6、為拉伸AB的分力F1=Ftan α和壓縮BC的分力F2=
5．正交分解法
（1）定義：將已知力按互相垂直的兩個(gè)方向進(jìn)行分解的方法。
（2）建立坐標(biāo)軸的原則：一般選共點(diǎn)力的作用點(diǎn)為原點(diǎn)，在靜力學(xué)中，以少分解力和容易分解力為原則（即盡量多的力在坐標(biāo)軸上）；在動力學(xué)中，以加速度方向和垂直加速度方向?yàn)樽鴺?biāo)軸建立坐標(biāo)系。
（3）分解方法：物體受到多個(gè)作用力F1、F2、F3···，求合力F時(shí)，可把各力沿相互垂直的x軸、y軸分解，如圖所示。
x軸上的合力：Fx=Fx1+Fx2+Fx3+···
y軸上的合力：Fy=Fy1+Fy2+Fy3+···
合力大?。?
合力方向：與x軸夾角為θ，則
7、
6．力的效果分解法、正交分解法、合成法都是常見的解題方法
一般情況下，物體只受三個(gè)力的情形下，力的效果分解法、合成法解題較為簡單，在三角形中找?guī)缀侮P(guān)系，利用幾何關(guān)系或三角形相似求解；而物體受三個(gè)以上力的情況多用正交分解法，但也要視題目具體情況而定。
（1）力的正交分解是在物體受三個(gè)或三個(gè)以上的共點(diǎn)力作用下求合力的一種方法，分解的目的是為了更方便地求合力，將矢量運(yùn)算轉(zhuǎn)化為代數(shù)運(yùn)算。
（2）一般情況下，應(yīng)用正交分解法建立坐標(biāo)系時(shí)，應(yīng)盡量使所求量（或未知量）“落”在坐標(biāo)軸上，這樣解方程較簡單。
三、矢量和標(biāo)量
（1）矢量：既有大小又有方向的量。相加時(shí)遵循平行四邊形定則。
（2）標(biāo)量：只
8、有大小沒有方向的量。求和時(shí)按算術(shù)法則相加。
四、受力分析
1．基本步驟：（1）確定研究對象——點(diǎn)、單個(gè)物體或系統(tǒng)；（2）隔離物體分析——先分析場力（重力、電場力、磁場力），再分析接觸力（先彈力后摩擦力），最后分析其他力；（3）畫受力示意圖。
2．關(guān)鍵條件：光滑——不計(jì)摩擦；輕——重力不計(jì)；忽略空氣阻力等。
作用在同一個(gè)物體上的兩個(gè)共點(diǎn)力，一個(gè)力的大小是3 N，另一個(gè)力的大小是8 N，它們合力的大小可能是
A．2 N B．6 N C．14 N D．16 N
【參考答案】B
【詳細(xì)解析】兩力合成時(shí)，合力范圍為：|F1–F2|≤F≤F1+F2；故3 N≤F≤
9、13 N；則2 N、14 N、16 N在合力的范圍之外是不可能的，6 N在范圍之內(nèi)，是可能的；故選B。
1．（2019·浙江省嘉興市期末）某物體同時(shí)受到2個(gè)共點(diǎn)力作用，在如圖所示的四種情況中（坐標(biāo)紙中每格的邊長均表示1N大小的力），物體所受合外力最大的是
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖1所示：
故A錯誤；將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖2所示，故B錯誤；將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖3所示，合力最大，故C正確；將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖4所示，故D錯誤。
已知
10、兩個(gè)共點(diǎn)力的合力F為10 N，分力F1的大小為5 N。則另一個(gè)分力F2
A．F2的大小是唯一的
B．F2的大小可以是任意值
C．F2的方向與合力F的方向一定成30°角
D．F2的方向與合力F的方向的最大夾角為30°角
【參考答案】D
【詳細(xì)解析】有兩個(gè)共點(diǎn)力的合力大小為10 N，若其中一個(gè)分為大小為5 N，另一個(gè)分力的大小應(yīng)在5 N≤F≤15 N范圍，
由圖可得F2的方向與合力F的方向的最大夾角為，，即F2的方向與合力F的方向的最大夾角為30°角，故D正確，ABC錯誤。
1．（2019·浙江省麗水地區(qū)四校月考）如圖所示，質(zhì)量為m的木塊受到與水平面夾角為θ的力F的作用，在
11、水平地面上做勻速直線運(yùn)動，則木塊與地面之間的動摩擦因數(shù)μ為
A． B． C． D．tanθ
【答案】A
【解析】將F分解為水平和豎直兩個(gè)方向上的力，則有水平方向：Fcosθ=f，豎直方向：mg+Fsinθ=FN；由摩擦力公式可知：f=μFN=μ(mg+Fsinθ)，解得：；故選A。
關(guān)于矢量和標(biāo)量，下列說法中正確的是
A．標(biāo)量只有正值，矢量可以取負(fù)值
B．標(biāo)量和矢量無根本區(qū)別
C．標(biāo)量和矢量，一個(gè)有大小無方向、另一個(gè)有大小也有方向
D．當(dāng)物體做單方向的直線運(yùn)動時(shí)，標(biāo)量路程和矢量位移是一回事
【參考答案】C
【詳細(xì)解析】標(biāo)量只有大小沒有方向，但有正負(fù)之分．矢量可以
12、用符號表示方向，故A錯誤；矢量與標(biāo)量有兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒有方向；二是運(yùn)算法則不同，矢量運(yùn)算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運(yùn)算遵守代數(shù)加減法則，故B錯誤，C正確；當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動時(shí)，標(biāo)量與矢量大小相等，但兩者不是一回事，故D錯誤。
1．（2019·浙江省七彩陽光新高考研究聯(lián)盟期中）下列各組物理量中均是矢量的是
A．力，加速度，路程
B．位移，速度改變量，加速度
C．力，位移，速率
D．力，加速度，質(zhì)量
【答案】B
【解析】A、力，加速度，路程中的路程是標(biāo)量，所以A錯誤；B、位移，速度改變量，加速度都是矢量，所以B正確；C、力，位移，速率其中的速率是標(biāo)量，所以C錯誤；
13、D、力，加速度，質(zhì)量其中的質(zhì)量是標(biāo)量，所以D錯誤。
如圖所示，將某均勻長方體鋸成A、B兩塊后，在水平桌面上并對放在一起，現(xiàn)用水平力F推B，使A、B整體保持長方體沿F方向勻速運(yùn)動，則
A．A在水平方向受到三個(gè)力的作用，且合力為零
B．A在水平方向受到五個(gè)力的作用，且合力為零
C．A對B的作用力方向與A、B接觸面垂直
D．B對A的彈力大于桌面對A的摩擦力
【參考答案】A
【詳細(xì)解析】對A受力分析，在水平方向上受B對A的彈力，桌面的滑動摩擦力，B對A的靜摩擦力，在三個(gè)力的作用下處于平衡，受力如圖，
故A正確，B錯誤。B對A的彈力和靜摩擦力的合力與桌面的滑動摩擦力等
14、值反向，與F的方向相同；根據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的作用力方向與F的方向相反，不是A、B接觸面垂直，故C錯誤。因?yàn)锽對A的彈力與B對A的摩擦力垂直，二者的合力等于桌面對A的摩擦力，所以B對A的彈力小于桌面對A的摩擦力，故D錯誤。
1．（2019·天津四十二中月考）如圖所示豎直絕緣墻壁上的Q處由一固定的質(zhì)點(diǎn)A，在Q的正上方的P點(diǎn)用細(xì)線懸掛一質(zhì)點(diǎn)B，A、B兩點(diǎn)因?yàn)閹щ姸嗷ヅ懦?，致使懸線與豎直方向成θ角，由于漏電使A、B兩質(zhì)點(diǎn)的電量逐漸減小，在電荷漏空之前懸線對懸點(diǎn)P的拉力T大小
A．T變小 B．T變大 C．T不變 D．T無法確定
【答案】C
【解析】以小球?yàn)檠芯繉ο?，球受到重?/p>
15、，的斥力和線的拉力三個(gè)力作用，作出力的示意圖，如圖。
作出、的合力，由三個(gè)共點(diǎn)力的平衡條件可知：和方向相反，大小相等，即；根據(jù)幾何知識可知，可得：；又，，可得：；在、兩質(zhì)點(diǎn)帶電量逐漸減少的過程中，、、均不變，則不變，懸線對懸點(diǎn)的拉力大小也不變。故C正確，ABD錯誤；故選：C。
1．（2019·浙江省嘉興市期末）城市中路燈的供電線路經(jīng)常用三角形的結(jié)構(gòu)懸掛，如圖所示，為這類結(jié)構(gòu)的一種簡化模型。圖中硬桿OA可繞通過A點(diǎn)且垂直于紙面的軸轉(zhuǎn)動，鋼索和桿的重量都可以忽略。如果靜止懸掛物的質(zhì)量為m，∠AOC=θ，則關(guān)于鋼索OC對O點(diǎn)的拉力FOC以及桿OA對O點(diǎn)的彈力FOA的計(jì)算結(jié)果，下列表述
16、正確的是
A． B．
C． D．
2．（2019·浙江省寧波市北侖中學(xué)期中）氣象研究小組用如圖所示的簡易裝置測定水平風(fēng)速.在水平地面上豎直固定一直桿，半徑為R、質(zhì)量為m的薄空心塑料球用細(xì)線懸于桿頂端O，當(dāng)水平風(fēng)吹來時(shí)，球在風(fēng)力的作用下飄起來。已知風(fēng)力大小正比于風(fēng)速和球正對風(fēng)的截面積，當(dāng)風(fēng)速v0=3 、m/s時(shí)，測得球平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角θ=30°。下列說法正確的是
A．當(dāng)θ=60°時(shí)，風(fēng)速v=6 m/s
B．當(dāng)風(fēng)速增大到某一值時(shí)，θ可能等于90°
C．若風(fēng)速不變，換用半徑變大、質(zhì)量不變的球，則θ不變
D．若風(fēng)速不變，換用半徑相等、質(zhì)量變大的球，則θ減小
3．
17、關(guān)于矢量和標(biāo)量，下列說法中正確的是
A．矢量是既有大小又有方向的物理量
B．標(biāo)量是既有大小又有方向的物理量
C．–10 m的位移比5 m的位移小
D．–10 ℃比5 ℃的溫度低
4．（2019·浙江省余姚市第二次模擬）如圖所示為某教室中豎直磁性黑板上靜止的一個(gè)黑板刷，關(guān)于此黑板刷的受力情況，下列說法正確的是
A．黑板對黑板刷的作用力斜向上
B．黑板磁性越強(qiáng)，刷子受到的摩擦力就越大
C．刷子受到五個(gè)力
D．黑板與刷子之間有三對作用力與反作用力
5．大小分別為F1，F(xiàn)2，F(xiàn)3的三個(gè)力恰好圍成封閉的直角三角形（頂角為直角）。圖中這三個(gè)力的合力為零的是
A． B． C．
18、D．
6．如圖所示，將兩個(gè)相同的條形磁鐵吸在一起，置于水平桌面上，下面說法正確的是
A．B對桌面的壓力的大小等于A、B的重力之和
B．A對B的壓力大于A的重力
C．A對B的壓力的大小等于A的重力
D．B對桌面的壓力小于A、B的重力之和
7．如圖，在水平晾衣桿（可視為光滑桿）上晾曬床單時(shí)，為了盡快使床單晾干，可在床單間支撐輕質(zhì)細(xì)桿。隨著細(xì)桿位置的不同，細(xì)桿上邊兩側(cè)床單間夾角θ(θ<150°)將不同。設(shè)床單重力為G，晾衣桿所受壓力大小為N，下列說法正確的是
A．當(dāng)θ=60°時(shí)，N=G
B．當(dāng)θ=90°時(shí)，N=G
C．只有當(dāng)θ=120°時(shí)，才有N=G
D．無論θ取何值，都
19、有N=G
8．（2019·浙江省杭州市富陽區(qū)新登中學(xué)期末模擬）如圖所示，一個(gè)半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O點(diǎn)為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球。當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí)，質(zhì)量為m1的小球與O點(diǎn)的連線與水平線的夾角為α＝90°，質(zhì)量為m2的小球位于水平地面上。幾位同學(xué)在學(xué)習(xí)了受力分析之后，對兩個(gè)小球的受力情況進(jìn)行了分析，其中對m1、m2受力個(gè)數(shù)的討論中，你認(rèn)為正確的是
A．小張說：m1受3個(gè)力、m2受3個(gè)力作用
B．小李說：m1 受2個(gè)力、m2受3個(gè)力作用
C．小黃說：m1 受2個(gè)力、m2受2個(gè)力作用
D．小明說：m1 受
20、4個(gè)力、m2受3個(gè)力作用
9．如圖所示，作用于O點(diǎn)的三個(gè)力平衡，其中一個(gè)力大小為F1，沿–y方向，大小未知的力F2與+x方向夾角為θ，則下列說法正確的是
A．力F3不可能在第三象限
B．力F3可能在第二象限的任意方向上
C．力F3與F2夾角越小，則F3與F2的合力越小
D．F3的最小值
10．（2019·浙江省杭州市模擬）圖中為一種簡易的重物提升裝置，通過卷揚(yáng)機(jī)牽引利用滑輪將重物提升至高處，然后由工人將重物拉至平臺上。在工人拉動重物靠近平臺的過程中，下列說法正確的是
A．OA繩的拉力變小
B．OC繩的拉力變大
C．OA繩的拉力不變
D．OC繩的拉力變小
11．（2
21、018·物理三輪沖刺）兩個(gè)共點(diǎn)力的合力為F，如果它們之間的夾角θ固定不變，使其中一個(gè)力增大，則
A．合力F一定增大
B．合力F的大小可能不變
C．合力F可能增大，也可能減小
D．當(dāng)0°<θ<90°時(shí)，合力F可能減小
12．（2019·浙江省余姚中學(xué)期中考試）如圖所示，用一根長為的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端懸掛質(zhì)量為m的小球A，為使細(xì)繩與豎直方向夾30°角且繃緊，小球A處于靜止，應(yīng)對小球施加的最小力等于
A． B． C． D．
13．（2018·天津靜海一中）下列關(guān)于矢量和標(biāo)量的說法中正確的是
A．矢量和標(biāo)量沒有嚴(yán)格的區(qū)別，同一個(gè)物理量可以是矢量，也可以是標(biāo)量
B．矢量都是
22、有方向的
C．時(shí)間、時(shí)刻、路程都是標(biāo)量
D．初中學(xué)過的電流是有方向的量，所以電流是矢量
14．（2019·浙江省余姚中學(xué)期中考試）如圖，質(zhì)量為m的物體在質(zhì)量為M的靜止斜面上勻速下滑。物體與斜面、斜面與地面間的動摩擦因素均為μ。則地面對斜面的摩擦力為
A．0 B．mgsinθ向左
C．mgsinθcosθ向左 D．mgsinθcosθ向右
15．（2018·廣西壯族自治區(qū)南寧市第二中學(xué)高三月考）如圖所示，楔形凹槽的截面是一個(gè)直角三角形ABC，∠CAB=30°，∠ABC=90°，∠ACB=60°，在凹槽中放有一個(gè)光滑的金屬球，當(dāng)金屬球靜止時(shí)，其對凹槽的AB邊的壓力為F1，對BC
23、邊的壓力為F2，則的值為
A． B． C． D．
16．（2019·浙江省溫州市新力量聯(lián)盟2018-2019學(xué)年高一上學(xué)期期末）“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩．圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖。本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_____。
A．理想實(shí)驗(yàn)法 B．等效替代法
C．控制變量法 D．建立物理模型法
17．（2019·新課標(biāo)全國Ⅱ卷）物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30°的固定斜面向上勻速運(yùn)動，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10m/s2。若輕繩能承受的最大張力為
24、1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為
A．150 kg B． kg C．200 kg D．kg
18．（2018·天津卷）明朝謝肇淛的《五雜組》中記載：“明姑蘇虎丘寺廟傾側(cè)，議欲正之，非萬緡不可。一游僧見之，曰：無煩也，我能正之?！庇紊刻鞂⒛拘◤乃韮A斜一側(cè)的磚縫間敲進(jìn)去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為θ，現(xiàn)在木楔背上加一力F，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN，則
A．若F一定，θ大時(shí)FN大
B．若F一定，θ小時(shí)FN大
C．若θ一定，F(xiàn)大時(shí)FN大
D．若θ一定，F(xiàn)小時(shí)FN大
19．（2016·新課標(biāo)全國卷Ⅲ）如圖，兩個(gè)輕環(huán)a和b套在位于豎直面內(nèi)的
25、一段固定圓弧上；一細(xì)線穿過兩輕環(huán)，其兩端各系一質(zhì)量為m的小球。在a和b之間的細(xì)線上懸掛一小物塊。平衡時(shí)，a、b間的距離恰好等于圓弧的半徑。不計(jì)所有摩擦。小物塊的質(zhì)量為
A． B．m C．m D．2m
20．（2014·海南卷）如圖，一不可伸長的光滑輕繩，其左端固定于O點(diǎn)，右端跨過位于O'點(diǎn)的固定光滑軸懸掛一質(zhì)量為M的物體；OO'段水平，長度為L；繩上套一可沿繩滑動的輕環(huán)?，F(xiàn)在輕環(huán)上懸掛一鉤碼，平衡后，物體上升L。則鉤碼的質(zhì)量為
A．M B．M C．M D．M
1．C【解析】以重物為研究對象，繩子對其拉力等于其重力，以O(shè)點(diǎn)為研究對象，分析受力，如圖：
根據(jù)平衡條件，
26、結(jié)合幾何知識，桿AO對O點(diǎn)的支持力：；鋼索OC對O點(diǎn)的拉力：，故C正確、ABD錯誤。
2．D【解析】設(shè)球正對風(fēng)的截面積為S，由于已知風(fēng)力大小正比于風(fēng)速和球正對風(fēng)的截面積，所以風(fēng)力大小為F=kSv，當(dāng)速度為3 m/s時(shí)，由平衡條件得，mgtan30°=Sv0k，當(dāng)角度為60°時(shí)，同理可得mgtan60°=Svk，由此可解的v=9 m/s，故A錯誤。
風(fēng)速增大，θ不可能變?yōu)?0°，因?yàn)槔K子拉力在豎直方向上的分力與重力平衡。故B錯誤。若風(fēng)速不變，換用半徑變大、質(zhì)量不變的球，則風(fēng)力變大，根據(jù)F=mgtanθ，知θ變大。故C錯誤。若風(fēng)速不變，換用半徑相等、質(zhì)量變大的球，知風(fēng)力不變，根據(jù)F=mgt
27、anθ，知重力變大，風(fēng)力不變，則θ減小。故D正確。
3．AD【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量只有大小沒有方向，A正確，B錯誤；矢量的正負(fù)號只表示方向，不表示大小，所以–10 m的位移比5 m的位移大，C錯誤；有些標(biāo)量的正負(fù)號代表大小，溫度是標(biāo)量，所以–10 ℃比5 ℃的溫度低，D正確。
4．D【解析】A．黑板擦受到重力以及黑板對它的作用力處于平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡的特點(diǎn)可知，黑板對黑板刷的作用力與重力大小相等，方向相反，方向豎直向上。故A錯誤；B．黑板擦處于靜止?fàn)顟B(tài)，其受到豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力作用，并且二力是一對平衡力，大小相等，所以黑板擦受到摩擦力的大小與黑板和
28、黑板擦間磁力的大小無直接關(guān)系。故B錯誤；C．黑板擦受到重力以及與黑板之間的磁力、彈力、摩擦力的作用，共受到4個(gè)力的作用。故C錯誤；D．黑板擦受到重力以及與黑板之間的磁力、彈力、摩擦力的作用，其中與刷子之間有三對作用力與反作用力。故D正確。
5．C【解析】根據(jù)三角形定則或平行四邊形定則，可知A選項(xiàng)合力為2F2，B選項(xiàng)合力為2F1，C選項(xiàng)合力為零，D選項(xiàng)合力為2F3，故C正確，ABD錯誤。
6．AB【解析】把A、B看成一個(gè)整體受重力、支持力而處于平衡狀態(tài)，故B受到桌面的支持力等于A、B的重力之和，因B對桌面的壓力與支持力為作用力與反作用力，故B對桌面的壓力的大小等于A、B的重力之和，故A正確，
29、D錯誤；以A為研究對象，A受重力、支持力及磁鐵的吸引力而處于平衡，A受到支持力等于A的重力與吸引力的合力，所以A對B的壓力大于A的重力，故B正確，C錯誤。
7．D【解析】對晾衣桿受力分析，被子對桿兩相等的對稱的支持力，由于被子處于平衡，則兩支持力的合力等于重力，則根據(jù)牛頓第三定律知，無論夾角θ取何值都有N=G，故ABC錯誤，D正確。
8．C【解析】先對小球m1受力分析，受重力和支持力，假設(shè)細(xì)線對小球m1有拉力作用，則小球m1受力不能平衡，故拉力為零，即m1受到2個(gè)力作用；再對小球m2受力分析，受到重力和支持力，支持力與重力平衡，也受到2個(gè)力作用，故選項(xiàng)C正確，ABD錯誤。
9．BD【解析
30、】根據(jù)平行四邊形定則，作出，如圖所示，與等大反向，可以在第四象限任意范圍內(nèi)，以及第一象限一定范圍內(nèi)，故可以在第二象限任意方向，第三象限一定范圍內(nèi)，A錯誤，B正確；F3與F2的合力大小等于的大小，恒定不變，C錯誤；從圖中可知當(dāng)與垂直時(shí)，最小，根據(jù)三角函數(shù)可得，D正確。
【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用三角形定則分析三力平衡問題，確定F3的范圍及最小值，也可以運(yùn)用結(jié)論確定F3取得最小值的條件：F2⊥F3。
10．B【解析】對O點(diǎn)進(jìn)行受力分析，如圖所示：
在工人拉動的過程中，與水平方向的夾角變小，則根據(jù)平衡條件可以得到：，，則當(dāng)變小時(shí)，和均增大，即繩OA和OC拉力均增大，故選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)ACD錯誤。
31、
11．BC【解析】設(shè)兩共點(diǎn)力Fa、Fb之間的夾角θ為鈍角，由圖示平行四邊形可知，當(dāng)Fa逐漸增大為Fa1、Fa2、Fa3時(shí)，其合力由原來的F1變?yōu)镕2、F3、F4，它們可能小于F1、可能等于F1，可能大于F1，故A錯誤，BC正確。當(dāng)0°<θ<90°時(shí)，隨著其中的一個(gè)力增大，合力一定增大，D錯誤。
12．D【解析】以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力，作出力圖如圖所示：
根據(jù)作圖法分析得到，當(dāng)小球施加的力F與細(xì)繩垂直時(shí)，所用的力最小。根據(jù)平衡條件，F(xiàn)的最小值為：，故D正確，ABC錯誤。
13．BC【解析】標(biāo)量沒有方向，只有大小，而矢量既有方向又有大小，兩者有嚴(yán)格區(qū)別，A錯誤B正確；時(shí)間、時(shí)
32、刻、路程都是標(biāo)量，C正確；電流只有一個(gè)方向，從正極到負(fù)極，但沒有正負(fù)之分，表示標(biāo)量，D錯誤。
14．A【解析】對木塊受力分析，受到重力，支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件，有mgsinθ–f1=0，mgcosθ–N1=0；對斜面受力分析，受重力Mg、支持力N、滑塊的壓力N1、滑塊的摩擦力f1和地面的靜摩擦力f，設(shè)靜摩擦力f向左，則f=N1sinθ–f1cosθ=0，即地面對斜面的摩擦力大小為0，故A正確，BCD錯誤。
15．C【解析】金屬球受到的重力產(chǎn)生兩個(gè)作用效果，壓AB面和壓BC面，作圖如下：
對AB面的壓力等于分力F1，對BC面的壓力等于分力F2，故，C正確。
16．B【解析】F是
33、通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個(gè)彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱的拉力與兩個(gè)彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力。故方向一定沿AO方向的是F′，由于誤差的存在F和F′方向并不在重合；合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法。故選B。
17．A【解析】
T=f+mgsinθ，f=μN(yùn)，N=mgcosθ，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150kg，故A選項(xiàng)符合題意
18．BC【解析】選木楔為研究對象，木楔受到的力有：水平向左的F、和兩側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力，由于木楔處于平衡狀態(tài)，所以側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力與F沿兩側(cè)分解的分力是相等
34、的，力F的分解如圖：
則：，所以：，由公式可知，當(dāng)F一定，θ小時(shí)FN大；當(dāng)θ一定，F(xiàn)大時(shí)FN大。故AD錯誤，BC正確。故選BC。
【點(diǎn)睛】對力進(jìn)行分解時(shí)，一定要分清力的實(shí)際作用效果的方向如何，再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進(jìn)行分解即可。
19．C【解析】根據(jù)題意設(shè)懸掛小物塊的點(diǎn)為O'，圓弧的圓心為O，由于ab=R，所以三角形Oab為等邊三角形，根據(jù)幾何知識可得∠aO'b=120°，而一條繩子上的拉力相等，故T=mg，小物塊受到兩條繩子的拉力作用且兩力大小相等，夾角為120°，故受到的拉力的合力等于mg，因?yàn)樾∥飰K受到繩子的拉力和重力作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，故拉力的合力等于小物塊的重力，為mg，所以小物塊的質(zhì)量為m，C正確。
20．D【解析】假設(shè)平衡后輕環(huán)位置為P，平衡后，物體上升L，說明此時(shí)POO'恰好構(gòu)成一個(gè)邊長為L的正三角形，繩中張力處處相等，均為Mg，故鉤碼的重力恰好與PO'、PO拉力的合力等大反向，由三角函數(shù)關(guān)系可知，鉤碼的重力為Mg，故其質(zhì)量為M，D正確。
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浙江新高考備戰(zhàn)2020年高考物理 考點(diǎn)一遍過 考點(diǎn)05 力的合成與分解 受力分析（含解析）
