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1、 熱點探究課(五)　 平面解析幾何中的高考熱點問題 [命題解讀]　圓錐曲線是平面解析幾何的核心內(nèi)容，每年高考必考一道解答題，常以求曲線的標準方程、位置關系、定點、定值、最值、范圍、探索性問題為主．這些試題的命制有一個共同的特點，就是起點低，但在第(2)問或第(3)問中一般都伴有較為復雜的運算，對考生解決問題的能力要求較高，通常作為壓軸題的形式出現(xiàn)． 熱點1　圓錐曲線的標準方程與性質 圓錐曲線的標準方程在高考中占有十分重要的地位．一般地，求圓錐曲線的標準方程是作為解答題中考查“直線與圓錐曲線”的第一小題，最常用的方法是定義法與待定系數(shù)法．離心率是高考對圓錐曲線考查的又一重點，涉及a，b

2、，c三者之間的關系．另外拋物線的準線，雙曲線的漸近線也是命題的熱點． 　(2017·石家莊質檢)如圖1，橢圓＋＝1(a>b>0)的左、右焦點分別為F1，F(xiàn)2，過F2的直線交橢圓于P，Q兩點，且PQ⊥PF1. 【導學號：01772348】 (1)若|PF1|＝2＋，|PF2|＝2－，求橢圓的標準方程； (2)若|PF1|＝|PQ|，求橢圓的離心率e. 圖1 [解]　(1)由橢圓的定義， 2a＝|PF1|＋|PF2|＝(2＋)＋(2－)＝4，故a＝2.2分 設橢圓的半焦距為c，由已知PF1⊥PF2， 因此2c＝|F1F2|＝ ＝＝2. 即c＝，從而b＝＝1， 故所求橢

3、圓的標準方程為＋y2＝1.5分 (2)連接F1Q，如圖，由橢圓的定義知|PF1|＋|PF2|＝2a， |QF1|＋|QF2|＝2a， 又|PF1|＝|PQ|＝|PF2|＋|QF2|＝(2a－|PF1|)＋(2a－|QF1|)， 可得|QF1|＝4a－2|PF1|.① 又因為PF1⊥PQ且|PF1|＝|PQ|，所以|QF1|＝|PF1|.② 由①②可得|PF1|＝(4－2)a，8分 從而|PF2|＝2a－|PF1|＝(2－2)a. 由PF1⊥PF2知|PF1|2＋|PF2|2＝|F1F2|2， 即(4－2)2a2＋(2－2)2a2＝4c2，10分 可得(9－6)a2＝c2

4、，即＝9－6， 因此e＝＝＝－.12分 [規(guī)律方法]　1.用定義法求圓錐曲線的方程是常用的方法，同時應注意數(shù)形結合思想的應用． 2．圓錐曲線的離心率刻畫曲線的扁平程度，只要明確a，b，c中任意兩量的等量關系都可求出離心率，但一定注意不同曲線離心率取值范圍的限制． [對點訓練1]　已知橢圓中心在坐標原點，焦點在x軸上，離心率為，它的一個頂點為拋物線x2＝4y的焦點． (1)求橢圓方程； (2)若直線y＝x－1與拋物線相切于點A，求以A為圓心且與拋物線的準線相切的圓的方程． [解]　(1)橢圓中心在原點，焦點在x軸上． 設橢圓的方程為＋＝1(a>b>0)． 因為拋物線x2＝4y的

5、焦點為(0,1)， 所以b＝1.4分 由離心率e＝＝，a2＝b2＋c2＝1＋c2， 從而得a＝，所以橢圓的標準方程為＋y2＝1.6分 (2)由解得所以點A(2,1).8分 因為拋物線的準線方程為y＝－1， 所以圓的半徑r＝1－(－1)＝2，10分 所以圓的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝4.12分 熱點2　圓錐曲線中的定點、定值問題 定點、定值問題一般涉及曲線過定點、與曲線上的動點有關的定值問題以及與圓錐曲線有關的弦長、面積、橫(縱)坐標等的定值問題． ?角度1　圓錐曲線中的定值問題 　(2016·北京高考)已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的離心率為，A(a,0)，B(

6、0，b)，O(0,0)，△OAB的面積為1. (1)求橢圓C的方程； (2)設P是橢圓C上一點，直線PA與y軸交于點M，直線PB與x軸交于點N.求證：|AN|·|BM|為定值． [解]　(1)由題意得解得3分 所以橢圓C的方程為＋y2＝1.5分 (2)證明：由(1)知，A(2,0)，B(0,1)． 設P(x0，y0)，則x＋4y＝4. 當x0≠0時， 直線PA的方程為y＝(x－2)． 令x＝0，得yM＝－， 從而|BM|＝|1－yM|＝. 直線PB的方程為y＝x＋1.8分 令y＝0，得xN＝－， 從而|AN|＝|2－xN|＝. 所以|AN|·|BM|＝· ＝ ＝

7、 ＝4.10分 當x0＝0時，y0＝－1，|BM|＝2，|AN|＝2， 所以|AN|·|BM|＝4. 綜上，|AN|·|BM|為定值.12分 [規(guī)律方法]　1.求定值問題常見的方法有兩種： (1)從特殊入手，求出定值，再證明這個值與變量無關． (2)直接推理、計算，并在計算推理的過程中消去變量，從而得到定值． 2．定值問題求解的基本思路是使用參數(shù)表示要解決的問題，然后證明與參數(shù)無關，這類問題選擇消元的方向是非常關鍵的． ?角度2　圓錐曲線中的定點問題 　設橢圓E: ＋＝1(a>b>0)的離心率為e＝，且過點. 【導學號：01772349】 (1)求橢圓E的方程； (

8、2)設橢圓E的左頂點是A，若直線l：x－my－t＝0與橢圓E相交于不同的兩點M，N(M，N與A均不重合)，若以MN為直徑的圓過點A，試判定直線l是否過定點，若過定點，求出該定點的坐標． [解]　(1)由e2＝＝＝，可得a2＝2b2，2分 橢圓方程為＋＝1， 代入點可得b2＝2，a2＝4， 故橢圓E的方程為＋＝1.5分 (2)由x－my－t＝0得x＝my＋t， 把它代入E的方程得：(m2＋2)y2＋2mty＋t2－4＝0， 設M(x1，y1)，N(x2，y2)得： y1＋y2＝－，y1y2＝， x1＋x2＝m(y1＋y2)＋2t＝， x1x2＝(my1＋t)(my2＋t)

9、＝m2y1y2＋tm(y1＋y2)＋t2＝.8分 因為以MN為直徑的圓過點A， 所以AM⊥AN， 所以·＝(x1＋2，y1)·(x2＋2，y2) ＝x1x2＋2(x1＋x2)＋4＋y1y2 ＝＋2×＋4＋ ＝＝＝0. 因為M，N與A均不重合，所以t≠－2， 所以t＝－，直線l的方程是x＝my－，直線l過定點T，10分 由于點T在橢圓內(nèi)部，故滿足判別式大于0， 所以直線l過定點T.12分 [規(guī)律方法]　1.假設定點坐標，根據(jù)題意選擇參數(shù)，建立一個直線系或曲線系方程，而該方程與參數(shù)無關，故得到一個關于定點坐標的方程組，以這個方程組的解為坐標的點即所求定點． 2．從特殊位置入

10、手，找出定點，再證明該點適合題意． 熱點3　圓錐曲線中的最值、范圍問題 圓錐曲線中的最值問題大致可分為兩類：一是涉及距離、面積的最值以及與之相關的一些問題；二是求直線或圓錐曲線中幾何元素的最值以及這些元素存在最值時求解與之有關的一些問題． 　(2017·杭州調研)已知橢圓＋y2＝1上兩個不同的點A，B關于直線y＝mx＋對稱． 圖2 (1)求實數(shù)m的取值范圍； 【導學號：01772350】 (2)求△AOB面積的最大值(O為坐標原點)． [解]　(1)由題意知m≠0， 可設直線AB的方程為y＝－x＋b. 由消去y，得 x2－x＋b2－1＝0.2分 因為直線y＝－

11、x＋b與橢圓＋y2＝1有兩個不同的交點， 所以Δ＝－2b2＋2＋>0.① 將線段AB中點M代入直線方程y＝mx＋，解得b＝－.② 由①②得m<－或m>. 故m的取值范圍是∪.5分 (2)令t＝∈∪， 則|AB|＝·， 且O到直線AB的距離為d＝.9分 設△AOB的面積為S(t)， 所以S(t)＝|AB|·d＝≤， 當且僅當t2＝時，即m＝±時，等號成立． 故△AOB面積的最大值為.12分 [規(guī)律方法]　范圍(最值)問題的主要求解方法： (1)幾何法，若題目的條件和結論能明顯體現(xiàn)幾何特征及意義，則考慮利用圖形性質來解決． (2)代數(shù)法，若題目的條件和結論能體現(xiàn)一種明確

12、的函數(shù)關系，則可先建立起目標函數(shù)或等量關系，利用判別式、基本不等式、函數(shù)的性質、導數(shù)法進行求解． [對點訓練2]　如圖3所示，設拋物線y2＝2px(p>0)的焦點為F，拋物線上的點A到y(tǒng)軸的距離等于|AF|－1.(1)求p的值； 圖3 (2)若直線AF交拋物線于另一點B，過B與x軸平行的直線和過F與AB垂直的直線交于點N，AN與x軸交于點M.求M的橫坐標的取值范圍． [解]　(1)由題意可得，拋物線上點A到焦點F的距離等于點A到直線x＝－1的距離，由拋物線的定義得＝1，即p＝2.5分 (2)由(1)得，拋物線方程為y2＝4x，F(xiàn)(1,0)，可設A(t2,2t)，t≠0，t≠±1

13、. 因為AF不垂直于y軸，可設直線AF：x＝sy＋1(s≠0)． 由消去x得y2－4sy－4＝0. 故y1y2＝－4，所以B.8分 又直線AB的斜率為，故直線FN的斜率為－. 從而得直線FN：y＝－(x－1)，直線BN：y＝－， 所以N. 設M(m,0)，由A，M，N三點共線得 ＝，于是m＝＝2＋， 所以m<0或m>2.10分 經(jīng)推理知，m<0或m>2滿足題意． 綜上，點M的橫坐標的取值范圍是(－∞，0)∪(2，＋∞).12分 熱點4　圓錐曲線中的探索性問題(答題模板) 圓錐曲線中的探索性問題主要體現(xiàn)在以下幾個方面：(1)探索點是否存在；(2)探索曲線是否存在；(

14、3)探索命題是否成立．涉及這類命題的求解主要是研究直線與圓錐曲線的位置關系問題． 　(本小題滿分12分)(2015·全國卷Ⅰ)在直角坐標系xOy中，曲線C：y＝與直線l：y＝kx＋a(a＞0)交于M，N兩點． (1)當k＝0時，分別求C在點M和N處的切線方程； (2)y軸上是否存在點P，使得當k變動時，總有∠OPM＝∠OPN？說明理由． [解]　(1)由題設可得M(2，a)，N(－2，a)，或M(－2，a)，N(2，a).1分． 又y′＝，故y＝在x＝2處的導數(shù)值為，C在點(2，a)處的切線方程為y－a＝(x－2)， 即x－y－a＝0.3分 y＝在x＝－2處的導數(shù)值為－，C在點(

15、－2，a)處的切線方程為y－a＝－(x＋2)， 即x＋y＋a＝0. 故所求切線方程為x－y－a＝0或x＋y＋a＝0.6分 (2)存在符合題意的點．證明如下： 設P(0，b)為符合題意的點，M(x1，y1)，N(x2，y2)，直線PM，PN的斜率分別為k1，k2.8分 將y＝kx＋a代入C的方程，得x2－4kx－4a＝0. 故x1＋x2＝4k，x1x2＝－4a. 從而k1＋k2＝＋ ＝＝.10分 當b＝－a時，有k1＋k2＝0，則直線PM的傾斜角與直線PN的傾斜角互補， 故∠OPM＝∠OPN，所以點P(0，－a)符合題意． 12分 [答題模板]　第一步：分別求出曲線y＝在

16、M點，N點處的導數(shù)． 第二步：利用點斜式分別寫出在M點、N點的切線方程． 第三步：聯(lián)立直線y＝kx＋a與拋物線y＝，并寫出根與系數(shù)的關系式． 第四步：由kPM＋kPN＝0，結合根與系數(shù)的關系式，探索點P的坐標． 第五步：檢驗反思，查關鍵點，規(guī)范步驟． [溫馨提示]　1.(1)在第(2)問中，不能把條件∠OPM＝∠OPN適當轉化為k1＋k2＝0，找不到解題的思路和方法，而不能得分． (2)運算能力差或運算不細心，導致運算結果錯誤而扣分或者不得分． 2．數(shù)學閱卷時，主要看關鍵步驟、關鍵點，有則得分，無則扣分，所以解題時要寫全關鍵步驟． (1)本題的關鍵點一是利用導數(shù)的幾何意義求切線

17、方程，二是把條件中轉化為只需直線PM，PN的斜率之和為0. (2)解析幾何對運算能力要求較高，解題時一定要細心準確，否則可能是思路正確，但是運算結果錯誤，而不得分． [對點訓練3]　如圖4，橢圓E：＋＝1(a>b>0)的離心率是，點P(0,1)在短軸CD上，且·＝－1. (1)求橢圓E的方程； (2)設O為坐標原點，過點P的動直線與橢圓交于A，B兩點．是否存在常數(shù)λ，使得·＋λ·為定值？若存在，求λ的值；若不存在，請說明理由． 圖4 [解]　(1)由已知，點C，D的坐標分別為(0，－b)，(0，b)． 又點P的坐標為(0,1)，且·＝－1，2分 于是解得a＝2，b＝. 所

18、以橢圓E的方程為＋＝1.5分 (2)當直線AB的斜率存在時，設直線AB的方程為y＝kx＋1，A，B的坐標分別為(x1，y1)，(x2，y2)． 聯(lián)立得(2k2＋1)x2＋4kx－2＝0.8分 其判別式Δ＝(4k)2＋8(2k2＋1)>0， 所以x1＋x2＝－，x1x2＝－. 從而，·＋λ· ＝x1x2＋y1y2＋λ[x1x2＋(y1－1)(y2－1)] ＝(1＋λ)(1＋k2)x1x2＋k(x1＋x2)＋1 ＝ ＝－－λ－2. 所以，當λ＝1時，－－λ－2＝－3.10分 此時，·＋λ·＝－3為定值． 當直線AB斜率不存在時，直線AB即為直線CD. 此時，·＋λ·＝·＋·＝－2－1＝－3. 故存在常數(shù)λ＝1，使得·＋λ·為定值－3.12分