《2018年高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題06 機械能守恒定律 功能關(guān)系學(xué)案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018年高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題06 機械能守恒定律 功能關(guān)系學(xué)案（20頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題06 機械能守恒定律 功能關(guān)系 構(gòu)建知識網(wǎng)絡(luò)： 考情分析： 能量轉(zhuǎn)化與守恒是貫穿整個高中物理的一條主線，功能關(guān)系和能量守恒是高考的重點，更是高考的熱點。往往與電場、磁場以及典型的運動規(guī)律相聯(lián)系，并常作為壓軸題出現(xiàn)。另外，還可能從以下角度組織命題：（1）滑動摩擦力做功情況下的功能關(guān)系問題；（2）與帶電粒子在電場、復(fù)合場中的運動相結(jié)合的問題。 重點知識梳理： 一、重力做功與重力勢能 1.重力做功的特點 (1)重力做功與路徑無關(guān)，只與始末位置的高度差有關(guān). (2)重力做功不引起物體機械能的變化. 2.重力做功與重力勢能變化的關(guān)系 (1)定性關(guān)系：重力對物體做正功，重力

2、勢能減??；重力對物體做負功，重力勢能增大. (2)定量關(guān)系：重力對物體做的功等于物體重力勢能的減少量，即WG＝－(Ep2－Ep1)＝－ΔEp. (3)重力勢能的變化量是絕對的，與參考平面的選取無關(guān). 二、彈性勢能 1.定義 發(fā)生彈性形變的物體之間，由于有彈力的相互作用而具有的勢能. 2.彈力做功與彈性勢能變化的關(guān)系 (1)彈力做功與彈性勢能變化的關(guān)系類似于重力做功與重力勢能變化的關(guān)系，用公式表示：W＝－ΔEp. (2)對于彈性勢能，一般地，物體的彈性形變量越大，彈性勢能越大. 3.重力勢能與彈性勢能的比較 內(nèi)容 重力勢能 彈性勢能 概念 物體由于被舉高而具有的能

3、物體由于發(fā)生彈性形變而具有的能 大小 Ep＝mgh 與形變量及勁度系數(shù)有關(guān) 相對性 大小與所選取的參考平面有關(guān) 一般選彈簧形變?yōu)榱愕臓顟B(tài)為彈性勢能零點 三、機械能守恒定律及其應(yīng)用 1.機械能 動能和勢能統(tǒng)稱為機械能，其中勢能包括彈性勢能和重力勢能. 2.機械能守恒定律 (1)內(nèi)容：在只有重力或彈力做功的物體系統(tǒng)內(nèi)，動能與勢能可以相互轉(zhuǎn)化，而總的機械能保持不變. (2)常用的三種表達式 ①守恒式：E1＝E2或Ek1＋Ep1＝Ek2＋Ep2.(E1、E2分別表示系統(tǒng)初末狀態(tài)時的總機械能) ②轉(zhuǎn)化式：ΔEk＝－ΔEp或ΔEk增＝ΔEp減.(表示系統(tǒng)動能的增加量等于勢能

4、的減少量) ③轉(zhuǎn)移式：ΔEA＝－ΔEB或ΔEA增＝ΔEB減.(表示系統(tǒng)只有A、B兩物體時，A增加的機械能等于B減少的機械能) 四、能量守恒定律 1.內(nèi)容 能量既不會憑空產(chǎn)生，也不會憑空消失，它只能從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量保持不變. 2.適用范圍 能量守恒定律是貫穿物理學(xué)的基本規(guī)律，是各種自然現(xiàn)象中普遍適用的一種規(guī)律. 3.表達式 (1)E初＝E末，初狀態(tài)各種能量的總和等于末狀態(tài)各種能量的總和. (2)ΔE增＝ΔE減，增加的那些能量的增加量等于減少的那些能量的減少量. 【名師提醒】 一對平衡力做功絕對值肯定

5、相等；一對相互作用力做功的絕對值不一定相等，可以同為正或同為負，也可以一個做功一個不做功，可以一正一負絕對值不一定相等---因為相互作用力作用在不同的物體上，不同的物體位移不一定相等。 典型例題剖析： 考點一：機械能守恒定律的應(yīng)用 【典型例題1】如圖甲所示，將質(zhì)量為m的小球以速度v0豎直向上拋出，小球上升的最大高度為h。若將質(zhì)量分別為2m、3m、4m、5m的小球，分別以同樣大小的速度v0從半徑均為R＝h的豎直圓形光滑軌道的最低點水平向右射入軌道，軌道形狀如圖乙、丙、丁、戊所示。則質(zhì)量分別為2m、3m、4m、5m的小球中，能到達的最大高度仍為h的是(小球大小和空氣阻力均不計)(　　)

6、 A．質(zhì)量為2m的小球 B．質(zhì)量為3m的小球 C．質(zhì)量為4m的小球 D．質(zhì)量為5m的小球 【答案】C 【變式訓(xùn)練1】(2017·常州七校高三聯(lián)考)如圖所示，水平傳送帶的右端與豎直面內(nèi)的用內(nèi)壁光滑鋼管彎成的“9”形固定軌道相接，鋼管內(nèi)徑很小。傳送帶的運行速度為v0＝6 m/s，將質(zhì)量m＝1.0 kg的可看作質(zhì)點的滑塊無初速地放在傳送帶A端，傳送帶長度L＝12.0 m，“9”形軌道高H＝0.8 m，“9”形軌道上半部分圓弧半徑為R＝0.2 m，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.3，重力加速度g＝10 m/s2，試求： (1)滑塊從傳送帶A端運動到B端所需要的時

7、間； (2)滑塊滑到軌道最高點C時受到軌道的作用力大?。? (3)若滑塊從“9”形軌道D點水平拋出后，恰好垂直撞在傾角θ＝45°的斜面上P點，求P、D兩點間的豎直高度h(保留兩位有效數(shù)字)。 【答案】　(1)3 s　(2)90 N　(3)1.4 m (2)滑塊由B運動到C，由機械能守恒定律得：－mgH＝mvC2－mv02 在C點，軌道對滑塊的彈力與其重力的合力提供做圓周運動的向心力，設(shè)軌道對滑塊的彈力方向豎直向下，由牛頓第二定律得：FN＋mg＝m 解得：FN＝90 N。 (3)滑塊由B到D運動的過程中，由機械能守恒定律得： mv02＝mvD2＋mg(H－2R) 設(shè)P、D兩點間

8、的豎直高度為h， 滑塊由D到P運動的過程中，由機械能守恒定律得： mvP2＝mvD2＋mgh又vD＝vPsin 45° 由以上三式可解得h＝1.4 m。 【變式訓(xùn)練2】　(2017·蘇南名校二模)如圖所示，不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，繩兩端各系一小球a和b。a球質(zhì)量為m，靜置于水平地面上；b球質(zhì)量為3m，用手托住，高度為h，此時輕繩剛好拉緊。現(xiàn)將b球釋放，則b球著地瞬間a球的速度大小為(　　) A.　　　　　　　　B. C. D．2 【答案】A 【解析】　在b球落地前，a、b兩球組成的系統(tǒng)機械能守恒，且a、b兩球速度大小相

9、等，設(shè)為v，根據(jù)機械能守恒定律有：3mgh＝mgh＋(3m＋m)v2，解得：v＝，故A正確。 【變式訓(xùn)練3】(多選)(2017·揚州邗江區(qū)監(jiān)測)如圖所示，A和B兩個小球固定在一根輕桿的兩端，A球的質(zhì)量為m，B球的質(zhì)量為2m，此桿可繞穿過O點的水平軸無摩擦地轉(zhuǎn)動?，F(xiàn)使輕桿從水平位置由靜止釋放，則在桿從釋放到轉(zhuǎn)過90°的過程中，下列說法正確的是(　　) A．A球的機械能增加 B．桿對A球始終不做功 C．B球重力勢能的減少量等于B球動能的增加量 D．A球和B球的總機械能守恒 【答案】AD 【名師提醒】（要注意機械能守恒與平衡條件的區(qū)別） 1.機械能守恒的判斷 （1）利用機械

10、能的定義判斷：分析動能和勢能的和是否變化，如勻速下落的物體動能不變，重力勢能減小，物體的機械能必減小。 （2）利用做功判斷：若物體或系統(tǒng)只有重力（或彈簧彈力）做功，或有其它力做功，但其它力做功的代數(shù)和為零，機械能守恒。 （3）利用能量轉(zhuǎn)化判斷：若系統(tǒng)中只有動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化，而無機械能與其它形式的能的轉(zhuǎn)化，則系統(tǒng)的機械能守恒。 （4）對一些繩子突然繃緊、物體間非彈性碰撞等問題機械能一般不守恒，除非題中有特別說明或暗示。 2.運用機械能守恒解題的步驟 考點二：能量守恒定律的應(yīng)用 【典型例題2】(多選)如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相

11、連，彈簧水平且處于原長．圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達C處的速度為零，AC＝h.圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A.彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g.則圓環(huán)(　　) A．下滑過程中，加速度一直減小 B．下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2 C．在C處，彈簧的彈性勢能為mv2－mgh D．上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度 【答案】BD 【變式訓(xùn)練4】如圖12所示，光滑坡道頂端距水平面高度為 h，質(zhì)量為m的小物塊A從坡道頂端由靜止滑下，進 入水平面上的滑道時無機械能損失，為使A制動， 將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長線M

12、處的墻上， 另一端恰位于坡道的底端O點.已知在OM段，物塊A與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，其余各處的摩擦不計，重力加速度為g，求： （1）物塊滑到O點時的速度大小； （2）彈簧為最大壓縮量d時的彈性勢能(設(shè)彈簧處于原長時彈性勢能為零) （3）若物塊A能夠被彈回到坡道上，則它能夠上升的最大高度是多少？ 【答案】（1）（2）（3） 【名師提醒】 1.對能量守恒的兩點理解 （1）某種形式的能量減少，一定有其它形式的能量增加，且減少量和增加量相等。 （2）某個物體的能量減少，一定有其他物體的能量增加，且減少量和增加量相等 2.應(yīng)用能量守恒定律的一般步驟 （1）分清有多少種

13、形式的能（如動能、勢能、內(nèi)能、電能等）在變化 （2）分別列出減少的能量和增加的能量的表達式 （3）列守恒方程=。 考點三：功能關(guān)系的應(yīng)用 【典型例題3】(2017·南通二模)如圖所示，木塊A放在木板B的左端上方，用水平恒力F將A拉到B的右端，第一次將B固定在地面上，F(xiàn)做功W1，生熱Q1；第二次讓B在光滑水平面可自由滑動，F(xiàn)做功W2，生熱Q2，則下列關(guān)系中正確的是(　　) A．W1＜W2，Q1＝Q2　　　　　 B．W1＝W2，Q1＝Q2 C．W1＜W2，Q1＜Q2 D．W1＝W2，Q1＜Q2 【答案】A 【變式訓(xùn)練5】(多選)(2017·常熟

14、模擬)在大型物流貨場，廣泛的應(yīng)用傳送帶搬運貨物。如圖甲所示，傾斜的傳送帶以恒定速率運動，皮帶始終是繃緊的，將m＝1 kg的貨物放在傳送帶上的A點，經(jīng)過1.2 s到達傳送帶的B點。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的速度v隨時間t變化的圖像如圖乙所示，已知重力加速度g＝10 m/s2。由v-t圖像可知(　　) A．A、B兩點的距離為2.4 m B．貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5 C．貨物從A運動到B的過程中，傳送帶對貨物做功大小為12.8 J D．貨物從A運動到B的過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8 J 【答案】BD 【解析】　根據(jù)v -t圖像可知，貨物放在傳送帶上后做勻加

15、速直線運動，當(dāng)速度達到與傳送帶速度相同時，繼續(xù)做勻加速直線運動，但是加速度變小了，所以貨物受到的滑動摩擦力在t＝0.2 s時由沿傳送帶向下變?yōu)檠貍魉蛶蛏?。A到B的距離對應(yīng)貨物v -t圖像與橫軸所圍的“面積”，x＝×2×0.2＋×(2＋4)×1 m＝3.2 m，故A錯誤；0～0.2 s內(nèi)貨物的加速度為a1＝＝ m/s2＝10 m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1，同理0.2～1.2 s內(nèi)a2＝＝ m/s2＝2 m/s2，mgsin θ－μmgcos θ＝ma2，聯(lián)立解得：cos θ＝0.8，μ＝0.5，故B正確；整個過程貨物與傳送帶間的滑動摩擦力大小均為Ff＝μ

16、mgcos θ＝4 N，則0～0.2 s內(nèi)傳送帶對貨物做功為：W1＝Ffx1＝4×0.2 J＝0.8 J,0.2～1.2 s內(nèi)傳送帶對貨物做功為：W2＝－Ffx2＝－4×3 J＝－12 J，W＝W1＋W2＝－11.2 J，所以整個過程，傳送帶對貨物做功大小為11.2 J，故C錯誤；根據(jù)功能關(guān)系，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對位移，由圖像可得0～0.2 s內(nèi)相對位移Δx1＝×0.2×2 m＝0.2 m, 0.2～1.2 s內(nèi)相對位移Δx2＝×1×2 m＝1 m，所以產(chǎn)生的熱量為：Q＝FfΔx1＋FfΔx2＝4.8 J，故D正確。 【變式訓(xùn)練6】如圖所示是安裝在列車車廂之間的摩擦緩

17、沖器結(jié)構(gòu)圖。圖中①和②為楔塊，③和④為墊板，楔塊與彈簧盒、墊板間均有摩擦。在車廂相互撞擊使彈簧壓縮的過程中(　　) A．緩沖器的機械能守恒 B．摩擦力做功消耗機械能 C．墊板的動能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 D．彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為動能 【答案】B 【名師提醒】 1.掌握五大重要的功能關(guān)系 （1）動能如何變化看合外力做功：合外力做正功動能增加、合外力做負功動能減小即W合＝ΔEk(動能定理) （2）勢能如何變化看與之對應(yīng)的力做功：重力勢能如何變化看重力做功、彈簧彈性勢能如何變化看彈簧彈力做功、電勢能如何變化看電場力做功、分子勢能如何變化看分子力做功；與之對應(yīng)的力做正功，勢能減

18、??；與之對應(yīng)的力做負功，勢能增加。 （3）機械能如何變化看除重力和彈簧彈力以外的力做功：以外的做正功，機械能增加；以外的力做負功，機械能減小。 （4）一對滑動摩擦力做功的絕對值等于系統(tǒng)內(nèi)能的增加量，即Q＝Ff x相對。 （5）在動生電磁感應(yīng)中克服安培力所做功等于產(chǎn)生的電熱 2.應(yīng)用功能關(guān)系解題的一般思路 （1）先分析清楚是什么力做功，做正功還是負功，在根據(jù)功能關(guān)系之間的一一對應(yīng)關(guān)系，判斷能的轉(zhuǎn)化形式和轉(zhuǎn)化多少。 （2）也可以反過來根據(jù)能量之間的轉(zhuǎn)化情況，確定是什么力做功，這種方法可以方便計算變力做功。 考點四：能量觀點結(jié)合動力學(xué)方法解決多過程問題 【典型例題4】(2017·南京

19、模擬)如圖所示，光滑斜面傾角為θ，底端固定一垂直于斜面的擋板C，在斜面上放置長木板A，A的下端與C的距離為d，A的上端放置小物塊B，A、B的質(zhì)量均為m，A、B間的動摩擦因數(shù)μ＝tan θ，現(xiàn)同時由靜止釋放A、B，A與C發(fā)生碰撞的時間極短，碰撞前、后瞬間速度大小相等，運動過程中小物塊始終沒有從木板上滑落。已知重力加速度為g，求 (1)A與C發(fā)生第一次碰撞前瞬間的速度大小v1； (2)A與C發(fā)生第一次碰撞后上滑到最高點時，小物塊B的速度大小v2； (3)為使B不與C碰撞，木板A長度的最小值L。 【答案】(1)　(2)　(3)4d (2)設(shè)發(fā)生第一次碰撞后，A上滑，B下滑的加速度大

20、小分別為aA、aB，則有：μmgcos θ＋mgsin θ＝maA μmgcos θ－mgsin θ＝maB； 由于aA＞aB，則A先減速到零，設(shè)A第一次碰撞后上滑到最高點的時間為t，則v1＝aAt v2＝v1－aBt解得：v2＝； 【變式訓(xùn)練7】如圖，一輕彈簧原長為2R，其一端固定在傾角為37°的固定直軌道AC的底端A處，另一端位于直軌道上B處，彈簧處于自然狀態(tài)。直軌道與一半徑為R的光滑圓弧軌道相切于C點，AC＝7R，A、B、C、D均在同一豎直平面內(nèi)。質(zhì)量為m的小物塊P自C點由靜止開始下滑，最低到達E點(未畫出)，隨后P沿軌道被彈回，最高到達F點，AF＝4R。已知P與直軌道間的動

21、摩擦因數(shù)μ＝，重力加速度大小為g。 (1)求P第一次運動到B點時速度的大小。 (2)求P運動到E點時彈簧的彈性勢能。 (3)改變物塊P的質(zhì)量，將P推至E點，從靜止開始釋放。已知P自圓弧軌道的最高點D處水平飛出后，恰好通過G點。G點在C點左下方，與C點水平相距R、豎直相距R。求P運動到D點時速度的大小和改變后P的質(zhì)量。 【答案】(1)2　(2)mgR　(3)　m 【解析】：(1)根據(jù)題意知，B、C之間的距離l為l＝7R－2R① 設(shè)P到達B點時的速度為vB，由動能定理得mglsin θ－μmglcos θ＝mvB2② 式中θ＝37°。聯(lián)立①②式并由題給條件得vB＝2。③ (2)

22、設(shè)BE＝x。P到達E點時速度為零，設(shè)此時彈簧的彈性勢能為Ep。P由B點運動到E點的過程中，由動能定理有mgxsin θ－μmgxcos θ－Ep＝0－mvB2④ E、F之間的距離l1為l1＝4R－2R＋x⑤ P到達E點后反彈，從E點運動到F點的過程中，由動能定理有Ep－mgl1sin θ－μmgl1cos θ＝0⑥ 聯(lián)立③④⑤⑥式并由題給條件得x＝R⑦ Ep＝mgR。⑧ 【名師提醒】 1.力學(xué)綜合問題，涉及動力學(xué)、功能關(guān)系，解決此類問題關(guān)鍵要做好“四選擇”. (1)當(dāng)物體受到恒力作用發(fā)生運動狀態(tài)的改變而且又涉及時間時，一般選擇用動力學(xué)方法解題； (2)當(dāng)涉及功、能和位

23、移時，一般選用動能定理、機械能守恒定律、功能關(guān)系或能量守恒定律解題，題目中出現(xiàn)相對位移時，應(yīng)優(yōu)先選擇能量守恒定律； (3)當(dāng)涉及細節(jié)并要求分析力時，一般選擇牛頓運動定律，對某一時刻的問題選擇牛頓第二定律求解： (4)復(fù)雜問題的分析一般需選擇能量的觀點、運動與力的觀點綜合解題. 2.動力學(xué)多過程問題的特點及解答對策 （1）模型特點：物體的整個運動過程，往往是包含直線運動、平拋運動、圓周運動等多種運動形式的組合 （2）應(yīng)對策略： ①抓住物理情景中出現(xiàn)的運動狀態(tài)與運動過程，將整個物理過程分成幾個簡單的子過程 ②對每一個子過程分別進行受力分析、過程分析、能量分析，選擇合適的規(guī)律對相應(yīng)的子

24、過程列方程 ③兩個相鄰的子過程連接點，速度是連接兩過程的紐帶，因此要特別關(guān)注連接點速度的大小和方向 ④解方程并分析結(jié)果 專題六 課時跟蹤訓(xùn)練 一、單項選擇題 1.(2017·南京模擬)如圖所示，傾角為θ的光滑斜面體C固定于水平地面上，小物塊B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體A相連接，釋放后，A將向下運動，則在A碰地前的運動過程中(　　) A．A的加速度大小為g B．物體A機械能守恒 C．由于斜面光滑，所以物塊B機械能守恒 D．A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒 【答案】D 2.把小球放在豎立的彈簧上，并把球往下按至A位置，如圖甲所示。迅速松手后，球升高

25、至最高位置C(圖丙)，途中經(jīng)過位置B時彈簧正處于原長(圖乙)。忽略彈簧的質(zhì)量和空氣阻力。則小球從A位置運動到C位置的過程中，下列說法正確的是(　　) A．經(jīng)過位置B時小球的加速度為0 B．經(jīng)過位置B時小球的速度最大 C．小球、地球、彈簧所組成系統(tǒng)的機械能守恒 D．小球、地球、彈簧所組成系統(tǒng)的機械能先增大后減小 【答案】C 【解析】　分析小球從A位置到B位置的過程中受力情況，開始時彈力大于重力，中間某一位置彈力和重力相等，接著彈力小于重力，在B點時，彈力為零，小球從B到C的過程中，只受重力。根據(jù)牛頓第二定律可以知道小球從A位置到B位置過程中，小球先向上做加速運動再向上做減速運動，

26、所以速度最大位置應(yīng)該是加速度為零的位置，在AB之間某一位置，選項A、B錯誤；從A位置到C位置過程中小球、地球、彈簧組成的系統(tǒng)只有重力和彈力做功，所以系統(tǒng)的機械能守恒，選項C正確，D錯誤。 3.(2017·連云港模擬)如圖所示，可視為質(zhì)點的小球A和B用一根長為0.2 m的輕桿相連，兩球質(zhì)量相等，開始時兩小球置于光滑的水平面上，并給兩小球一個2 m/s的初速度，經(jīng)一段時間兩小球滑上一個傾角為30°的光滑斜面，不計球與斜面碰撞時的機械能損失，g取10 m/s2，在兩小球的速度減小為零的過程中，下列判斷正確的是(　　) A．桿對小球A做負功 B．小球A的機械能守恒 C．桿對小球B做

27、正功 D．小球B速度為零時距水平面的高度為0.15 m 【答案】D 4.(2017·昆山模擬)輕質(zhì)彈簧右端固定在墻上，左端與一質(zhì)量m＝0.5 kg的物塊相連，如圖甲所示。彈簧處于原長狀態(tài)，物塊靜止且與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2。以物塊所在處為原點，水平向右為正方向建立x軸。現(xiàn)對物塊施加水平向右的外力F，F(xiàn)隨x軸坐標變化的關(guān)系如圖乙所示。物塊運動至x＝0.4 m處時速度為零。則此時彈簧的彈性勢能為(g取10 m/s2)(　　) A．3.1 J B．3.5 J C．1.8 J D．2.0 J

28、【答案】A 5.(2017·蘇州四校聯(lián)考)蹦極是一項既驚險又刺激的運動，深受年輕人的喜愛。如圖所示，蹦極者從P處由靜止跳下，到達A處時彈性繩剛好伸直，繼續(xù)下降到最低點B處，B離水面還有數(shù)米距離。蹦極者(視為質(zhì)點)在其下降的整個過程中，重力勢能的減少量為ΔE1、繩的彈性勢能的增加量為ΔE2、克服空氣阻力做的功為W，則下列說法正確的是(　　) A．蹦極者從P到A的運動過程中，機械能守恒 B．蹦極者與繩組成的系統(tǒng)從A到B的過程中，機械能守恒 C．ΔE1＝W＋ΔE2 D．ΔE1＋ΔE2＝W 【答案】C 【解析】　下落過程中有空氣阻力做功，所以機械能不守恒，A、B項錯誤；根據(jù)能量守

29、恒，在下落的全過程，有ΔE1＝W＋ΔE2，故C項正確，D項錯誤。 二、多項選擇題 6.如圖所示，A、B兩球質(zhì)量相等，A球用不能伸長的輕繩系于O點，B球用輕彈簧系于O′點，O與O′點在同一水平面上，分別將A、B球拉到與懸點等高處，使繩和輕彈簧均處于水平，彈簧處于自然狀態(tài)，將兩球分別由靜止開始釋放，當(dāng)兩球達到各自懸點的正下方時，兩球仍處在同一水平面上，則(　　) A．兩球到達各自懸點的正下方時，兩球動能相等 B．兩球到達各自懸點的正下方時，A球動能較大 C．兩球到達各自懸點的正下方時，B球動能較大 D．兩球到達各自懸點的正下方時，A球受到向上的拉力較大 【答案】BD 7.(

30、2017·蘇北四市高三調(diào)研)如圖所示，固定在地面的斜面體上開有凹槽，槽內(nèi)緊挨放置六個半徑均為r的相同小球，各球編號如圖。斜面與水平軌道OA平滑連接，OA長度為6r。現(xiàn)將六個小球由靜止同時釋放，小球離開A點后均做平拋運動，不計一切摩擦。則在各小球運動過程中，下列說法正確的是(　　) A．球1的機械能守恒 B．球6在OA段機械能增加 C．球6的水平射程最小 D．六個小球落地點各不相同 【答案】BC 【解析】　6個小球都在斜面上運動時，只有重力做功，整個系統(tǒng)的機械能守恒。當(dāng)有部分小球在水平軌道上運動時，斜面上的小球仍在加速，即球2對1的作用力做功，故球1的機械能不守恒，故

31、A錯誤；球6在OA段運動時，斜面上的球在加速，球5對球6的作用力做正功，動能增加，機械能增加，故B正確；由于有部分小球在水平軌道上運動時，斜面上的小球仍在加速，所以可知離開A點時球6的速度最小，水平射程最小，故C正確；由于離開A點時，球6的速度最小，水平射程最小，而最后三個球在水平面上運動時不再加速，1、2、3球的速度相等，水平射程相同，所以六個小球的落點不全相同，故D錯誤。 8.(2017·常州檢測)如圖所示，足夠長的水平傳送帶以速度v沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，傳送帶的左端與光滑圓弧軌道底部平滑連接，圓弧軌道上的A點與圓心等高，一小物塊從A點靜止滑下，再滑上傳送帶，經(jīng)過一段時間又返回圓弧軌道，返回

32、圓弧軌道時小物塊恰好能到達A點，則下列說法正確的是(　　) A．圓弧軌道的半徑一定是 B．若減小傳送帶速度，則小物塊仍可能到達A點 C．若增加傳送帶速度，則小物塊有可能經(jīng)過圓弧軌道的最高點 D．不論傳送帶速度增加到多大，小物塊都不可能經(jīng)過圓弧軌道的最高點 【答案】BD 9.(2017·南京模擬)一質(zhì)量為m的物體在豎直向上的拉力F作用下沿豎直方向向上運動，運動過程中物體的動能與位移的關(guān)系如圖所示，其中0～x1為一曲線，x1～x2為一與橫軸平行的直線，x2～x3為一傾斜直線，不計空氣阻力，關(guān)于物體在這段位移內(nèi)的運動，下列說法正確的是(　　) A．0～x1過程中拉力F逐漸增

33、大 B．x1～x2過程中物體的重力勢能可能不變 C．x2～x3過程中拉力F為恒力 D．0～x3過程中物體的機械能增加 【答案】CD 【解析】　由動能定理Ek－Ek0＝F合x得，F(xiàn)合＝，即圖像的斜率(曲線切線)表示物體所受合力F合，在0～x1過程中曲線的斜率越來越小，F(xiàn)合越來越小，mg不變，則拉力F越來越小，A錯誤；在x1～x2過程中物體勻速上升，其重力勢能一直增加，B錯誤；在x2～x3過程中斜率是一定值，F(xiàn)合是一定值，所以拉力F是恒力，C正確；在0～x3過程中拉力F一直做正功，物體機械能一直增加，D正確。 10.如圖所示，豎直光滑桿固定不動，套在桿上的彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊

34、向下壓縮彈簧至離地高度h＝0.1m處，滑塊與彈簧不拴接.現(xiàn)由靜止釋放滑塊，通過傳感器測量到滑塊的速度和離地高度h并作出滑塊的Ek－h(huán)圖象，其中高度從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線，以地面為零勢能面，取g＝10m/s2，由圖象可知(　　) A.小滑塊的質(zhì)量為0.2kg B.彈簧最大彈性勢能為0.32J C.輕彈簧原長為0.2m D.小滑塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小為0.18J 【答案】AC 三、計算題 11.(2017·蘇州一模)如圖所示，一質(zhì)量為m＝1.5 kg的滑塊從傾角為θ＝37°的斜面上自靜止開始滑下，滑行距離

35、s＝10 m后進入半徑為R＝9 m的光滑圓弧AB，其圓心角為θ，然后水平滑上與平臺等高的小車。已知小車質(zhì)量為M＝3.5 kg，滑塊與斜面及小車表面的動摩擦因數(shù)μ＝0.35，地面光滑且小車足夠長，取g＝10 m/s2。(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)求： (1)滑塊在斜面上的滑行時間t1； (2)滑塊脫離圓弧末端B點前，軌道對滑塊的支持力大?。? (3)當(dāng)小車開始勻速運動時，滑塊在車上滑行的距離s1。 【答案】 (1)2.5 s　(2)31.7 N　(3)10 m 【解析】：(1)設(shè)滑塊在斜面上滑行的加速度為a，由牛頓第二定律，有 mg(sin θ－μcos θ)

36、＝ma，s＝at12 解得t1＝2.5 s。 12.(2017·遂寧期末)如圖，有一半徑為R＝0.3 m的光滑半圓形細管AB，將其固定在豎直墻面并使B端切線水平。一個可視為質(zhì)點的質(zhì)量為0.5 kg的小物體m由細管上端沿A點切線方向進入細管，從B點以速度vB＝4.0 m/s飛出后，恰好能從一傾角為θ＝37°的傾斜傳送帶頂端C無碰撞的滑上傳送帶。已知傳送帶長度為L＝2.75 m(圖中只畫出了傳送帶的部分示意圖)，物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.50，(取sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，g＝10 m/s2，不計空氣阻力，不考慮半圓形管AB的內(nèi)徑)。 (1)求物

37、體在A點時的速度大小及對軌道的壓力大小和方向； (2)若傳送帶以v1＝2.5 m/s順時針勻速轉(zhuǎn)動，求物體從C到底端的過程中，由于摩擦而產(chǎn)生的熱量Q。 【答案】(1)2 m/s　1.67 N，方向為豎直向上　(2)8 J (2)物體落到傳送帶頂端C時的速度大小為：vC＝＝5 m/s 傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動時，對物體施加的摩擦力沿傳送帶表面向上 則由牛頓第二定律得mg(sin θ－μcos θ)＝ma， 可得物體勻加速運動的加速度大小為：a＝2 m/s2 由L＝vCt＋a1t2， 得物體從C運動到底端的時間：t＝0.5 s 在此過程中，傳送帶相對地位移大小為s帶＝v1t 由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q＝Ff·(L＋s帶)＝μmgcos θ·(L＋v1t)＝8 J。 20