6、
二、帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)
在圖6中,
圖6
設(shè)帶電粒子質(zhì)量為m,帶電荷量為q,以速度v0垂直于電場(chǎng)線(xiàn)方向射入勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),偏轉(zhuǎn)電壓為U,若粒子飛離偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏距為y,偏轉(zhuǎn)角為θ,則tan θ===,y=ayt2=
帶電粒子從極板的中線(xiàn)射入勻強(qiáng)電場(chǎng),其出射時(shí)速度方向的反向延長(zhǎng)線(xiàn)交于極板中線(xiàn)的中點(diǎn).所以側(cè)移距離也可表示為y=tan θ,所以粒子好像從極板中央沿直線(xiàn)飛出去一樣.若不同的帶電粒子是從靜止經(jīng)同一加速電壓U0加速后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的,則qU0=mv,即y=,tan θ==.由以上討論可知,粒子的偏轉(zhuǎn)角和偏距與粒子的q、m無(wú)關(guān),僅決定于加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)
7、,即不同的帶電粒子從靜止經(jīng)過(guò)同一電場(chǎng)加速后進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),它們?cè)陔妶?chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角度和偏轉(zhuǎn)距離總是相同的.
【例2】 如圖7所示,甲圖是用來(lái)使帶正電的離子加速和偏轉(zhuǎn)的裝置.乙圖為該裝置中加速與偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的等效模擬.以y軸為界,左側(cè)為沿x軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng),場(chǎng)強(qiáng)為E.右側(cè)為沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng).已知OA⊥AB,OA=AB,且OB間的電勢(shì)差為U0.若在x軸的C點(diǎn)無(wú)初速度地釋放一個(gè)電荷量為q、質(zhì)量為m的正離子(不計(jì)重力),且正離子剛好通過(guò)B點(diǎn).求:
圖7
(1)C、O間的距離d;
(2)粒子通過(guò)B點(diǎn)的速度大?。?
[規(guī)范思維]
8、
三、帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的綜合問(wèn)題
【例3】 (xx·洛陽(yáng)模擬)如圖8所示,兩平行金屬板A、B長(zhǎng)L=8 cm,兩板間距離d=8 cm,A板比B板電勢(shì)高300 V.一帶正電的粒子電荷量q=10-10 C,質(zhì)量m=10-20 kg,沿電場(chǎng)中心線(xiàn)RO垂直電場(chǎng)線(xiàn)飛入電場(chǎng),初速度v0=2×106 m/s,粒子飛出平行板電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)界面MN、PS間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域后,進(jìn)入固定在O點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)區(qū)域,(設(shè)界面PS右邊點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布不受界面的影響).已知兩界面MN、PS相距為12 cm,D是中心線(xiàn)RO與界面PS的交點(diǎn),O點(diǎn)在中心線(xiàn)上,距離界面PS為9 cm,粒子穿過(guò)界面PS最后垂直打在
9、放置于中心線(xiàn)上的熒光屏bc上.(靜電力常量k=9.0×109 N·m2/C2)
圖8
(1)求粒子穿過(guò)界面MN時(shí)偏離中心線(xiàn)RO的距離多遠(yuǎn)?到達(dá)PS界面時(shí)離D點(diǎn)多遠(yuǎn)?
(2)在圖上粗略畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡.
[規(guī)范思維]
【基礎(chǔ)演練】
1.
圖9
(海南高考)一平行板電容器中存在勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)沿豎直方向.兩個(gè)比荷(即粒子的電荷量與質(zhì)量之比)不同的帶正電的粒子a和b,從電容器邊緣的P點(diǎn)(如圖9所示)以相同的水平速度射入兩平行板之間.測(cè)得a和b與電容器極板的撞擊點(diǎn)到入射點(diǎn)之間的水平距離之比為1∶2.若不計(jì)重力,則a和b的比荷之比是(
10、 )
A.1∶2 B.1∶8 C.2∶1 D.4∶1
2.(xx·安徽·18)圖10(a)為示波管的原理圖.如果在電極YY′之間所加的電壓按圖(b)所示的規(guī)律變化,在電極XX′之間所加的電壓按圖(c)所示的規(guī)律變化,則在熒光屏上會(huì)看到的圖形是( )
(a)
(b) (c)
圖10
圖11
3.(xx·廣東·21)圖11為靜電除塵器除塵機(jī)理的示意圖.塵埃在電場(chǎng)中通過(guò)某種機(jī)制帶電,在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積,以達(dá)到除塵目的.下列表述正確的是( )
A.到達(dá)
11、集塵極的塵埃帶正電荷
B.電場(chǎng)方向由集塵極指向放電極
C.帶電塵埃所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)方向相同
D.同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場(chǎng)力越大
4.
圖12
真空中的某裝置如圖12所示,其中平行金屬板A、B之間有加速電場(chǎng),C、D之間有偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),M為熒光屏.今有質(zhì)子、氘核和α粒子均由A板從靜止開(kāi)始被加速電場(chǎng)加速后垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),最后打在熒光屏上.已知質(zhì)子、氘核和α粒子的質(zhì)量之比為1∶2∶4,電荷量之比為1∶1∶2,則下列判斷中正確的是( )
A.三種粒子從B板運(yùn)動(dòng)到熒光屏經(jīng)歷的時(shí)間相同
B.三種粒子打到熒光屏上的位置相同
C.偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電場(chǎng)力對(duì)三種粒子做功之比
12、為1∶2∶2
D.偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電場(chǎng)力對(duì)三種粒子做功之比為1∶2∶4
5.
圖13
(xx·濟(jì)南質(zhì)檢)如圖13所示,兩平行金屬板間有一勻強(qiáng)電場(chǎng),板長(zhǎng)為L(zhǎng),板間距離為d,在板右端L處有一豎直放置的光屏M,一帶電荷量為q,質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)從兩板中央射入板間,最后垂直打在M屏上,則下列結(jié)論正確的是( )
A.板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為mg/q
B.板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2mg/q
C.質(zhì)點(diǎn)在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間相等
D.質(zhì)點(diǎn)在板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于它從板的右端運(yùn)動(dòng)到光屏的時(shí)間
6.
圖14
(xx·廈門(mén)月考)如圖14所示,質(zhì)量相同的兩個(gè)帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂
13、直于電場(chǎng)方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,P從兩極板正中央射入,Q從下極板邊緣處射入,它們最后打在同一點(diǎn)(重力不計(jì)),則從開(kāi)始射入到打到上極板的過(guò)程中( )
A.它們運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tQ>tP
B.它們運(yùn)動(dòng)的加速度aQ<aP
C.它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=1∶2
D.它們的動(dòng)能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ=1∶2
【能力提升】
圖15
7.(xx·黃岡模擬)如圖15所示,帶電的粒子以一定的初速度v0沿兩板的中線(xiàn)進(jìn)入水平放置的平行金屬板內(nèi),恰好沿下板的邊緣飛出,已知板長(zhǎng)為L(zhǎng),板間距離為d,板間電壓為U,帶電粒子的電荷量為q,粒子通過(guò)平行金屬板的時(shí)間為t(不計(jì)粒子的重力),則
14、( )
A.在前時(shí)間內(nèi),電場(chǎng)力對(duì)粒子做的功為
B.在后時(shí)間內(nèi),電場(chǎng)力對(duì)粒子做的功為Uq
C.在粒子下落前和后的過(guò)程中,電場(chǎng)力做功之比為1∶2
D.在粒子下落前和后的過(guò)程中,電場(chǎng)力做功之比為2∶1
8.
圖16
(xx·河南鄭州聯(lián)考)如圖16所示,在真空中有一水平放置的不帶電平行板電容器,板間距離為d,電容為C,上板B接地.現(xiàn)有大量質(zhì)量均為m,帶電荷量為q的小油滴,以相同的初速度持續(xù)不斷地從兩板正中間沿圖中虛線(xiàn)所示方向射入,第一滴油滴正好落到下板A的正中央P點(diǎn).如果能落到A板的油滴僅有N滴,且第N+1滴油滴剛好能飛離電場(chǎng),假設(shè)落到A板的油滴的電荷量能被板全部吸收,不考慮油滴間
15、的相互作用,重力加速度為g,則( )
A.落到A板的油滴數(shù)N=
B.落到A板的油滴數(shù)N=
C.第N+1滴油滴經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中增加的動(dòng)能為
D.第N+1滴油滴經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中減少的機(jī)械能為
題號(hào)
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
9.(北京高考)兩個(gè)半徑均為R的圓形平板電極,平行正對(duì)放置,相距為d,極板間的電勢(shì)差為U,板間電場(chǎng)可以認(rèn)為是均勻的.一個(gè)α粒子從正極板邊緣以某一初速度垂直于電場(chǎng)方向射入兩極板之間,到達(dá)負(fù)極板時(shí)恰好落在極板中心.
已知質(zhì)子電荷量為e,質(zhì)子和中子的質(zhì)量均視為m,忽略重力和空氣阻力的影響,求
(1
16、)極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E;
(2)α粒子在極板間運(yùn)動(dòng)的加速度a;
(3)α粒子的初速度v0.
10.
圖17
如圖17所示,M、N為兩塊水平放置的平行金屬板,板長(zhǎng)為l,兩板間的距離也為l,板間電壓恒定.今有一帶負(fù)電粒子(重力不計(jì))以一定的初速度沿兩板正中間垂直進(jìn)入電場(chǎng),最后打在距兩平行板右端距離為l的豎直屏上.粒子的落點(diǎn)距O點(diǎn)的距離為.若大量的上述粒子(與原來(lái)的初速度一樣,并忽略粒子間相互作用)從MN板間不同位置垂直進(jìn)入電場(chǎng).試求這些粒子落在豎直屏上的范圍并在圖中畫(huà)出.
17、
學(xué)案30 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)(一)
【課前雙基回扣】
1.A [據(jù)qU=mv2可得v=,對(duì)四種粒子分析,質(zhì)子的最大,故選項(xiàng)A正確.]
2.C [由偏轉(zhuǎn)角tan θ=qlU/mvd可知在確定的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中l(wèi),d確定,則偏轉(zhuǎn)角與q/m和v0有關(guān).]
3.D [加圖示偏轉(zhuǎn)電壓后,光斑將在x軸方向向一側(cè)勻速運(yùn)動(dòng),然后回到O點(diǎn)重復(fù)這一運(yùn)動(dòng);y軸方向,偏轉(zhuǎn)電壓恒定,所以光斑在y軸方向位移恒定.D正確.]
4.D
5.AB [電子在加速電場(chǎng)中加速時(shí):U0e=mv2而進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí),它的偏轉(zhuǎn)位移(在豎直方向上的位移)
y=at2=··=.由上式可知:偏轉(zhuǎn)電壓U增大,y增大;加速電壓U0減小
18、,y增大;d減小,y增大,而y與q、m無(wú)關(guān).]
6.A [從圖中落點(diǎn)可知,C到達(dá)下極板時(shí)間最短,A到達(dá)下極板時(shí)間最長(zhǎng),即tCaB>aA,根據(jù)牛頓第二定律,F(xiàn)合C>F合B>F合A;結(jié)合題中三者帶電性質(zhì),可知,C帶負(fù)電,B不帶電,A帶正電,三電荷運(yùn)動(dòng)至下極板過(guò)程中,根據(jù)動(dòng)能定理得WC>WB>WA,故ΔEkC>ΔEkB>ΔEkA,而初動(dòng)能相同,所以到達(dá)下極板時(shí),EkC>EkB>EkA.綜上,A正確,B、C、D錯(cuò).]
思維提升
1.用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓定律處理帶電粒子在電場(chǎng)中的直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí),只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng);而動(dòng)能定理可適用于勻強(qiáng)電場(chǎng),也可用于非勻強(qiáng)電場(chǎng),因而一
19、般用公式qU=mv2分析帶電粒子在電場(chǎng)中的加速問(wèn)題.
2.據(jù)W=qU知,電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做的功,只與初、末位置間的電勢(shì)差有關(guān),而與電場(chǎng)強(qiáng)度、兩點(diǎn)間的距離無(wú)關(guān).
3.帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí),是否考慮重力應(yīng)具體分析.一般情況下,微觀粒子(電子、質(zhì)子)不計(jì)重力,宏觀顆粒(油滴、小球)應(yīng)考慮重力.
4.帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律在這里仍然適用,特別是兩個(gè)推論應(yīng)熟記.
【核心考點(diǎn)突破】
例1 (1) (2)-d≤x≤d
(3)
解析 (1)由題圖可知,0與d(或-d)兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為φ0,
電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=,
粒子所受電場(chǎng)力的大小F=qE=.
(2)設(shè)粒
20、子在[-x0,x0]區(qū)間內(nèi)運(yùn)動(dòng),速率為v,由題意得
mv2-qφ=-A①
由題圖可知φ=φ0②
由①②得mv2=qφ0-A③
因動(dòng)能非負(fù),有qφ0-A≥0,
得|x|≤d,
0
21、求解.
例2 (1) (2)
解析 (1)設(shè)正離子到達(dá)O點(diǎn)的速度為v0(其方向沿x軸的正方向)
則正離子由C點(diǎn)到O點(diǎn)由動(dòng)能定理得:
qEd=mv-0①
而正離子從O點(diǎn)到B點(diǎn)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng),則:
=·t2②
=v0t③
而=④
由①②③④得d=.
(2)設(shè)正離子到B點(diǎn)時(shí)速度的大小為vB,正離子從C到B過(guò)程中由動(dòng)能定理得:qEd+qU0=mv-0
解得vB=.
[規(guī)范思維] 偏轉(zhuǎn)問(wèn)題的分析處理方法
(1)類(lèi)似于平拋運(yùn)動(dòng)的分析處理,應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成和分解的知識(shí).
(2)從力學(xué)的觀點(diǎn)和能量的觀點(diǎn)著手.按力學(xué)問(wèn)題的分析方法加以分析,分析帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中其他形式的能和動(dòng)能之間
22、的轉(zhuǎn)化過(guò)程時(shí),可應(yīng)用動(dòng)能定理,也可以用能量守恒定律.
例3 (1)3 cm 12 cm (2)軌跡圖見(jiàn)解析
解析 (1)粒子穿過(guò)界面MN時(shí)偏離中心線(xiàn)RO的距離(側(cè)向位移)
y=at2=()2
=×()2 m
=0.03 m=3 cm
帶電粒子在離開(kāi)電場(chǎng)后將做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),其軌跡與PS線(xiàn)交于E,設(shè)E到中心線(xiàn)的距離為Y.
則Y=vy+y
=×× m+0.03 m
=0.12 m=12 cm
(2)第一段是拋物線(xiàn),第二段是直線(xiàn),第三段是曲線(xiàn),軌跡如圖所示.
[規(guī)范思維] 解答此類(lèi)問(wèn)題應(yīng)從以下兩方面入手.
(1)對(duì)復(fù)雜過(guò)程要善于分階段分析,聯(lián)系力學(xué)中的物理模型,從受力情況、
23、運(yùn)動(dòng)情況、能量轉(zhuǎn)化等角度去研究.
(2)經(jīng)常把電場(chǎng)與牛頓定律、動(dòng)能定理、功能關(guān)系、運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)、電路知識(shí)等綜合起來(lái),把力學(xué)中處理問(wèn)題的方法遷移到電場(chǎng)中去.
【課時(shí)效果檢測(cè)】
1.D 2.B 3.BD 4.B 5.BC
6.C [設(shè)P、Q兩粒子的初速度是v0,加速度分別是aP和aQ,粒子P到上極板的距離是h/2,它們做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離為l.則對(duì)P,由l=v0tP,=apt,得到aP=,同理對(duì)Q,l=v0tQ,h=aQt,得到aQ=.可見(jiàn)tP=tQ,aQ=2aP而aP=,aQ=,可見(jiàn),qP∶qQ=1∶2.由動(dòng)能定理知,它們的動(dòng)能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ=maP∶maQh=1∶4.綜上
24、,選C.]
7.B [電場(chǎng)力做總功W=Uq,前、后時(shí)間內(nèi)偏轉(zhuǎn)位移之比為1∶3,則做功之比為1∶3,所以后t/2時(shí)間內(nèi)對(duì)粒子做功Uq;粒子下落前、后d/4的過(guò)程中電場(chǎng)力做功之比為1∶1.C、D錯(cuò)誤.]
8.ACD [第一滴油滴在電容器中運(yùn)動(dòng)時(shí),只受重力作用.設(shè)板長(zhǎng)為l,板間距為d,由平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)有v0=.當(dāng)?shù)贜+1滴油滴恰好離開(kāi)電容器時(shí),必定是沿下極板的邊緣飛出,油滴的加速度為a=g-,由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)知=(g-)t2,又t=,而E==,可以求得N=,A正確.因?yàn)殡妶?chǎng)力做了負(fù)功,電勢(shì)能增加了,而電場(chǎng)力做功為W=-.由動(dòng)能定理有Ek=W=mgd-mgd=.]
9.(1)E= (2)a= (3)
25、v0=
解析 (1)極板間場(chǎng)強(qiáng)E=.①
(2)α粒子電荷量為2e,質(zhì)量為4m,所受電場(chǎng)力
F=2eE=,②
α粒子在極板間運(yùn)動(dòng)的加速度a==③
(3)由d=at2,得
t==2d④
v0== .⑤
10.見(jiàn)解析
解析 設(shè)粒子質(zhì)量為m,帶電荷量為q,初速度為v0,則有v0t=l,y=at2,tan θ==,y+ltan θ=,
所以a·+l·=,3al=v.
由題意可分析出大量粒子垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后情況,如上圖甲、乙所示.能飛出平行板的粒子范圍是l-y.其中y=a·=··=l,粒子落在豎直屏上的范圍是從O點(diǎn)到O點(diǎn)以上l處之間的水平帶狀區(qū)域.
易錯(cuò)點(diǎn)評(píng)
1.示波管中,粒子的水平偏轉(zhuǎn)與豎直偏轉(zhuǎn)互不影響、各自獨(dú)立.又因運(yùn)動(dòng)的是電子,所以總向電勢(shì)高的極板一側(cè)偏轉(zhuǎn).
2.帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問(wèn)題常與電容器相結(jié)合,因而應(yīng)熟記電容器的幾個(gè)關(guān)系,特別是E=應(yīng)用較多.
3.不要把類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)理解為必須是水平方向的勻速和豎直方向的勻加速,而要看所受恒力的方向,一般是把運(yùn)動(dòng)分解為垂直于恒力方向的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)和沿恒力方向初速為0的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).