《（江蘇專用）2019高考物理一輪復習 第三章 牛頓運動定律 課時24 連接體問題加練半小時》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（江蘇專用）2019高考物理一輪復習 第三章 牛頓運動定律 課時24 連接體問題加練半小時（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、24 連接體問題 [方法點撥]　整體法、隔離法交替運用的原則：若連接體內各物體具有相同的加速度，且要求物體之間的作用力，可以先用整體法求出加速度，然后再用隔離法選取合適的研究對象，應用牛頓第二定律求作用力．即“先整體求加速度，后隔離求內力”． 1．(多選)(2018·四川瀘州一檢)如圖1所示，物塊A、B質量相等，在水平恒力F作用下，在水平面上做勻加速直線運動，若水平面光滑，物塊A的加速度大小為a1，物塊A、B間的相互作用力大小為FN1；若水平面粗糙，且物塊A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，物塊B的加速度大小為a2，物塊A、B間的相互作用力大小為FN2，則以下判斷正確的是(　　)

2、圖1 A．a(chǎn)1＝a2 B．a(chǎn)1>a2 C．FN1＝FN2 D．FN1

3、到桌面的摩擦力可能為(　　) 圖3 A．Mg B．(M＋m)g C．(M＋m)g－Ma D．(M＋m)g－ma 4．(2017·河北省五個一聯(lián)盟二模)如圖4所示，固定斜面CD段光滑，DE段粗糙，A、B兩物體疊放在一起從C點由靜止下滑，下滑過程中A、B保持相對靜止，則(　　) 圖4 A．在CD段時，A受三個力作用 B．在DE段時，A可能受二個力作用 C．在DE段時，A受到的摩擦力方向一定沿斜面向上 D．整個下滑過程中，A、B均處于失重狀態(tài) 5．(多選)(2017·廣東順德一模)如圖5所示，有五個完全相同、質量均為m的滑塊(可視為質點)用長均為L的輕桿依次相連接，最右側

4、的第1個滑塊剛好位于水平面的O點處，O點左側水平面光滑、O點右側水平面由長3L的粗糙面和長L的光滑面交替排列，且足夠長，已知在水平恒力F的作用下，第3個滑塊剛好進入O點右側后，第4個滑塊進入O點右側之前，滑塊恰好做勻速直線運動，則可判斷(重力加速度為g)(　　) 圖5 A．滑塊與粗糙段間的動摩擦因數(shù)μ＝ B．第4個滑塊進入O點后，滑塊開始減速 C．第5個滑塊剛進入O點時的速度為 D．輕桿對滑塊始終有彈力作用 6．(多選)(2017·湖北孝感一模)如圖6甲所示，一根粗繩AB，其質量均勻分布，繩右端B置于光滑水平桌面邊沿，現(xiàn)拉動粗繩右端B，使繩沿桌面邊沿做加速運動，當B端向下運動x

5、時，如圖乙所示，距B端x處的張力FT與x的關系滿足FT＝5x－x2，一切摩擦不計，下列說法中正確的是(g＝10 m/s2)(　　) 圖6 A．可求得粗繩的總質量 B．不可求得粗繩的總質量 C．可求得粗繩的總長度 D．可求得當x＝1 m時粗繩的加速度大小 7．(2017·湖南長郡中學一模)如圖7所示，截面為直角三角形的斜面體固定在水平地面上，兩斜面光滑，斜面傾角分別為60°和30°，一條不可伸長的輕繩跨過固定在斜面頂端的光滑輕定滑輪連接著兩個小物體，物體B的質量為m，起始距地面的高度均為h，重力加速度為g. 圖7 (1)若A的質量也為m，由靜止同時釋放兩物體，求當A剛到地

6、面時的速度大??； (2)若斜面體不固定，當斜面體在外力作用下以大小為a的加速度水平向右做勻變速直線運動時，要使A、B兩物體相對斜面都不動，分析物體A的質量和加速度a的關系． 答案精析 1．BCD 2．D　[以框架為研究對象進行受力分析可知，當框架對地面壓力為零時，其重力與彈簧對其彈力平衡，即F＝Mg，故可知彈簧處于壓縮狀態(tài)，再以小球為研究對象分析受力可知F＋mg＝ma，聯(lián)立可解得，小球的加速度大小為a＝g，故選項D正確．] 3．AD 4．C　[在CD段，整體的加速度a＝＝gsinθ，對A受力分析，有：mAgsinθ＋Ff＝mAa，

7、解得Ff＝0，可知A受重力和支持力兩個力作用，故A錯誤． 設B與斜面DE段間的動摩擦因數(shù)為μ，在DE段，整體的加速度a′＝ ＝gsinθ－μgcosθ，對A受力分析，有：mAgsinθ＋Ff′＝mAa′，解得Ff′＝－μmAgcosθ，負號表示方向沿斜面向上．若勻速運動，A受到的靜摩擦力也是沿斜面向上，所以A一定受三個力作用，故B錯誤，C正確．整體下滑的過程中，CD段加速度沿斜面向下，A、B均處于失重狀態(tài)．在DE段，A、B可能做勻速直線運動，不處于失重狀態(tài)，故D錯誤．] 5．AC　[第3個滑塊剛好進入O點右側后，第4個滑塊進入O點右側之前，滑塊恰好做勻速直線運動，則F－3μmg＝0，解得

8、μ＝，故A正確；第4個滑塊進入O點后，第1個滑塊滑出粗糙面，此時整體受到的摩擦力還是Ff＝3μmg＝F，還是做勻速運動，故B錯誤；第5個滑塊剛進入O點時，根據(jù)動能定理可知F·4L－μmg·3L－μmg·3L－μmg·2L－μmg·L＝·5mv2，解得v＝，故C正確；在勻速階段，輕桿對第5個滑塊無彈力作用，故D錯誤．] 6．ACD 7．見解析 解析　(1)設A剛到地面時的速度為v，由A和B整體運動過程中機械能守恒得，mgh＝mgsin 30°·＋×2mv2 v＝. (2)對兩個物體分別進行受力分析，沿垂直斜面和平行斜面方向建立坐標系進行正交分解 . 當斜面體向右做勻加速直線運動時，加速度方向水平向右： 對A物體，F(xiàn)T－mAgsin 60°＝mAacos 60° 對B物體，mgsin 30°－FT＝macos 30° 解得mA＝ 可知加速度的大小應滿足0＜a＜g 加速度a越大，A物體的質量越小，A物體質量應滿足0＜mA＜m. 當斜面體向右做勻減速直線運動時，加速度方向水平向左： 對A物體，mAgsin 60°－FT＝mAacos 60° 對B物體，F(xiàn)T－mgsin 30°＝macos 30° 解得mA＝ 可知加速度的大小滿足0＜a＜g 加速度a越大，A物體的質量越大，A物體質量應滿足mA＞m. 5