《2019-2020學年高中物理 課時分層作業(yè)6 電容器和電容 靜電的應用及危害（含解析）教科版選修3-1》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019-2020學年高中物理 課時分層作業(yè)6 電容器和電容 靜電的應用及危害（含解析）教科版選修3-1（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時分層作業(yè)(六)　電容器和電容　靜電的應用及危害 [基礎達標練] (時間：15分鐘　分值：50分) 一、選擇題(本題共6小題，每小題6分，共36分) 1．(多選)下列說法中正確的是 (　　) A．電容器是儲存電荷和電能的容器，只有帶電時才稱電容器 B．電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量 C．固定電容器所充電荷量跟加在兩極板間的電壓成正比 D．電容器的電容跟極板所帶電荷量成正比，跟極板間電壓成反比 BC　[電容器是儲存電荷和電能的容器，不論是否帶電均是電容器，故A錯誤；電容是描述電容器容納電荷本領大小的物理量，故B正確；根據(jù)Q＝CU可知，固定電容器所充電荷量跟加在兩

2、極板間的電壓成正比，選項C正確；電容器的電容跟極板所帶電量無關，與兩極板間的電壓無關，故D錯誤．] 2．某平行板電容器的電容為C，帶電量為Q，相距為d，今在板間中點放一個電量為q的點電荷，則它受到的電場力的大小為(　　) A．　　 B． C． D． C　[由電容的定義式C＝得，板間電壓為U＝.板間場強大小為E＝.點電荷所受的電場力大小為F＝qE，聯(lián)立得到F＝.] 3．(多選)如圖所示各圖描述的是對給定的電容器充電時其電荷量Q、電勢差U、電容C之間相互關系的圖像，其中正確的是(　　) A　　　　B　　　　C　　　　D CD　[電容器的電容是由電容器本身決定的，與電容器所帶電荷量

3、Q的大小和兩極板間的電勢差U的大小無關，不能認為C與Q成正比，與U成反比，故D正確，A、B錯誤．而C圖表示電容器所帶電荷量與極板間的電勢差成正比，其比值為電容器的電容，故C正確．] 4．如圖所示，電源A兩端的電壓恒為6 V，電源B兩端的電壓恒為8 V，當開關S從左扳到右時，通過電流計的電荷量為1.2×10－5 C，則電容器的電容約為 (　　) A．2×10－5 F B．1.5×10－6 F C．6×10－6 F D．8.6×10－7 F D　[當開關S接左邊時，電容器上極板帶正電，所帶電荷量Q＝CUA，當開關S扳到右邊時，電容器上極板帶負電，所帶電荷量Q′＝CUB，該過程中通過

4、電流計的電荷量ΔQ＝Q＋Q′＝C(UA＋UB)＝1.2×10－5 C，解得電容約為8.6×10－7 F，選項D正確．] 5．(多選)平行金屬板A、B組成的電容器，充電后與靜電計相連，如圖所示，要使靜電計指針張角變大．下列措施中可行的是 (　　) A．A板向上移動 B．B板向右移動 C．A、B板之間插入電介質 D．使兩極板帶的電荷量減小 AB　[由公式C＝和U＝得U＝.電容器充電后，與靜電計相連，電容器帶電荷量Q幾乎不變，A板上移，兩板的正對面積S減小，U增大，靜電計指針張角變大，A正確；B板向右移，d增大，U增大，指針張角變大，B正確；A、B板之間插入電介質，U減小，指針張

5、角變小，C錯誤；Q減小，U減小，指針張角變小，D錯誤．] 6．如圖是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶電礦粉經(jīng)漏斗落入水平勻強電場后，分落在收集板中央的兩側．對礦粉分離的過程，下列表述正確的有(　　) A．帶正電的礦粉落在右側 B．電場力對礦粉做正功 C．帶負電的礦粉電勢能變大 D．帶正電的礦粉電勢能變小 BD　[由題圖可知，電場方向水平向左，帶正電的礦粉所受電場力方向與電場方向相同，所以落在左側；帶負電的礦粉所受電場力方向與電場方向相反，所以落在右側，選項A錯誤．無論礦粉所帶電性如何，礦粉均向所受電場力方向偏轉，電場力均做正功，選項B正確；電勢能均減少，選項C錯誤，選項D正確

6、．] 二、非選擇題(14分) 7．如圖所示，在玻璃管中心軸上安裝一根直導線，玻璃管外繞有線圈，直導線的一端和線圈的一端分別跟感應圈的兩放電柱相連．開始時，感應圈未接通電源，點燃蚊香，讓煙通過玻璃管冒出．當感應圈電源接通時，玻璃管中的導線和管外線圈間就會加上高電壓，立即可以看到，不再有煙從玻璃管中冒出來了．過一會兒還可以看到管壁吸附了一層煙塵．請思考這是什么原因． [解析]　當感應圈電源接通時，玻璃管中的導線和管外線圈間就會加上高電壓，形成強電場．含塵氣體經(jīng)過電場時被電離．塵粒與負離子結合帶上負電，在強電場中受電場力作用偏轉后被吸附在帶正電的管壁上． [答案]　見解析 [能力提升練

7、] (時間：25分鐘　分值：50分) 一、選擇題(本題共4個小題，每題6分，共24分) 1．(多選)如圖所示，一平行板電容器與電源E和電流表相連接，接通開關S，電源即給電容器充電，下列說法中正確的是(　　) A．保持S接通，使兩極板的面積錯開一些(仍平行)，則兩極板間的電場強度減小 B．保持S接通，減小兩極板間的距離，則電流表中有從左到右的電流流過 C．斷開S，增大兩極板間的距離，則兩極板間的電壓增大 D．斷開S，在兩極板間插入一塊電介質板，則兩極板間的電勢差減小 BCD　[先明確物理量C、Q、U、E中保持不變的量，再依據(jù)物理公式來討論．保持開關S接通，電容器上電壓U保持不

8、變，正對面積S減小時，由E＝可知U和d都不變，則場強E不變，A錯誤．減小距離d時，由C∝可知電容C增大，因為開關S接通U不變，由Q＝CU得電荷量Q將增大，故電容器充電，電路中有充電電流，B正確．斷開開關S后，電容器的電荷量Q保持不變，當d增大時電容C減小，由C＝可得電壓U將增大，C正確．插入電介質，εr增大，電容C增大，因為斷開S后Q不變，由C＝知電壓U將減小，D正確．] 2．如圖所示，兩平行金屬板水平放置并接到電源上，一個帶電微粒P位于兩板間，恰好平衡．現(xiàn)用外力將P固定住，然后固定導線各接點，使兩板均轉過α角，如圖虛線所示，再撤去外力，則P在兩板間(　　) A．保持靜止 B．水平向

9、左做直線運動 C．向右下方運動 D．不知α角的值，無法確定P的運動狀態(tài) B　[設原來兩板間距為d，電勢差為U，則qE＝mg，當板轉過α角時兩板間距d′＝dcos α，E′＝＝，此時電場力F′＝qE′＝，其方向斜向上，其豎直分力F＝F′cos α＝qE＝mg，故豎直方向上合力為零，則P水平向左做勻加速直線運動．] 3．(多選)如圖所示，平行板電容器兩極板A、B與電池兩極相連，一帶正電小球懸掛在電容器內部．閉合開關S，充電完畢后懸線偏離豎直方向夾角為θ，則(　　) A．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大 B．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變 C．斷開S，將A板向B板靠近

10、，則θ增大 D．斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變 AD　[保持開關S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，故A正確，B錯誤；斷開開關S，電容器所帶的電量不變，C＝，E＝＝＝，知d變化，E不變，電場力不變，θ不變，故C錯誤，D正確．] 4．(多選)如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a和b，分別與電源的正負極相連．a(chǎn)、b板的中央沿豎直方向各有一個小孔，帶正電的液滴從小孔的正上方P點由靜止自由落下，先后穿過兩個小孔后速度為v1.現(xiàn)使a板不動，保持開關S打開或閉合，b板向上或向下平移一小段距離，相同的液滴仍從P點

11、自由落下，先后穿過兩個小孔后速度為v2.下列說法中正確的是 (　　) A．若開關S保持閉合，向下移動b板，則v2＞v1 B．若開關S保持閉合，無論向上或向下移動b板，則v2＝v1 C．若開關S閉合一段時間后再打開，向下移動b板，則v2＞v1 D．若開關S閉合一段時間后再打開，無論向上或向下移動b板，則v2＜v1 BC　[若開關S保持閉合，則兩極板間的電壓恒定不變，所以無論向上或向下移動b板，電場力做功W＝Uq恒定不變，重力做功不變，先后穿過兩個小孔后速度不變，即v2＝v1.若開關S閉合一段時間后再打開，兩極板上的電荷量不變，向下移動b板，兩極板間的距離減小，根據(jù)公式C＝可得電容增

12、大，根據(jù)公式C＝可得兩極板間的電壓減小，克服電場力做功W＝Uq減小，重力做功不變，故穿過a板后的速度v2>v1，C正確，D錯誤．] 二、非選擇題(本題共2小題，共26分) 5．(13分)一個平行板電容器，使它每板電荷量從Q1＝3×10－5 C增加到Q2＝3.6×10－5 C時，兩板間的電勢差從U1＝10 V增加到U2＝12 V，求這個電容器的電容多大？ [解析]　 C＝＝ ＝3×10－6 F ＝3 μF. [答案]　3 μF 6．(13分)如圖所示，水平放置的平行金屬板A、B的距離為d，開始兩板都不帶電，現(xiàn)將電荷量為＋q、質量為m的液滴從小孔正上方h處無初速度滴下，通過小孔落向B板并把電荷全部傳給B板，若第N滴液滴在A、B間恰好做勻速運動，求電容器的電容． [解析]　第N滴液滴做勻速運動時，板上電荷量 Q＝(N－1)q ① 由平衡條件得qE＝mg ② 兩極板間電壓U＝Ed ③ 電容器電容C＝ ④ 由①②③④聯(lián)立解得C＝. [答案]　 - 6 -