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2019-2020學年高中數(shù)學 第3章 導數(shù)及其應用章末復習課學案 新人教B版選修1-1

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1、第3章 導數(shù)及其應用 應用導數(shù)解決與切線相關的問題 【例1】 已知函數(shù)f(x)=x-aln x(a∈R). (1)當a=2時,求曲線y=f(x)在點A(1,f(1))處的切線方程; (2)求函數(shù)f(x)的極值. [解] 函數(shù)f(x)的定義域為(0,+∞),f′(x)=1-. (1)當a=2時,f(x)=x-2ln x,f′(x)=1-(x>0), ∴f(1)=1,f′(1)=-1, ∴y=f(x)在點A(1,f(1))處的切線方程為y-1=-(x-1),即x+y-2=0. (2)由f′(x)=1-=,x>0知: ①當a≤0時,f′(x)>0,

2、函數(shù)f(x)為(0,+∞)上的增函數(shù),函數(shù)f(x)無極值; ②當a>0時,由f′(x)=0,解得x=a; ∵x∈(0,a)時,f′(x)<0,x∈(a,+∞)時,f′(x)>0, ∴f(x)在x=a處取得極小值,且極小值為f(a)=a-aln a,無極大值. 綜上,當a≤0時,函數(shù)f(x)無極值;當a>0時,函數(shù)f(x)在x=a處取得極小值a-aln a,無極大值. 根據(jù)導數(shù)的幾何意義,導數(shù)就是相應切線的斜率,從而就可以應用導數(shù)解決一些與切線相關的問題. 1.已知函數(shù)f(x)=ax3+3x2-6ax-11,g(x)=3x2+6x+12,直線m:y=kx+9,且f′(

3、-1)=0. (1)求a的值; (2)是否存在實數(shù)k,使直線m既是曲線y=f(x)的切線,又是y=g(x)的切線?如果存在,求出k的值;如果不存在,說明理由. [解] (1)因為f′(x)=3ax2+6x-6a,且f′(-1)=0, 所以3a-6-6a=0,得a=-2. (2)因為直線m過定點(0,9),先求過點(0,9),且與曲線y=g(x)相切的直線方程. 設切點坐標為(x0,3x+6x0+12),又因為g′(x0)=6x0+6, 所以切線方程為 y-(3x+6x0+12)=(6x0+6)(x-x0). 將點(0,9)代入, 得9-3x-6x0-12=-6x-6x0,

4、 所以3x-3=0,得x0=±1. 當x0=1時,g′(1)=12,g(1)=21,切點坐標為(1,21), 所以切線方程為y=12x+9; 當x0=-1時,g′(-1)=0,g(-1)=9, 切點坐標為(-1,9), 所以切線方程為y=9. 下面求曲線y=f(x)的斜率為12和0的切線方程: 因為f(x)=-2x3+3x2+12x-11, 所以f′(x)=-6x2+6x+12. 由f′(x)=12,得-6x2+6x+12=12, 解得x=0或x=1. 當x=0時,f(0)=-11,此時切線方程為y=12x-11; 當x=1時,f(1)=2,此時切線方程為y=12x-1

5、0. 所以y=12x+9不是公切線. 由f′(x)=0,得-6x2+6x+12=0, 解得x=-1或x=2. 當x=-1時,f(-1)=-18,此時切線方程為y=-18; 當x=2時,f(2)=9,此時切線方程為y=9, 所以y=9是公切線. 綜上所述,當k=0時,y=9是兩曲線的公切線. 函數(shù)的單調性與導數(shù) 【例2】 已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+x+1,a∈R. (1)討論函數(shù)f(x)的單調區(qū)間; (2)設函數(shù)f(x)在區(qū)間內是減函數(shù),求a的取值范圍. [解] (1)因為f(x)=x3+ax2+x+1, 所以f′(x)=3x2+2ax+1. 當Δ≤0,即a

6、2≤3時,f′(x)≥0,f(x)在R上遞增. 當a2>3時,f′(x)=0求得兩根為 x=, 即f(x)在內是增函數(shù), 在內是減函數(shù), 在內是增函數(shù). 所以函數(shù)f(x)在 和內是增函數(shù); 在內是減函數(shù). (2)若函數(shù)在區(qū)間內是減函數(shù),則f′(x)=3x2+2ax+1兩根在區(qū)間外, 即解得a≥2, 故a的取值范圍是[2,+∞). 1.利用導數(shù)求函數(shù)單調區(qū)間的步驟 (1)確定函數(shù)的定義域. (2)求導數(shù)f′(x). (3)解不等式f′(x)>0或f′(x)<0. (4)將(3)中的解集與(1)中的定義域取公共部分寫出增(減)區(qū)間. 2.利用導數(shù)解決取值范圍問

7、題的兩個基本思路 (1)將問題轉化為不等式在某區(qū)間上的恒成立問題,即f′(x)≥0(或f′(x)≤0)恒成立,利用分離參數(shù)或函數(shù)性質求解參數(shù)范圍,然后檢驗參數(shù)取“=”時是否滿足題意. (2)先令f′(x)>0(或f′(x)<0),求出參數(shù)的取值范圍后,再驗證參數(shù)取“=”,看此時f(x)是否滿足題意(通常驗證參數(shù)取“=”這一步當不影響結果時可省略.) 函數(shù)的極值、最值與導數(shù) 【例3】 已知函數(shù)f(x)=(x-k)ex. (1)求f(x)的單調區(qū)間; (2)求f(x)在區(qū)間[0,1]上的最小值. [解] (1)由題意知 f′(x)=(x-k+1)ex. 令f′(x)=

8、0,得x=k-1. f(x)與f′(x)隨x的變化情況如下表: x (-∞,k-1) k-1 (k-1,+∞) f′(x) - 0 + f(x) ↘ -ek-1 ↗ 所以,f(x)的單調遞減區(qū)間是(-∞,k-1);單調遞增區(qū)間是(k-1,+∞). (2)當k-1≤0,即k≤1時,f(x)在[0,1]上單調遞增, 所以f(x)在區(qū)間[0,1]上的最小值為f(0)=-k; 當0<k-1<1,即1<k<2時, f(x)在[0,k-1]上單調遞減,在[k-1,1]上單調遞增, 所以f(x)在區(qū)間[0,1]上的最小值為f(k-1)=-ek-1; 當k-1≥1,即k

9、≥2時,f(x)在[0,1]上單調遞減, 所以f(x)在區(qū)間[0,1]上的最小值為f(1)=(1-k)e. 綜上,當k≤1時,f(x)在[0,1]上的最小值為f(0)=-k; 當1<k<2時,f(x)在[0,1]上的最小值為f(k-1)=-ek-1; 當k≥2時,f(x)在[0,1]上的最小值為f(1)=(1-k)e. (1)已知極值點求參數(shù)的值后,要回代驗證參數(shù)值是否滿足極值的定義. (2)討論極值點的實質是討論函數(shù)的單調性,即f′(x)的正負; (3)求最大值要在極大值與端點值中取最大者,求最小值要在極小值與端點值中取最小者. 2.已知函數(shù)f(x)=x3+a

10、x2+bx+c,過曲線y=f(x)上的點P(1,f(1))的切線方程為y=3x+1,y=f(x)在x=-2時有極值. (1)求f(x)的表達式; (2)求y=f(x)在[-3,1]上的單調區(qū)間和最大值. [解] (1)因為f′(x)=3x2+2ax+b, 所以f′(1)=3+2a+b, 故過曲線上P點的切線方程為 y-f(1)=(3+2a+b)(x-1), 即y-(a+b+c+1)=(3+2a+b)(x-1), 已知該切線方程為y=3x+1, 所以即 因為y=f(x)在x=-2時有極值,所以f′(-2)=0, 即-4a+b=-12, 解方程組得 所以f(x)=x3+2

11、x2-4x+5. (2)由(1)知f′(x)=3x2+4x-4=(3x-2)(x+2), 令f′(x)=0,得x1=-2,x2=. 當x∈[-3,-2)時,f′(x)>0; 當x∈時,f′(x)<0; 當x∈時,f′(x)>0. 所以f(x)的單調遞增區(qū)間為[-3,-2)和,單調遞減區(qū)間為. 又f(-2)=13,f =,f(-3)=8,f(1)=4, 所以f(x)在區(qū)間[-3,1]上的最大值為13. 分類討論思想 【例4】 已知函數(shù)f(x)=-1. (1)試判斷函數(shù)f(x)的單調性; (2)設m>0,求f(x)在[m,2m]上的最大值; (3)試證明:對?n∈N+

12、,不等式lne<. [解] (1)函數(shù)f(x)的定義域是(0,+∞). 由已知f′(x)=, 令f′(x)=0,得1-ln x=0,所以x=e. 因為當0e時,f′(x)=<0, 所以函數(shù)f(x)在(0,e]上單調遞增, 在(e,+∞)上單調遞減. (2)由(1)知函數(shù)f(x)在(0,e]上單調遞增,在(e,+∞)上單調遞減, ①當0<2m≤e,即0

13、0, 當e0,≠e, 所以ln<·?ln<, 即對?n∈N+,不等式ln<恒成立. (1)分類討論即分別歸類再進行討論,是一種重要的數(shù)學思想,也是一種邏輯方法,同時又是一種重要的解題策略. (2)解題時首先要思考為什么分類,即分

14、類依據(jù)是什么,一般的分類依據(jù)如方程類型、根的個數(shù)及與區(qū)間的關系、不等號的方向等;其次考慮分幾類,每一類中是否還需要分類. (3)分類討論的基本原則是不重不漏. 3.已知函數(shù)f(x)=x2-aln x(a∈R). (1)求f(x)的單調區(qū)間; (2)當x>1時,x2+ln x

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