2022年高三數(shù)學一輪復習講義 數(shù)列的概念與簡單表示法教案 新人教A版
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1、2022年高三數(shù)學一輪復習講義 數(shù)列的概念與簡單表示法教案 新人教A版 自主梳理 1.數(shù)列的定義 按照________________著的一列數(shù)叫數(shù)列,數(shù)列中的______________都叫這個數(shù)列的項;在函數(shù)意義下,數(shù)列是________________________的函數(shù),數(shù)列的一般形式為:______________________,簡記為{an},其中an是數(shù)列的第____項. 1.一定順序排列 每一個數(shù) 定義域為N*(或它的子集)a1,a2,a3,…,an,… n 2.通項公式: 如果數(shù)列{an}的______與____之間的關系可以____________來表示,
2、那么這個式子叫做數(shù)列的通項公式.但并非每個數(shù)列都有通項公式,也并非都是唯一的. 2.第n項 n 用一個公式 3.數(shù)列有三種表示法:它們分別是_________、________、________. .解析法(通項公式或遞推公式) 列表法 圖象法 4.數(shù)列的分類: 數(shù)列按項數(shù)來分,分為____________、__________; 按項的增減規(guī)律分為________、________、__________和__________. 遞增數(shù)列?an+1______an;遞減數(shù)列?an+1______an;常數(shù)列?an+1______an. 按其他標準分類 有界數(shù)列存在正數(shù)M,使
3、|an|≤M 擺動數(shù)列 an的符號正負相間,如1,-1,1,-1,… 4.有窮數(shù)列 無窮數(shù)列 遞增數(shù)列 遞減數(shù)列 擺動數(shù)列 常數(shù)列 > 。? 5.a(chǎn)n與Sn的關系: 已知Sn,則an= S1 Sn-Sn-1 1.對數(shù)列概念的理解 (1)數(shù)列是按一定“次序”排列的一列數(shù),一個數(shù)列不僅與構(gòu)成它的“數(shù)”有關,而且還與這些“數(shù)”的排列順序有關,這有別于集合中元素的無序性.因此,若組成兩個數(shù)列的數(shù)相同而排列次序不同,那么它們就是不同的兩個數(shù)列. (2)數(shù)列中的數(shù)可以重復出現(xiàn),而集合中的元素不能重復出現(xiàn). (3)數(shù)列的項與項數(shù):數(shù)列的項與項數(shù)是兩個不同的概念,數(shù)列的項是指數(shù)列中某
4、一確定的數(shù),而項數(shù)是指數(shù)列的項對應的位置序號. 2.數(shù)列的函數(shù)特征 數(shù)列是一個定義域為正整數(shù)集N*(或它的有限子集{1,2,3,…,n})的特殊函數(shù),數(shù)列的通項公式也就是相應的函數(shù)解析式,即f(n)=an (n∈N*). 自我檢測 1.設an=-n2+10n+11,則數(shù)列{an}從首項到第幾項的和最大 ( ) A.10 B.11 C.10或11 D.12 2.已知數(shù)列{an}的通項公式an=n+ (n∈N*),則數(shù)列{an}的最小項是 ( ) A.a12 B.a13 C.a12或a13 D.不存在 3.在數(shù)列{an}中,a1=1,
5、a2=5,an+2=an+1-an (n∈N*),則a100等于 ( ) A.1 B.-1 C.5 D.-5 4.已知數(shù)列{an}對任意的p,q∈N*滿足ap+q=ap+aq,且a2=-6,那么a10等于 ( ) A.-165 B.-33 C.-30 D.-21 5.已知數(shù)列-1,,-,,…按此規(guī)律,則這個數(shù)列的通項公式是( ) A.a(chǎn)n=(-1)n· B.a(chǎn)n=(-1)n· C.a(chǎn)n=(-1)n· D.a(chǎn)n=(-1)n· 6.下列對數(shù)列的理解: ①數(shù)列可以看成一個定義在N*(或它的有限子集{1,2,3,…
6、,n})上的函數(shù); ②數(shù)列的項數(shù)是有限的; ③數(shù)列若用圖象表示,從圖象上看都是一群孤立的點; ④數(shù)列的通項公式是唯一的. 其中說法正確的序號是 ( ) A.①②③ B.②③④ C.①③ D.①②③④ 7.已知數(shù)列{an}的前4項為1,3,7,15,寫出數(shù)列{an}的一個通項公式為__ an=2n-1 (n∈N*)________. 8.已知數(shù)列,,2,…,根據(jù)數(shù)列的規(guī)律,2應該是該數(shù)列的第___7_____項. 9.若數(shù)列{an}的前n項和Sn=n2-10n (n=1,2,3,…),則此數(shù)列的通項公式為a
7、n=___.2n-11_______;數(shù)列{nan}中數(shù)值最小的項是第________項. 10.在數(shù)列{an}中,若a1=1,a2=,=+ (n∈N*),則該數(shù)列的通項an=______. 題型一 由數(shù)列的前幾項歸納數(shù)列的通項公式 探究點一 由數(shù)列前幾項求數(shù)列通項 例1 根據(jù)數(shù)列的前幾項,寫出下列各數(shù)列的一個通項公式: (1)-1,7,-13,19,…; (2)0.8,0.88,0.888,…; (3),,-,,-,,…; (4),1,,,…; (5)0,1,0,1,…. (6),,,,,…; 解題導引 根據(jù)數(shù)列的前幾項求它的一個通項公式,要
8、注意觀察每一項的特點,要使用添項、還原、分割等方法,轉(zhuǎn)化為一些常見數(shù)列的通項公式來求; 解 (1)符號問題可通過(-1)n或(-1)n+1表示,其各項的絕對值的排列規(guī)律為:后面的數(shù)的絕對值總比前面數(shù)的絕對值大6,故通項公式為an=(-1)n(6n-5). (2)將數(shù)列變形為 (1-0.1),(1-0.01),(1-0.001),…,∴an=. (3)各項的分母分別為21,22,23,24,…,易看出第2,3,4項的分子分別比分母少3.因此把第1項變?yōu)椋瓟?shù)列可化為 -,,-,,…, ∴an=(-1)n·. (4)將數(shù)列統(tǒng)一為,,,,…,對于分子3,5,7,9,…,是序號的2倍加
9、1,可得分子的通項公式為bn=2n+1,對于分母2,5,10,17,…,聯(lián)想到數(shù)列1,4,9,16,…,即數(shù)列{n2},可得分母的通項公式為cn=n2+1, 因此可得它的一個通項公式為an=. (5)an=或an=或an=. (6)原數(shù)列為,,,,,…, ∴an==. 探究提高 (1)據(jù)所給數(shù)列的前幾項求其通項公式時,需仔細觀察分析,抓住以下幾方面的特征: ①分式中分子、分母的特征;②相鄰項的變化特征;③拆項后的各部分特征; ④各項符號特征等,并對此應多進行對比分析、從整體到局部多角度觀察、歸納、聯(lián)想.. (2)根據(jù)數(shù)列的前幾項寫出數(shù)列的一個通項公式是不完全歸納法,它蘊含
10、著“從特殊到一般”的思想,由不完全歸納得出的結(jié)果是不可靠的,要注意代值檢驗,對于正負符號變化,可用(-1)n或(-1)n+1來調(diào)整. 變式訓練1 寫出下列數(shù)列的一個通項公式: (1)3,5,9,17,33,…;(2),2,,8,,…; (3),,2,,…; (4)3,5,7,9,…;(5),,,,,…; (6)-1,,-,,-,,…; (7)3,33,333,3 333,…. 解 (1)∵a1=3=21+1, a2=5=22+1,a3=9=23+1,…, ∴an=2n+1. (2)將數(shù)列中各項統(tǒng)一成分母為2的分數(shù),得 ,,,,,…, 觀察知,各項的分子是對應項數(shù)的平
11、方, ∴數(shù)列通項公式是an=. (3)將數(shù)列各項統(tǒng)一成的形式得 ,,,,…; 觀察知,數(shù)列各項的被開方數(shù)逐個增加3,且被開方數(shù)加1后,又變?yōu)?,6,9,12,…,所以數(shù)列的通項公式是an=. (4)各項減去1后為正偶數(shù),所以an=2n+1. (5)每一項的分子比分母少1,而分母組成數(shù)列21,22,23,24,…,所以an=. (6)奇數(shù)項為負,偶數(shù)項為正,故通項公式中含因子(-1)n;各項絕對值的分母組成數(shù)列1,2,3,4,…;而各項絕對值的分子組成的數(shù)列中,奇數(shù)項為1,偶數(shù)項為3, 即奇數(shù)項為2-1,偶數(shù)項為2+1, 所以an=(-1)n·. 也可寫為an=. (7)
12、將數(shù)列各項改寫為,,,,…,分母都是3,而分子分別是10-1,102-1,103-1,104-1,…, 所以an=(10n-1). 題型二 已知數(shù)列的遞推公式求通項公式 例2 根據(jù)下列條件,確定數(shù)列{an}的通項公式. (1)a1=2,an+1=an+n;(2)an+1=an+3n+2,且a1=2, (3)a1=1,2n-1an=an-1 (n≥2). (4)a1=1,an=an-1 (n≥2); (5)a1=1,an+1=3an+2; 解 (1)當n=1,2,3,…,n-1時,可得n-1個等式,an-an-1=n-1,an-1-an-2=n-2,…,a2-a1=1, 將其
13、相加, 得an-a1=1+2+3+…+(n-1). ∴an=a1+=2+. (2)∵an+1-an=3n+2, ∴an-an-1=3n-1 (n≥2), ∴an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1= (n≥2). 當n=1時,a1=×(3×1+1)=2符合公式,∴an=n2+. (3)方法一 an=··…···a1 =n-1·n-2·…·2·1 =1+2+…+(n-1)=, ∴an=. 方法二 由2n-1an=an-1, 得an=n-1an-1. ∴an=n-1an-1 =n-1·n-2an-2 =n-1·n-2·…·1a1
14、=(n-1)+(n-2)+…+2+1= (4)∵an=an-1 (n≥2), ∴an-1=an-2,…,a2=a1. 以上(n-1)個式子相乘得 an=a1···…·==. (5)∵an+1=3an+2, ∴an+1+1=3(an+1),∴=3, ∴數(shù)列{an+1}為等比數(shù)列,公比q=3, 又a1+1=2,∴an+1=2·3n-1, ∴an=2·3n-1-1. 探究提高 已知數(shù)列的遞推關系,求數(shù)列的通項時,通常用累加、累乘、構(gòu)造法求解. 當出現(xiàn)an=an-1+m時,構(gòu)造等差數(shù)列;當出現(xiàn)an=xan-1+y時,構(gòu)造等比數(shù)列;當出現(xiàn)an=an-1+f(n)時,用累加法求解;
15、當出現(xiàn)=f(n)時,用累乘法求解. 變式訓練2 根據(jù)下列條件,確定數(shù)列{an}的通項公式. (1) a1=2,an+1=an+ln. (2)a1=1,an+1=(n+1)an; (3) 在數(shù)列{an}中,a1=1,an+1=; (4)在數(shù)列{an}中,an+1=3a,a1=3; (5) 在數(shù)列{an}中,a1=2,an+1=4an-3n+1; (6) 在數(shù)列{an}中,a1=8,a2=2,且滿足an+2-4an+1+3an=0. (7) 數(shù)列{an}滿足an+1=若a1=,則a2 010的值為____. 解 (1) ∵an+1=an+ln, ∴an+1-an=ln=ln
16、 . ∴an-an-1=ln , an-1-an-2=ln , …… a2-a1=ln , 累加可得,an-a1=ln +ln +…+ln =ln n-ln(n-1)+ln(n-1)-ln(n-2)+…+ln 2-ln 1 =ln n. 又a1=2,∴an=ln n+2. (2)∵an+1=(n+1)an,∴=n+1. ∴=n,=n-1, …… =3, =2, a1=1. 累乘可得,an=n×(n-1)×(n-2)×…×3×2×1=n!. 故an=n!. (3) 將an+1=取倒數(shù)得: =2+,∴-=2,又=1, ∴是以1為首項,2為公差的等差數(shù)列.
17、∴=1+2(n-1),∴an=. (4)由已知an>0,在遞推關系式兩邊取對數(shù). 有l(wèi)g an+1=2lg an+lg 3, 令bn=lg an,則bn+1=2bn+lg 3, ∴bn+1+lg 3=2(bn+lg 3), ∴{bn+lg 3}是等比數(shù)列, ∴bn+lg 3=2n-1·2lg 3=2nlg 3, ∴bn=2nlg 3-lg 3=(2n-1)lg 3=lg an, ∴an=32n-1. (5) 由an+1=4an-3n+1,得an+1-(n+1)=4(an-n),又a1-1=1,所以數(shù)列{an-n}是首項為1,且公比為4的等比數(shù)列, ∴an-n=(a1-
18、1)4n-1,∴an=4n-1+n. (6) 將an+2-4an+1+3an=0變形為an+2-an+1=3(an+1-an), 則數(shù)列{an+1-an}是以a2-a1=-6為首項,3為公比的等比數(shù)列,則an+1-an=-6·3n-1,利用累加法可得an=11-3n. 題型三 由an與Sn的關系求通項an 例3?。?)已知數(shù)列{an}的前n項和Sn=2n2-3n+1,求{an}的通項公式. 解 當n=1時, a1=S1=2×12-3×1+1=0; 當n≥2時,an=Sn-Sn-1=(2n2-3n+1)-2(n-1)2+3(n-1)-1=4n-5; 又n=1時,an=4×1
19、-5=-1≠a1, ∴an= (2) 已知各項均為正數(shù)的數(shù)列{an}的前n項和滿足Sn>1,且6Sn=(an+1)(an+2),n∈N*.求{an}的通項公式. 解 由a1=S1=(a1+1)(a1+2), 解得a1=1或a1=2,由已知a1=S1>1,因此a1=2. 又由an+1=Sn+1-Sn=(an+1+1)(an+1+2)-(an+1)(an+2), 得an+1-an-3=0或an+1=-an. 因為an>0,故an+1=-an不成立,舍去. 因此an+1-an-3=0. 即an+1-an=3,從而{an}是公差為3,首項為2的等差數(shù)列,故{an}的通項為 an=3
20、n-1. 探究提高 (1)已知{an}的前n項和Sn,求an時應注意以下三點: ① an與Sn的關系式an=Sn-Sn-1的條件是n≥2,求an時切勿漏掉n=1,即a1=S1的情況. ②由Sn-Sn-1=an推得的an,當n=1時,a1也適合“an式”,則需統(tǒng)一“合寫”. ③由Sn-Sn-1=an推得的an,當n=1時,a1不適合“an式”,則數(shù)列的通項公式應 分段表示(“分寫”),即an= (2)利用Sn與an的關系求通項是一個重要內(nèi)容,應注意Sn與an間關系的靈活運用. 變式訓練3 (1)已知{an}的前n項和Sn=3n+b,求{an}的通項公式. (2)已知在正項數(shù)列
21、{an}中,Sn表示前n項和且2=an+1,求an. 解 (1)a1=S1=3+b, 當n≥2時,an=Sn-Sn-1=(3n+b)-(3n-1+b)=2·3n-1. 當b=-1時,a1適合此等式; 當b≠-1時,a1不適合此等式. ∴當b=-1時,an=2·3n-1; 當b≠-1時,an=. (2)由2=an+1,得Sn=2, 當n=1時,a1=S1=2,得a1=1; 當n≥2時,an=Sn-Sn-1 =2-2, 整理,得(an+an-1)(an-an-1-2)=0, ∵數(shù)列{an}各項為正,∴an+an-1>0. ∴an-an-1-2=0. ∴數(shù)列{an}是首項
22、為1,公差為2的等差數(shù)列. ∴an=a1+(n-1)×2=2n-1. (3) 設數(shù)列{an}的前n項和為Sn,a1=1,an=+2 (n-1) (n∈N*). ①求證:數(shù)列{an}為等差數(shù)列,并分別寫出an和Sn關于n的表達式; ②是否存在自然數(shù)n,使得S1+++…+-(n-1)2=2 013?若存在,求出n的值;若不存在,請說明理由. 解?、儆蒩n=+2(n-1),得Sn=nan-2n(n-1) (n∈N*). 當n≥2時,an=Sn-Sn-1=nan-(n-1)·an-1-4(n-1),即an-an-1=4,∴數(shù)列{an}是以a1=1為首項,4為公差的等差數(shù)列. 于是,an=
23、4n-3,Sn==2n2-n (n∈N*). ②由Sn=nan-2n(n-1),得=2n-1 (n∈N*), ∴S1+++…+-(n-1)2=1+3+5+7+…+(2n-1)-(n-1)2=n2-(n-1)2=2n-1.令2n-1=2 013,得n=1 007, 即存在滿足條件的自然數(shù)n=1 007. 題型四 用函數(shù)的思想方法解決數(shù)列問題 數(shù)列是一種特殊的函數(shù),即數(shù)列是一個定義在非零自然數(shù)集或其子集上的函數(shù),當自變量依次從小到大取值時所對應的一列函數(shù)值,就是數(shù)列.因此,在研究函數(shù)問題時既要注意函數(shù)方法的普遍性,又要考慮數(shù)列方法的特殊性. 例4已知數(shù)列{an}.
24、 (1)若an=n2-5n+4,
①數(shù)列中有多少項是負數(shù)?
②n為何值時,an有最小值?并求出最小值.
(2)若an=n2+kn+4且對于n∈N*,都有an+1>an成立.求實數(shù)k的取值范圍.
(1)求使an<0的n值;從二次函數(shù)看an的最小值.(2)數(shù)列是一類特殊函數(shù),通項公式可以看作相應的解析式f(n)=n2+kn+4.f(n)在N*上單調(diào)遞增,但自變量不連續(xù).
解 (1)①由n2-5n+4<0,解得1 25、n=3時,an有最小值,其最小值為a2=a3=-2.
(2)由an+1>an知該數(shù)列是一個遞增數(shù)列,又因為通項公式an=n2+kn+4,可以看作是關于n的二次函數(shù),考慮到n∈N*,所以-<,即得k>-3.
(1)本題給出的數(shù)列通項公式可以看做是一個定義在正整數(shù)集N*上的二次函數(shù),因此可以利用二次函數(shù)的對稱軸來研究其單調(diào)性,得到實數(shù)k的取值范圍,使問題得到解決.
(2)在利用二次函數(shù)的觀點解決該題時,一定要注意二次函數(shù)對稱軸位置的選取.
(3)易錯分析:本題易錯答案為k>-2.原因是忽略了數(shù)列作為函數(shù)的特殊性,即自變量是正整數(shù).
(3)已知數(shù)列{an}的通 26、項an=(n+1)n (n∈N*),試問該數(shù)列{an}有沒有最大項?若有,求出最大項的項數(shù);若沒有,說明理由.
解 方法一 令
??,∴n=9或n=10時,an最大,
即數(shù)列{an}有最大項,此時n=9或n=10.
方法二 ∵an+1-an=(n+2)·n+1-(n+1)·n
=n·,
當n<9時,an+1-an>0,即an+1>an;
當n=9時,an+1-an=0,即an+1=an;
當n>9時,an+1-an<0,即an+1 27、有界性問題均可借助數(shù)列的單調(diào)性來解決,判斷單調(diào)性常用①作差法,②作商法,③圖象法.求最大項時也可用an滿足;若求最小項,則用an滿足.
數(shù)列實質(zhì)就是一種特殊的函數(shù),所以本題就是用函數(shù)的思想求最值.
方法與技巧
1.求數(shù)列通項或指定項.通常用觀察法(對于交錯數(shù)列一般用(-1)n或(-1)n+1來區(qū)分奇偶項的符號);已知數(shù)列中的遞推關系,一般只要求寫出數(shù)列的前幾項,若求通項可用歸納、猜想和轉(zhuǎn)化的方法.
2.強調(diào)an與Sn的關系:an=.
3.已知遞推關系求通項:對這類問題的要求不高,但試題難度較難把握.一般有三種常見思路:
(1)算出前幾項,再歸納、猜想;
(2)“an+1=pan+ 28、q”這種形式通常轉(zhuǎn)化為an+1+λ=p(an+λ),由待定系數(shù)法求出λ,再化為等比數(shù)列;
(3)逐差累加或累乘法.
數(shù)列的概念與簡單表示法
一、選擇題
1.下列說法正確的是 ( )
A.數(shù)列1,3,5,7可表示為{1,3,5,7}
B.數(shù)列1,0,-1,-2與數(shù)列-2,-1,0,1是相同的數(shù)列
C.數(shù)列的第k項為1+ D.數(shù)列0,2,4,6,…可記為{2n}
2.數(shù)列{an}中,a1=a2=1,an+2=an+1+an對所有正整數(shù)n都成立,則a10等于( )
A.34 B.55 C.89 D.100
3.如果 29、數(shù)列{an}的前n項和Sn=an-3,那么這個數(shù)列的通項公式是 ( )
A.an=2(n2+n+1) B.an=3·2n C.an=3n+1 D.an=2·3n
二、填空題
4.已知數(shù)列{an}對于任意p,q∈N*,有ap+aq=ap+q,若a1=,a36=__4______.
5.已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,對任意n∈N*都有Sn=an-,且1 30、公式是an=n2-7n+6.
(1)這個數(shù)列的第4項是多少?
(2)150是不是這個數(shù)列的項?若是這個數(shù)列的項,它是第幾項?
(3)該數(shù)列從第幾項開始各項都是正數(shù)?
解 (1)當n=4時,a4=42-4×7+6=-6.
(2)令an=150,即n2-7n+6=150,
解得n=16或n=-9(舍去),
即150是這個數(shù)列的第16項.
(3)令an=n2-7n+6>0,解得n>6或n<1(舍).∴從第7項起各項都是正數(shù).
一、選擇題
1.已知數(shù)列{an}滿足a1=2,an+1= (n∈N*),則a1·a2·…·a2 011的值為 ( )
A.-3 B.1 31、 C.2 D.3
2.數(shù)列{an}滿足an+an+1= (n∈N*),a2=2,Sn是數(shù)列{an}的前n項和,則S21為( )
A.5 B. C. D.
3.數(shù)列{an}中,a1=1,對于所有的n≥2,n∈N*都有a1·a2·a3·…·an=n2,則a3+a5等于( )
A. B. C. D.
1.設數(shù)列{an}的前n項和Sn=n2,則a8的值為 ( )
A.15 B.16 C.49 D.64
2.已知數(shù)列{an}的通項公式是an=,那么這個數(shù)列是 ( )
A.遞增數(shù)列 B. 32、遞減數(shù)列 C.擺動數(shù)列 D.常數(shù)列
3.已知數(shù)列{an}的前n項和為Sn,且Sn=2(an-1),則a2等于 ( )
A.4 B.2 C.1 D.-2
4.數(shù)列{an}中,若an+1=,a1=1,則a6等于 ( )
A.13 B. C.11 D.
5.數(shù)列{an}滿足an+an+1= (n∈N*),a2=2,Sn是數(shù)列{an}的前n項和,則S21為 ( )
A.5 B. C. D.
二、填空題
4.已知數(shù)列{an}中,a1=,an+1=1- (n≥2),則a16=_______ 33、_.
5.數(shù)列,,,,…中,有序數(shù)對(a,b)是______________.
6.若數(shù)列中的最大項是第k項,則k=__4______.
7.已知Sn是數(shù)列{an}的前n項和,且有Sn=n2+1,則數(shù)列{an}的通項an=__________________.
8.將全體正整數(shù)排成一個三角形數(shù)陣:
1
2 3
4 5 6
7 8 9 10
11 12 13 14 15
… … … … … …
根據(jù)以上排列規(guī)律,數(shù)陣中第n (n≥3)行從左至右的第3個數(shù)是____________.
三、解答題
7.已知數(shù)列{an}中,an=1+ (n∈N*,a∈R,且a≠0).
(1 34、)若a=-7,求數(shù)列{an}中的最大項和最小項的值;
(2)若對任意的n∈N*,都有an≤a6成立,求a的取值范圍.
7.解 (1)∵an=1+ (n∈N*,a∈R,且a≠0),∵a=-7,∴an=1+.
結(jié)合函數(shù)f(x)=1+的單調(diào)性.
可知1>a1>a2>a3>a4; a5>a6>a7>…>an>1 (n∈N*).
∴數(shù)列{an}中的最大項為a5=2,最小項為a4=0.
(2)an=1+=1+.
∵對任意的n∈N*,都有an≤a6成立,并結(jié)合函數(shù)f(x)=1+的單調(diào)性,
∴5<<6,∴-10
35、(2)-1,,-,,-,.
9.解 (1)∵a1=1+,a2=2+,a3=3+,…,∴an=n+(n∈N*).
(2)∵a1=-,a2=,a3=-, a4=,…,
∴an=(-1)n·(n∈N*)
10.由下列數(shù)列{an}遞推公式求數(shù)列{an}的通項公式:
(1)a1=1,an-an-1=n (n≥2); (2)a1=1,= (n≥2);
(3)a1=1,an=2an-1+1 (n≥2).
10.解 (1)由題意得,an-an-1=n,an-1-an-2=n-1,…,a3-a2=3,a2-a1=2.
將上述各式等號兩邊累加得, an-a1=n+(n-1)+…+3+2,
即 36、an=n+(n-1)+…+3+2+1=,
故an=.
(2)由題意得,=,=,…,=,=.
將上述各式累乘得,=,故an= (3)由an=2an-1+1,
得an+1=2(an-1+1),
又a1+1=2≠0,所以=2,
即數(shù)列{an+1}是以2為首項,以2為公比的等比數(shù)列.
所以an+1=2n,即an=2n-1
11.已知數(shù)列{an}的前n項和Sn=2n2+2n,數(shù)列{bn}的前n項和Tn=2-bn.
(1)求數(shù)列{an}與{bn}的通項公式;
(2)設cn=a·bn,證明:當且僅當n≥3時,cn+1 37、n-Sn-1=2n(n+1)-2(n-1)n=4n.a1也適合,
∴{an}的通項公式an=4n
將n=1代入Tn=2-bn,得b1=2-b1,故T1=b1=1
(求bn方法一)對于n≥2,由Tn-1=2-bn-1,
Tn=2-bn,得bn=Tn-Tn-1=-(bn-bn-1),
∴bn=bn-1,bn=21-n
(求bn方法二)對于n≥2,由Tn=2-bn得
Tn=2-(Tn-Tn-1),
2Tn=2+Tn-1,Tn-2=(Tn-1-2),
Tn-2=21-n(T1-2)=-21-n, Tn=2-21-n,
bn=Tn-Tn-1=(2-21-n)-(2-22-n)=21-n.
b1=1也適合
綜上,{bn}的通項公式bn=21-n. (2)證明 方法一 由cn=a·bn=n225-n,
得=2
當且僅當n≥3時,1+≤<,
∴<·()2=1,又cn=n2·25-n>0,即cn+1
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