《（江蘇專版）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題七 帶電粒子在電場中的運(yùn)動學(xué)案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專版）2018版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題七 帶電粒子在電場中的運(yùn)動學(xué)案（14頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題七　帶電粒子在電場中的運(yùn)動 江蘇卷考情導(dǎo)向 考點(diǎn) 考題 考情 電場的性質(zhì) 2016年T3考查電場線的疏密與電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱的關(guān)系，掌握電場線的方向與電勢的高低的關(guān)系 2015年T8考查電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系、電勢和電勢能 2014年T4考查電勢、電場的疊加和對稱性 2013年T3考查點(diǎn)電荷場強(qiáng)的公式和場強(qiáng)疊加原理 2013年T6考查電場線的特點(diǎn)與電場力做功的特點(diǎn)、電場力做功與電勢能的關(guān)系 1．高考在本專題的命題多以選擇題形式，也有計(jì)算題出現(xiàn)(如2012年江蘇高考T25)． 2．命題熱點(diǎn)集中在電場強(qiáng)度、電場的疊加、電場線、等勢面及運(yùn)動軌跡相結(jié)合分析帶電體的受力、做功

2、及能量轉(zhuǎn)化情況，利用動力學(xué)和能量觀點(diǎn)綜合分析計(jì)算帶電體在電場中的加速、偏轉(zhuǎn)問題． 平行板電容器帶電粒子在電場中的運(yùn)動 2017年T4考查利用動能定理處理帶電粒子在電場中的運(yùn)動 考點(diǎn)1| 電場的性質(zhì)難度：中檔題 題型：選擇題 五年5考 (對應(yīng)學(xué)生用書第31頁) 1．(2014·江蘇高考T4)如圖7-1所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O．下列關(guān)于x軸上的電場強(qiáng)度和電勢的說法中正確的是(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214114】 圖7-1 A．O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢最低 B．O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，電勢最高 C．從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場強(qiáng)度減小，電勢升高

3、 D．從O點(diǎn)沿x軸正方向，電場強(qiáng)度增大，電勢降低 【解題關(guān)鍵】　解此題的關(guān)鍵有兩點(diǎn)： (1)圓環(huán)正電荷均勻分布，x軸上各處的場強(qiáng)方向與x軸平行． (2)沿電場方向電勢降低，但電場強(qiáng)度不一定減?。? B　[根據(jù)電場的疊加原理和電場線的性質(zhì)解題．根據(jù)電場的對稱性和電場的疊加原理知，O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零．在x軸上，電場強(qiáng)度的方向自O(shè)點(diǎn)分別指向x軸正方向和x軸負(fù)方向，且沿電場線方向電勢越來越低，所以O(shè)點(diǎn)電勢最高．在x軸上離O點(diǎn)無限遠(yuǎn)處的電場強(qiáng)度為零，故沿x軸正方向和x軸負(fù)方向的電場強(qiáng)度先增大后減?。x項(xiàng)B正確．] 2．(2016·江蘇高考T3)一金屬容器置于絕緣板上，帶電小球用絕緣細(xì)線懸掛于容

4、器中，容器內(nèi)的電場線分布如圖7-2所示，容器內(nèi)表面為等勢面，A、B為容器內(nèi)表面上的兩點(diǎn)，下列說法正確的是(　　) 圖7-2 A．A點(diǎn)的電場強(qiáng)度比B點(diǎn)的大 B．小球表面的電勢比容器內(nèi)表面的低 C．B點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向與該處內(nèi)表面垂直 D．將檢驗(yàn)電荷從A點(diǎn)沿不同路徑移到B點(diǎn)，電場力所做的功不同 【解題關(guān)鍵】　解此題的關(guān)鍵有三點(diǎn)： (1)電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大 (2)電場線一定與該處的等勢面垂直． (3)電場力做功的大小由始末兩點(diǎn)的電勢差與移動的電荷量共同決定． C　[由題圖知，B點(diǎn)處的電場線比A點(diǎn)處的密，則A點(diǎn)的電場強(qiáng)度比B點(diǎn)的小，選項(xiàng)A錯誤；沿電場線方向電勢降低，選項(xiàng)

5、B錯誤；電場強(qiáng)度的方向總與等勢面導(dǎo)體表面垂直，選項(xiàng)C正確；檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)移動到B點(diǎn)，電場力做功一定，與路徑無關(guān)，選項(xiàng)D錯誤．] 3．(2013·江蘇高考T3)下列選項(xiàng)中的各圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各圓環(huán)間彼此絕緣．坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場強(qiáng)度最大的是(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214115】 B　[每個圓環(huán)在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，設(shè)為E．根據(jù)電場的疊加原理和對稱性，得A、B、C、D各圖中O點(diǎn)的電場強(qiáng)度分別為EA＝E、EB＝E、EC＝E、ED＝0，故選項(xiàng)B正確．] 4．(多選)(2015·江蘇高考T8)兩個相同的負(fù)電荷和一個正電荷附近的電場線分布如圖7-3所示

6、．c是兩負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，d點(diǎn)在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等，則(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214116】 圖7-3 A．a(chǎn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的大 B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高 C．c點(diǎn)的電場強(qiáng)度比d點(diǎn)的大 D．c點(diǎn)的電勢比d點(diǎn)的低 ACD　[根據(jù)電場線的分布圖，a、b兩點(diǎn)中，a點(diǎn)的電場線較密，則a點(diǎn)的電場強(qiáng)度較大，選項(xiàng)A正確．沿電場線的方向電勢降低，a點(diǎn)的電勢低于b點(diǎn)的電勢，選項(xiàng)B錯誤．由于c、d關(guān)于正電荷對稱，正電荷在c、d兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等、方向相反；兩負(fù)電荷在c點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為0，在d點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向向下，根據(jù)電場的疊加原理，c點(diǎn)的電場強(qiáng)度比d點(diǎn)的大

7、，選項(xiàng)C正確．c、d兩點(diǎn)中c點(diǎn)離負(fù)電荷的距離更小，c點(diǎn)電勢比d點(diǎn)低，選項(xiàng)D正確．] 5．(多選)(2013·江蘇高考T6)將一電荷量為＋Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如圖7-4所示，金屬球表面的電勢處處相等．a(chǎn)、b為電場中的兩點(diǎn)，則(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214117】 圖7-4 A．a(chǎn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的大 B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高 C．檢驗(yàn)電荷－q在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的大 D．將檢驗(yàn)電荷－q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功 ABD　[由題圖可知，a處電場線比b處密，所以Ea>Eb，選項(xiàng)A正確；沿著電場線的方向電勢不斷降落，a點(diǎn)電勢高于不

8、帶電金屬球的電勢，不帶電金屬球的電勢高于b點(diǎn)電勢，所以φa>φb，選項(xiàng)B正確；負(fù)電荷在高電勢點(diǎn)的電勢能小，選項(xiàng)C錯誤；檢驗(yàn)電荷－q從a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)，電勢能增大，故電場力做負(fù)功，選項(xiàng)D正確．] 電場強(qiáng)度、電勢、電勢能的判斷方法 (1)電場強(qiáng)度：①根據(jù)電場線的疏密程度進(jìn)行判斷；②根據(jù)等勢面的疏密程度進(jìn)行判斷；③根據(jù)E＝進(jìn)行判斷． (2)電勢：①沿電場線方向電勢逐漸降低；②若q和Wab已知，由Uab＝判定． (3)電勢能：①電場力做正功，電勢能減??；電場力做負(fù)功，電勢能增大；②正電荷在電勢高的地方電勢能大，負(fù)電荷在電勢高的地方電勢能反而小． ●考向1　電場力的性質(zhì) 1．(2017

9、·紹興模擬)如圖7-5所示，絕緣水平面上有A、B、C、D四點(diǎn)，依次相距L，若把帶電金屬小球甲(半徑遠(yuǎn)小于L)放在B點(diǎn)，測得D點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為E；現(xiàn)將不帶電的相同金屬小球乙與甲充分接觸后，再把兩球分置于A、C兩點(diǎn)，此時(shí)D點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為(　　) 圖7-5 A．E　　　B．E　　　C．E　　 D．E D　[根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式E＝，則B點(diǎn)電荷在D的電場強(qiáng)度為EB＝＝＝E；當(dāng)將不帶電的相同金屬小球乙與甲充分接觸后，再把兩球分置于A、C兩點(diǎn)，則兩球的電量分別為，那么A處的小球在D處的電場強(qiáng)度EA＝＝，而C處的小球在D處的電場強(qiáng)度EC＝；由于兩球在D處的電場強(qiáng)度方向相同，因此它們在D

10、點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為E合＝＋＝＝E，故A、B、C錯誤，D正確．] ●考向2　電場能的性質(zhì) 2．(2017·南京一模)如圖7-6所示，帶正電的金屬球A，放置在不帶電的金屬球B附近，M、N是金屬球B表面上的兩點(diǎn)．下列說法中正確的是(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214118】 圖7-6 A．M點(diǎn)處帶正電，N點(diǎn)處帶負(fù)電，且M點(diǎn)電勢高于N點(diǎn)電勢 B．M點(diǎn)處帶正電，N點(diǎn)處帶負(fù)電，且M點(diǎn)電勢等于N點(diǎn)電勢 C．M點(diǎn)處帶負(fù)電，N點(diǎn)處帶正電，且M點(diǎn)電勢高于N點(diǎn)電勢 D．M點(diǎn)處帶負(fù)電，N點(diǎn)處帶正電，且M點(diǎn)電勢等于N點(diǎn)電勢 D　[帶電的金屬球A靠近不帶電的金屬球B，由于電荷間的相互作用，同種電荷相互

11、排斥，異種電荷相互吸引，導(dǎo)致金屬球B中左側(cè)的自由電子向右側(cè)移動，M點(diǎn)由于得到電子帶負(fù)電；N點(diǎn)由于失去電子帶正電；但整個金屬球B是處于靜電平衡的導(dǎo)體，其整體是等勢體，故M、N點(diǎn)電勢相等，故A、B、C錯誤，D正確．] 3．(2017·南通二模)實(shí)驗(yàn)表明，地球表面上方的電場強(qiáng)度不為零，且方向豎直向下，說明地球表面有凈負(fù)電荷．設(shè)地球表面凈負(fù)電荷均勻分布，且電荷量絕對值為Q，已知地球半徑為R，靜電力常量為k，選地面電勢為零，則在地面上方高h(yuǎn) (約幾十米)處的電勢為(　　) A．－　B．　C．－　 D． D　[地球表面電荷在地面上方h處的場強(qiáng)，根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式，有：E＝k 因?yàn)榫嚯x地面h，且h

12、約為幾十米，電場強(qiáng)度變化不大，認(rèn)為是勻強(qiáng)電場，有：U＝Ed＝k·h＝ 地面電勢為0，故地面上方h處的電勢為：φ＝，故D正確，A、B、C錯誤．] ●考向3　電場的綜合應(yīng)用 4．(2017·鎮(zhèn)江三模)如圖7-7所示，在正點(diǎn)電荷Q的電場中有M、N、P、F四點(diǎn)，M、N、P為直角三角形的三個頂點(diǎn)，F(xiàn)為MN的中點(diǎn)，∠M＝30°．M、N、P、F四點(diǎn)處的電勢分別用φM、φN、φP、φF表示．已知φM＝φN，φP＝φF，點(diǎn)電荷Q在M、N、P三點(diǎn)所在平面內(nèi)，則(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214119】 圖7-7 A．點(diǎn)電荷Q一定在MP的中點(diǎn) B．φP大于φM C．N點(diǎn)的場強(qiáng)比P點(diǎn)的場強(qiáng)大 D．

13、將負(fù)試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電場力做正功 B　[點(diǎn)電荷的等勢面是一系列的同心圓，對于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過圓心，故場源電荷在MN的中垂線和FP的中垂線的交點(diǎn)上，在MP的連線上，如圖所示，故A錯誤；根據(jù)圖可知，正點(diǎn)電荷到P點(diǎn)的距離小于到M點(diǎn)的距離，所以φP大于φM，故B正確；在點(diǎn)電荷的電場中，離場源越遠(yuǎn)，電場強(qiáng)度越小，所以N點(diǎn)的場強(qiáng)比P點(diǎn)的場強(qiáng)小，故C錯誤；在正點(diǎn)電荷的電場中，離場源越遠(yuǎn)，電勢越低，將負(fù)試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電勢能增加，故電場力做負(fù)功，故D錯誤．] 5．(2017·宿遷三模)某靜電除塵設(shè)備集塵板的內(nèi)壁帶正電，設(shè)備中心位置有一個帶負(fù)電的放電極，它們之間的

14、電場線分布如圖7-8所示，虛線為某帶電煙塵顆粒(重力不計(jì))的運(yùn)動軌跡，A、B是軌跡上的兩點(diǎn)，C點(diǎn)與B點(diǎn)關(guān)于放電極對稱．下列說法正確的是(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214120】 圖7-8 A．A點(diǎn)電勢低于B點(diǎn)電勢 B．A點(diǎn)電場強(qiáng)度小于C點(diǎn)電場強(qiáng)度 C．煙塵顆粒在A點(diǎn)的動能大于在B點(diǎn)的動能 D．煙塵顆粒在A點(diǎn)的電勢能小于在B點(diǎn)的電勢能 A　[由沿電場線方向電勢降低可知，A點(diǎn)電勢低于B點(diǎn)電勢，故A正確；由題圖可知，A點(diǎn)電場線比C點(diǎn)密集，因此A點(diǎn)的場強(qiáng)大于C點(diǎn)場強(qiáng)，故B錯誤；煙塵顆粒帶負(fù)電，從A到B的過程中，電場力做正功，動能增加，煙塵顆粒在A點(diǎn)的動能小于在B點(diǎn)的動能，故C錯誤；煙塵顆

15、粒帶負(fù)電，從A到B的過程中，電場力做正功，電勢能減小，煙塵顆粒在A點(diǎn)的電勢能大于在B點(diǎn)的電勢能，故D錯誤．] 考點(diǎn)2| 平行板電容器難度：中檔題 題型：選擇題 (對應(yīng)學(xué)生用書第33頁) 6．(2012·江蘇高考T2)一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢差U的變化情況是(　　) A．C和U均增大　　　　 B．C增大，U減小 C．C減小，U增大 D．C和U均減小 【解題關(guān)鍵】　 關(guān)鍵語句 信息解讀 保持兩極板的正對面積、間距和電荷量不變 平行板電容器的S、d、Q大小不變 在兩極板間插入一電介

16、質(zhì) 電容器介電常數(shù)ε增大 B　[由平行板電容器電容決定式C＝知，當(dāng)插入電介質(zhì)后，ε變大，則在S、d不變的情況下C增大；由電容定義式C＝得U＝，又電荷量Q不變，故兩極板間的電勢差U減小，選項(xiàng)B正確．] ●考向1　電容器的動態(tài)分析 6．(2017·南京一模)如圖7-9所示是可變電容器，旋轉(zhuǎn)動片使之與定片逐漸重合，則電容器的電容將(　　) 圖7-9 A．逐漸增大 B．逐漸減小 C．保持不變 D．先增大后減小 A　[旋轉(zhuǎn)動片使之與定片逐漸重合時(shí)，相當(dāng)于增加了電容器的正對面積，則由電容器電容的決定式C＝可知，電容將逐漸增大，故B、C、D錯誤，A正確．] 7．(2017·鹽城

17、二模)目前的手機(jī)觸摸屏大多是電容式觸摸屏．電容式觸摸屏內(nèi)有一導(dǎo)電層．導(dǎo)電層四個角引出四個電極，當(dāng)手指觸摸屏幕時(shí)，人體和觸摸屏就形成了一個電容，電容具有“通高頻”的作用，從而導(dǎo)致有電流分別從觸摸屏四角上的電極中流出，并且流經(jīng)這四個電極的電流與手指到四角的距離成正比，控制器通過對這四個電流比例的精確計(jì)算，得出觸摸點(diǎn)的位置信息．在開機(jī)狀態(tài)下，下列說法正確的是(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214121】 A．電容式觸摸屏感測手指觸摸點(diǎn)的位置是因?yàn)槭种笇ζ聊话磯寒a(chǎn)生了形變 B．電容式觸摸屏感測手指觸摸點(diǎn)的位置是利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象 C．當(dāng)手指觸摸屏幕時(shí)手指有微弱的電流流過 D．當(dāng)手指離開屏幕時(shí)，電容

18、變小，對高頻電流的阻礙變大，控制器不易檢測到手指的準(zhǔn)確位置 C　[電容式觸摸屏只需要觸摸，由于流經(jīng)四個電極的電流與手指頭到四角的距離成正比，控制器就能確定手指的位置，不需要手指有壓力，故A錯誤；電容式觸摸屏感測手指觸摸點(diǎn)的位置是電容器的充放電原理，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯誤；由題意可知，手指從手的觸點(diǎn)吸走一部分電荷，在電荷定向移動的過程中，會有微弱電流通過，故C正確；根據(jù)電容器的工作原理可知，當(dāng)手指離開屏幕時(shí)，電容變小，電容器將放電，控制器仍然能檢測到手指離開的準(zhǔn)確位置，故D錯誤．] ●考向2　平行板電容器的綜合問題 8．(多選)(2017·蘇北四市摸底)如圖7-10所示，電路中平行板電

19、容器C不帶電．下列說法正確的有(　　) 圖7-10 A．閉合S瞬間，電流計(jì)G中有a→b方向的電流 B．閉合S后，增大C兩極板間距離的過程中，電流計(jì)G中有a→b方向的電流 C．閉合S后再斷開，增大C兩極板間距離，極板間電場強(qiáng)度保持不變 D．閉合S后再斷開，在C兩極板間插入電介質(zhì)，極板間電勢差變小 ACD　[閉合S瞬間，電容器充電，上極板接正極，故電流計(jì)中有a→b方向的電流，故A正確；閉合S后，電壓不變，增大C兩極板間距離的過程中，由C＝可知，C減小，由Q＝UC可知，電量減小，電容器放電，故電流計(jì)中有b→a方向的電流，故B錯誤；閉合S后再斷開，電容器兩板上的電量不變，增大C兩極板間

20、距離，由C＝和Q＝UC可知，U＝，再由U＝Ed可得，E＝，故兩極板間電場強(qiáng)度不變，故C正確；閉合S后再斷開，電容器兩板上的電量不變，在兩極板間插入電介質(zhì)時(shí)電容C增大，則由Q＝UC可知，U變小，故D正確．] 考點(diǎn)3| 帶電粒子在電場中的運(yùn)動難度：中檔題 題型：選擇題、計(jì)算題 五年1考 (對應(yīng)學(xué)生用書第33頁) 7．(2017·江蘇高考T4)如圖7-11所示，三塊平行放置的帶電金屬薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分別位于O、M、P點(diǎn)．由O點(diǎn)靜止釋放的電子恰好能運(yùn)動到P點(diǎn)．現(xiàn)將C板向右平移到P′點(diǎn)，則由O點(diǎn)靜止釋放的電子(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214122】 圖7-11

21、A．運(yùn)動到P點(diǎn)返回　　 B．運(yùn)動到P和P′點(diǎn)之間返回 C．運(yùn)動到P′點(diǎn)返回 D．穿過P′點(diǎn) 【解題關(guān)鍵】　 關(guān)鍵語句 信息解讀 保持電量不變，改變兩板間距離 場強(qiáng)不變 O點(diǎn)靜止釋放的電子恰好能運(yùn)動到P點(diǎn) 初、末速度為零 A　[設(shè)AB、BC間的電場強(qiáng)度分別為E1、E2，間距分別為d1和d2，電子由O點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的過程中，據(jù)動能定理得： eE1d1－eE2d2＝0① 當(dāng)C板向右平移后，BC板間的電場強(qiáng)度 E′2＝＝＝＝， BC板間的電場強(qiáng)度與板間距無關(guān)，大小不變． 第二次釋放后，設(shè)電子在BC間移動的距離為x，則 eE1d1－eE2x＝0－0② 比較①②兩式知，x

22、＝d2，即電子運(yùn)動到P點(diǎn)時(shí)返回，選項(xiàng)A正確．] 帶電粒子在電場中的運(yùn)動問題的解題思路 (1)首先分析粒子的運(yùn)動規(guī)律，區(qū)分是在電場中的直線運(yùn)動還是曲線運(yùn)動問題． (2)對于直線運(yùn)動問題，可根據(jù)對粒子的受力分析與運(yùn)動分析，從以下兩種途徑進(jìn)行處理： ①如果是帶電粒子在恒定電場力作用下做直線運(yùn)動的問題，應(yīng)用牛頓第二定律找出加速度，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式確定帶電粒子的速度、位移等． ②如果是非勻強(qiáng)電場中的直線運(yùn)動，一般利用動能定理研究全過程中能的轉(zhuǎn)化，研究帶電粒子的速度變化、運(yùn)動的位移等． (3)對于曲線運(yùn)動問題，如是類平拋運(yùn)動模型，通常采用運(yùn)動的合成與分解方法處理．通過對帶電粒子的受力分析

23、和運(yùn)動規(guī)律分析，應(yīng)用動力學(xué)方法或功能方法求解． ●考向1　電場中的直線運(yùn)動 9．(2017·武漢二模)如圖7-12所示，傾斜放置的平行板電容器兩極板與水平面夾角為θ，極板間距為d，帶負(fù)電的微粒質(zhì)量為m、帶電量為q，從極板M的左邊緣A處以初速度v0水平射入，沿直線運(yùn)動并從極板N的右邊緣B處射出，則(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214123】 圖7-12 A．微粒達(dá)到B點(diǎn)時(shí)動能為mv B．微粒的加速度大小等于gsin θ C．兩極板的電勢差UMN＝ D．微粒從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程電勢能減少 C　[物體在運(yùn)動過程中，受力如圖所示． 由于物體受力不在一條直線上，因此不可能做勻速直線

24、運(yùn)動，到達(dá)B點(diǎn)的動能一定不是mv，因此A錯誤；將電場力分解到水平方向和豎直方向上，可知，Eqcos θ＝mg，Eqsin θ＝ma，因此加速度大小為gtan θ，B錯誤；電容器內(nèi)的電場強(qiáng)度E＝，因此兩板間的電勢差為U＝Ed＝，C正確；從A向B運(yùn)動的過程中，由于電場力做負(fù)功，電勢能增加，D錯誤．] ●考向2　電場中的曲線運(yùn)動 10．(2017·林州市月考)a、b、c三個α粒子(重力不計(jì))由同一點(diǎn)M同時(shí)垂直場強(qiáng)方向進(jìn)入帶有等量異種電荷的兩平行金屬板的電場間，其軌跡如圖7-13所示，其中b恰好沿板的邊緣飛出電場，由此可知(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214124】 圖7-13 A．進(jìn)入電場時(shí)

25、a的速度最大，c的速度最小 B．a(chǎn)、b、c在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時(shí)間相等 C．若把上極板向上移動，則a在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時(shí)間增長 D．若把下極板向下移動，則a在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時(shí)間增長 D　[三個α粒子進(jìn)入電場后加速度相同，由圖看出，豎直方向a、b偏轉(zhuǎn)距離相等，大于c的偏轉(zhuǎn)距離，由y＝at2知，a、b運(yùn)動時(shí)間相等，大于c的運(yùn)動時(shí)間，即ta＝tb＞tc．又水平位移的關(guān)系為 xa＜xb＝xc，因?yàn)榱Ｗ铀椒较蚨甲鰟蛩僦本€運(yùn)動，所以vc＞vb＞va，即a的速度最小，c的速度最大，故A、B錯誤．若把上極板向上移動，根據(jù)推論E＝知，板間場強(qiáng)不變，粒子的加速度不變，可知a的運(yùn)動情況不變，運(yùn)動時(shí)間不變，

26、故C錯誤．若把下極板向下移動，根據(jù)推論E＝知，板間場強(qiáng)不變，粒子的加速度不變，a的豎直分位移增大，由y＝at2知，a在電場中運(yùn)動經(jīng)歷的時(shí)間增長，故D正確．] ●考向3　電場中的力電綜合問題 11．(2017·徐州期末)如圖7-14甲所示，極板A、B間電壓為U0，極板C、D間距為d，熒光屏到C、D板右端的距離等于C、D板的板長．A板O處的放射源連續(xù)無初速地釋放質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子，經(jīng)電場加速后，沿極板C、D的中心線射向熒光屏(熒光屏足夠大且與中心線垂直)，當(dāng)C、D板間未加電壓時(shí)，粒子通過兩板間的時(shí)間為t0；當(dāng)C、D板間加上圖7-14乙所示電壓(圖中電壓U1已知)時(shí)，粒子均能從C、D兩

27、板間飛出，不計(jì)粒子的重力及相互間的作用．求： 圖7-14 (1)C、D板的長度L； (2)粒子從C、D板間飛出時(shí)垂直于極板方向偏移的最大距離； (3)粒子打在熒光屏上區(qū)域的長度． 【導(dǎo)學(xué)號：17214125】 【解析】　(1)粒子在A、B板間有：qU0＝mv 在C、D板間有：L＝v0t0 解得：L＝t0． (2)粒子從nt0(n＝0、2、4…)時(shí)刻進(jìn)入C、D間，偏移距離最大，粒子做類平拋運(yùn)動，偏移距離為：y＝at 加速度為：a＝ 得：y＝． (3)粒子在C、D間偏轉(zhuǎn)距離最大時(shí)打在熒光屏上距中心線最遠(yuǎn)處 C、D板偏轉(zhuǎn)角tan θ＝，vy＝at0 打在熒光屏上距中心

28、線最遠(yuǎn)距離為：s＝y(tǒng)＋Ltan θ 熒光屏上區(qū)域長度為：Δs＝s＝． 【答案】　(1)t0　(2)　(3) 熱點(diǎn)模型解讀| 平行板電容器中帶電粒子運(yùn)動模型 (對應(yīng)學(xué)生用書第35頁) 考題 2012·江蘇高考T15 2015·全國卷ⅡT14 2015·山東高考T20 模型展示 加速與偏轉(zhuǎn)模型 帶電粒子在電場中的動力學(xué)問題 帶電體在變化電場中的運(yùn)動 模型解讀 帶電體在平行板電容器間的運(yùn)動，實(shí)際上就是在電場力作用下的力電綜合問題，依然需要根據(jù)力學(xué)解題思路求解，解題過程要遵從以下基本步驟： (1)確定研究對象(是單個研究對象還是物體組)； (2)進(jìn)行

29、受力分析(分析研究對象所受的全部外力．其中電子、質(zhì)子、正負(fù)離子等基本微觀粒子在沒有明確指出或暗示時(shí)一般不計(jì)重力，而帶電油滴、帶電小球、帶電塵埃等宏觀帶電體一般要考慮其重力)； (3)進(jìn)行運(yùn)動分析(分析研究對象所處的運(yùn)動環(huán)境是否存在束縛條件，并根據(jù)研究對象的受力情況確定其運(yùn)動性質(zhì)和運(yùn)動過程)； (4)建立物理等式(由平衡條件或牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動學(xué)規(guī)律求解，對于涉及能量的問題，一般用動能定理或能量守恒定律列方程求解)． [典例]　(2017·商丘二模)如圖7-15所示，R0為定值電阻，電源電動勢E恒定，內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)開關(guān)閉合，滑片P位于滑動變阻器R左端點(diǎn)a時(shí)，水平放置的平行金屬板間有一帶

30、電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，在將滑片P由左端點(diǎn)a滑向右端點(diǎn)b的過程中，下列關(guān)于液滴的帶電情況及運(yùn)動情況(液滴始終沒與極板相碰)分析正確的是(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：17214126】 圖7-15 A．液滴帶正電，液滴將向上做勻加速直線運(yùn)動 B．液滴帶正電，液滴將以原平衡位置為中心做往復(fù)運(yùn)動 C．液滴帶正電，液滴將向上先做變加速再做變減速直線運(yùn)動 D．液滴帶負(fù)電，液滴將向上做變速直線運(yùn)動 【解題指導(dǎo)】　當(dāng)開關(guān)閉合，滑片P位于滑動變阻器R左端點(diǎn)a時(shí)，液滴在重力和電場力作用下處于平衡狀態(tài)，所以電場力豎直向上，由題圖知下極板帶正電，即液滴一定帶正電，D項(xiàng)錯誤；因滑片由左端點(diǎn)a滑向右端點(diǎn)b的過

31、程中，外電路總電阻先增大后減小，電路的總電流先減小后增大，內(nèi)電壓先減小后增大，即電源的路端電壓先增大后減小，所以電容器兩極板間電壓先增大后減小，由E＝可知電容器兩極板間電場強(qiáng)度先增大后減小，但方向不變，所以液滴的加速度先增大后減小，方向一直向上，即液滴將向上先做變加速運(yùn)動再做變減速直線運(yùn)動，C項(xiàng)正確，A、B項(xiàng)錯誤． 【答案】　C [拓展應(yīng)用]　如圖7-16(a)所示，平行板電容器間距為d，兩板所加電壓如圖7-16(b)所示，t＝0時(shí)刻，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子以平行于極板的速度v0射入電容器，2．5T時(shí)恰好落在下極板上，帶電粒子的重力不計(jì)，在這一過程中，求： 圖7-16 (1)該粒子的水平位移； (2)粒子落到下極板時(shí)的速度． 【解析】　(1)帶電粒子在水平方向不受外力作用，做勻速直線運(yùn)動，因此水平位移為 s＝v0t＝v0×2．5T＝2．5v0T． (2)帶電粒子落在下極板上時(shí)在豎直方向的分速度為 vy＝a·T＝T 粒子落在下極板上時(shí)的速度大小為 v＝＝ ． 【答案】　(1)2．5v0T　(2) 14