (A)9

20、 (B)10 (C)－9 (D)－10 解析：（1）設(shè)（x－）2006＝a0x2006＋a1x2005＋…＋a2005x＋a2006； 則當(dāng)x＝時(shí)，有a0（）2006＋a1（）2005＋…＋a2005（）＋a2006＝0 （1）， 當(dāng)x＝－時(shí)，有a0（）2006－a1（）2005＋…－a2005（）＋a2006＝23009 （2）， （1）－（2）有a1（）2005＋…＋a2005（）＝－23009?2＝－23008，，故選B； （2）第三項(xiàng)的系數(shù)為－，第五項(xiàng)的系數(shù)為，由第三項(xiàng)與第五項(xiàng)的系數(shù)之比為－可得n＝10，則＝，令40

21、－5r＝0，解得r＝8，故所求的常數(shù)項(xiàng)為＝45，選A； （3）令，得，令，得； 點(diǎn)評(píng)：本題考查二項(xiàng)式展開(kāi)式的特殊值法，基礎(chǔ)題； 題型6：二項(xiàng)式定理的應(yīng)用 例11．證明下列不等式： （1）≥（）n,（a、b∈{x|x是正實(shí)數(shù)},n∈N）; （2）已知a、b為正數(shù)，且+=1，則對(duì)于n∈N有 （a+b）n-an-bn≥22n-2n+1。 證明：（1）令a=x+δ，b=x－δ，則x=； an+bn=(x+δ)n+(x-δ)n =xn+Cn1xn-1δ+…+Cnnδn+xn-Cn1xn-1δ+…(-1)nCnnδn =2(xn+Cn2xn-2δ2+Cn4xn-4δ4+…) ≥2x

22、n 即≥（）n （2）(a+b)n=an+Cn1an-1b+…+Cnnbn (a+b)n=bn+Cn1bn-1a+…+Cnnan 上述兩式相加得： 2(a+b)n=(an+bn)+Cn1(an-1b+bn-1a)+…+Cnk(an-kbk+bn-kak)+…+Cnn(an+bn) (*) ∵+=1，且a、b為正數(shù) ∴ab=a+b≥2 ∴ab≥4 又∵?an-kbk+bn-kak≥2=2()n(k=1,2,…,n-1) ∴2(a+b) n≥2an+2bn+Cn12()n+Cn22（）n+…+Cnn-12()n ∴(a+b)n－an-bn ≥(Cn1+Cn2+…+Cnn

23、-1)·（）n ≥(2n－2)·2n =22n－2n+1 點(diǎn)評(píng)：利用二項(xiàng)式定理的展開(kāi)式，可以證明一些與自然數(shù)有關(guān)的不等式問(wèn)題。題（1）中的換元法稱之為均值換元（對(duì)稱換元）。這樣消去δ奇數(shù)次項(xiàng)，從而使每一項(xiàng)均大于或等于零。題（2）中，由由稱位置二項(xiàng)式系數(shù)相等，將展開(kāi)式倒過(guò)來(lái)寫再與原來(lái)的展開(kāi)式相加，這樣充分利用對(duì)稱性來(lái)解題的方法是利用二項(xiàng)式展開(kāi)式解題的常用方法。 例12．（1）求4×6n+5n+1被20除后的余數(shù)； （2）7n+Cn17n-1+Cn2·7n-2+…+Cnn-1×7除以9，得余數(shù)是多少？ （3）根據(jù)下列要求的精確度，求1.025的近似值。①精確到0.01；②精確到0.00

24、1。 解析：（1）首先考慮4·6n+5n+1被4整除的余數(shù)。 ∵5n+1=(4+1)n+1=4n+1+Cn+114n+Cn+124n-1+…+Cn+1n·4+1， ∴其被4整除的余數(shù)為1， ∴被20整除的余數(shù)可以為1，5，9，13，17， 然后考慮4·6n+1+5n+1被5整除的余數(shù)。 ∵4·6n=4·(5+1)n=4(5n+Cn1·5n-1+Cn2·5n-2+…+Cnn-1·5+1)， ∴被5整除的余數(shù)為4， ∴其被20整除的余數(shù)可以為4，9，14，19。 綜上所述，被20整除后的余數(shù)為9。 （2） 7n+Cn1·7n-1+Cn2·7n-2+…+Cnn-1·7

25、 =(7+1)n－1=8n－1=(9-1)n－1 =9n-Cn1·9n-1+Cn2·9n-2+…+(－1)n-1Cnn-1·9+(－1)nCnn-1 (i)當(dāng)n為奇數(shù)時(shí) 原式=9n-Cn1·9n-1+Cn2·9n-2+…+（－1）n-1Cnn-1·9－2 ∴除以9所得余數(shù)為7。 (ii)當(dāng)n為偶數(shù)時(shí) 原式=9n-Cn1·9n-1+Cn2·9n-2+…+(－1)n-1Cnn-1·9 ∴除以9所得余數(shù)為0，即被9整除。 （3）(1.02)5≈（1+0.02）5 =1+c51·0.02+C52·0.022+C53·0.023+C540.024+C5

26、5·0.025 ∵C52×0.022=0.004,C53×0.023=8×10-5 ∴①當(dāng)精確到0.01時(shí)，只要展開(kāi)式的前三項(xiàng)和，1+0.10+0.004=1.104，近似值為1.10。 ②當(dāng)精確到0.001時(shí)，只要取展開(kāi)式的前四項(xiàng)和，1+0.10+0.004+0.0008=1.10408，近似值為1.104。 點(diǎn)評(píng)：（1）用二項(xiàng)式定理來(lái)處理余數(shù)問(wèn)題或整除問(wèn)題時(shí)，通常把底數(shù)適當(dāng)?shù)夭鸪蓛身?xiàng)之和或之差再按二項(xiàng)式定理展開(kāi)推得所求結(jié)論； （2）用二項(xiàng)式定理來(lái)求近似值，可以根據(jù)不同精確度來(lái)確定應(yīng)該取到展開(kāi)式的第幾項(xiàng)。 五．思維總結(jié) 解排列組合應(yīng)用題的基本規(guī)律 1．分類計(jì)數(shù)原理與分步計(jì)數(shù)原

27、理使用方法有兩種：①單獨(dú)使用；②聯(lián)合使用。 2．將具體問(wèn)題抽象為排列問(wèn)題或組合問(wèn)題，是解排列組合應(yīng)用題的關(guān)鍵一步。 3．對(duì)于帶限制條件的排列問(wèn)題，通常從以下三種途徑考慮： （1）元素分析法：先考慮特殊元素要求，再考慮其他元素； （2）位置分析法：先考慮特殊位置的要求，再考慮其他位置； （3）整體排除法：先算出不帶限制條件的排列數(shù)，再減去不滿足限制條件的排列數(shù)。 4．對(duì)解組合問(wèn)題，應(yīng)注意以下三點(diǎn)： （1）對(duì)“組合數(shù)”恰當(dāng)?shù)姆诸愑?jì)算，是解組合題的常用方法； （2）是用“直接法”還是“間接法”解組合題，其原則是“正難則反”； （3）設(shè)計(jì)“分組方案”是解組合題的關(guān)鍵所在。 內(nèi)容總結(jié) （1）2013年普通高考數(shù)學(xué)科一輪復(fù)習(xí)精品學(xué)案 第39講排列、組合、二項(xiàng)式定理 一．課標(biāo)要求： 1．分類加法計(jì)數(shù)原理、分步乘法計(jì)數(shù)原理 通過(guò)實(shí)例，總結(jié)出分類加法計(jì)數(shù)原理、分步乘法計(jì)數(shù)原理 （2）③四封信投入三個(gè)信箱，有兩封信在同一信箱中，有C42·A33種投法、，故共有C31+C32（C41·A22+C42C22）+C42·A33=81（種）