《2022-2023高中物理 第四章 力與運(yùn)動(dòng) 微型專題 瞬時(shí)加速度問(wèn)題和動(dòng)力學(xué)圖象問(wèn)題學(xué)案 粵教版必修1》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023高中物理 第四章 力與運(yùn)動(dòng) 微型專題 瞬時(shí)加速度問(wèn)題和動(dòng)力學(xué)圖象問(wèn)題學(xué)案 粵教版必修1（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高中物理 第四章 力與運(yùn)動(dòng) 微型專題 瞬時(shí)加速度問(wèn)題和動(dòng)力學(xué)圖象問(wèn)題學(xué)案 粵教版必修1 [學(xué)習(xí)目標(biāo)]　1.會(huì)分析物體受力的瞬時(shí)變化，會(huì)求瞬時(shí)加速度.2.會(huì)分析物體受力隨時(shí)間的變化圖象和速度隨時(shí)間的變化圖象，會(huì)結(jié)合圖象解答動(dòng)力學(xué)問(wèn)題. 一、瞬時(shí)加速度問(wèn)題 物體的加速度與合力存在瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系，所以分析物體在某一時(shí)刻的瞬時(shí)加速度，關(guān)鍵是分析該時(shí)刻物體的受力情況及運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再由牛頓第二定律求出瞬時(shí)加速度，解決此類問(wèn)題時(shí)，要注意兩類模型的特點(diǎn)： (1)剛性繩(或接觸面)模型：這種不發(fā)生明顯形變就能產(chǎn)生彈力的物體，剪斷(或脫離)后，恢復(fù)形變幾乎不需要時(shí)間，故認(rèn)為彈力立即改變或

2、消失. (2)彈簧(或橡皮繩)模型：此種物體的特點(diǎn)是形變量大，恢復(fù)形變需要較長(zhǎng)時(shí)間，在瞬時(shí)問(wèn)題中，其彈力的大小往往可以看成是不變的. 例1　如圖1所示，質(zhì)量為m的小球被水平繩AO和與豎直方向成θ角的輕彈簧系著處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將繩AO燒斷，在繩AO燒斷的瞬間，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A.彈簧的拉力F＝ B.彈簧的拉力F＝mgsin θ C.小球的加速度為零 D.小球的加速度a＝gsin θ 答案　A 解析　燒斷AO之前，小球受3個(gè)力，受力分析如圖所示，燒斷繩的瞬間，繩的張力沒(méi)有了，但由于輕彈簧形變的恢復(fù)需要時(shí)間，故彈簧的彈力不變，A正確，B錯(cuò)誤.燒斷繩的瞬間，小球受

3、到的合力與繩子的拉力等大反向，即F合＝mgtan θ，則小球的加速度a＝gtan θ，C、D錯(cuò)誤. 【考點(diǎn)】瞬時(shí)加速度問(wèn)題 【題點(diǎn)】瞬時(shí)加速度問(wèn)題 1.加速度和力具有瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系，即同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)變化、同時(shí)消失，分析物體在某一時(shí)刻的瞬時(shí)加速度，關(guān)鍵是分析該時(shí)刻物體的受力情況及運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再由牛頓第二定律求出瞬時(shí)加速度. 2.分析瞬時(shí)變化問(wèn)題的一般思路： (1)分析瞬時(shí)變化前物體的受力情況，求出每個(gè)力的大小. (2)分析瞬時(shí)變化后每個(gè)力的變化情況. (3)由每個(gè)力的變化確定變化后瞬間的合力，由牛頓第二定律求瞬時(shí)加速度. 針對(duì)訓(xùn)練1　如圖2所示，質(zhì)量分別為m和2m的A和B兩球

4、用輕彈簧連接，A球用細(xì)線懸掛起來(lái)，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如果將懸掛A球的細(xì)線剪斷，此時(shí)A和B兩球的瞬時(shí)加速度aA、aB的大小分別是(　　) 圖2 A.aA＝0，aB＝0 B.aA＝g，aB＝g C.aA＝3g，aB＝g D.aA＝3g，aB＝0 答案　D 解析　分析B球原來(lái)受力如圖甲所示，F(xiàn)′＝2mg 剪斷細(xì)線后彈簧形變不會(huì)瞬間改變，故B球受力不變，aB＝0. 分析A球原來(lái)受力如圖乙所示， FT＝F＋mg，F(xiàn)′＝F，故FT＝3mg. 剪斷細(xì)線，F(xiàn)T變?yōu)?，F(xiàn)大小不變，A球受力如圖丙所示 由牛頓第二定律得：F＋mg＝maA，解得aA＝3g. 【考點(diǎn)】瞬時(shí)加速度問(wèn)題

5、 【題點(diǎn)】瞬時(shí)加速度問(wèn)題 二、動(dòng)力學(xué)的圖象問(wèn)題 1.常見(jiàn)的圖象形式 在動(dòng)力學(xué)與運(yùn)動(dòng)學(xué)問(wèn)題中，常見(jiàn)、常用的圖象是位移圖象(s－t圖象)、速度圖象(v－t圖象)和力的圖象(F－t圖象)等，這些圖象反映的是物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律、受力規(guī)律，而絕非代表物體的運(yùn)動(dòng)軌跡. 2.圖象問(wèn)題的分析方法 遇到帶有物理圖象的問(wèn)題時(shí)，要認(rèn)真分析圖象，先從它的物理意義、點(diǎn)、線段、斜率、截距、交點(diǎn)、拐點(diǎn)、面積等方面了解圖象給出的信息，再利用共點(diǎn)力平衡、牛頓運(yùn)動(dòng)定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解題. 例2　放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時(shí)間t的關(guān)系如圖3甲所示，物塊速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示.

6、取重力加速度g＝10 m/s2.由這兩個(gè)圖象可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ分別為(　　) 甲　　　　　　　　　　乙 圖3 A.0.5 kg,0.4　　　　　　 B.1.5 kg， C.0.5 kg,0.2 D.1 kg,0.2 答案　A 解析　由題圖可得，物塊在2～4 s內(nèi)所受推力F＝3 N，物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，a＝＝ m/s2＝2 m/s2，F(xiàn)－f＝ma 物塊在4～6 s所受推力F′＝2 N，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)， 則F′＝f，F(xiàn)′＝μmg 解得m＝0.5 kg，μ＝0.4，故A選項(xiàng)正確. 【考點(diǎn)】用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決圖象問(wèn)題 【題點(diǎn)】用牛頓運(yùn)

7、動(dòng)定律解決圖象問(wèn)題 解決圖象綜合問(wèn)題的關(guān)鍵 1.把圖象與具體的題意、情景結(jié)合起來(lái)，明確圖象的物理意義，明確圖象所反映的物理過(guò)程. 2.特別注意圖象中的一些特殊點(diǎn)，如圖線與橫、縱坐標(biāo)軸的交點(diǎn)，圖線的轉(zhuǎn)折點(diǎn)，兩圖線的交點(diǎn)等所表示的物理意義. 針對(duì)訓(xùn)練2　如圖4甲所示，質(zhì)量為m＝2 kg的物體在水平面上向右做直線運(yùn)動(dòng).過(guò)a點(diǎn)時(shí)給物體作用一個(gè)水平向左的恒力F并開(kāi)始計(jì)時(shí)，選水平向右為速度的正方向，通過(guò)速度傳感器測(cè)出物體的瞬時(shí)速度，所得v－t圖象如圖乙所示.取重力加速度g＝10 m/s2.求： 圖4 (1)力F的大小和物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)10 s末物體離a點(diǎn)的距離.

8、 答案　(1)3 N　0.05　(2)在a點(diǎn)左邊2 m處 解析　(1)設(shè)物體向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，則由v－t圖象得a1＝2 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律，有F＋μmg＝ma1 設(shè)物體向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2，則由v－t圖象得a2＝1 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律，有F－μmg＝ma2， 聯(lián)立解得F＝3 N，μ＝0.05. (2)設(shè)10 s末物體離a點(diǎn)的距離為d，d應(yīng)為v－t圖象與橫軸所圍的面積，則 d＝×4×8 m－×6×6 m＝－2 m，負(fù)號(hào)表示物體在a點(diǎn)左邊. 1.(瞬時(shí)加速度問(wèn)題)如圖5所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量分別為m1和m2的木塊A

9、和B之間用水平輕彈簧相連，在拉力F作用下，以加速度a做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻突然撤去拉力F，此瞬間A和B的加速度為a1和a2，則(　　) 圖5 A.a1＝a2＝0 B.a1＝a，a2＝0 C.a1＝a，a2＝a D.a1＝a，a2＝－a 答案　D 解析　兩木塊在光滑的水平面上一起以加速度a向右勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的彈力F彈＝m1a，在力F撤去的瞬間，彈簧的彈力來(lái)不及改變，大小仍為m1a，因此對(duì)A來(lái)講，加速度此時(shí)仍為a，對(duì)B：取向右為正方向，－m1a＝m2a2，a2＝－a，所以D正確. 2.(瞬時(shí)加速度問(wèn)題)如圖6所示，a、b兩小球懸掛在天花板上，兩球用細(xì)線連接，上面是一輕

10、質(zhì)彈簧，a、b兩球的質(zhì)量分別為m和2m，在細(xì)線燒斷瞬間，a、b兩球的加速度為(取向下為正方向)(　　) 圖6 A.0，g B.－g，g C.－2g，g D.2g,0 答案　C 解析　在細(xì)線燒斷之前，a、b可看成一個(gè)整體，由二力平衡知，彈簧彈力等于整體重力，故彈力向上且大小為3mg.當(dāng)細(xì)線燒斷瞬間，彈簧的形變量不變，故彈力不變，故a受重力mg和方向向上且大小為3mg的彈力，取向下為正方向，則a的加速度a1＝＝－2g，方向向上.對(duì)b而言，細(xì)線燒斷后只受重力作用，則b的加速度為a2＝g，方向向下.故C正確. 【考點(diǎn)】瞬時(shí)加速度問(wèn)題 【題點(diǎn)】瞬時(shí)加速度問(wèn)題 3.(動(dòng)力學(xué)的圖

11、象問(wèn)題)如圖7甲所示，在風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室里，一根足夠長(zhǎng)的固定的均勻直細(xì)桿與水平方向成θ＝37°角，質(zhì)量m＝1 kg的小球穿在細(xì)桿上且靜止于細(xì)桿底端O處，開(kāi)啟送風(fēng)裝置，有水平向右的恒定風(fēng)力F作用于小球上，在t1＝2 s時(shí)刻風(fēng)停止.小球沿細(xì)桿運(yùn)動(dòng)的部分v－t圖象如圖乙所示，g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，忽略浮力.求： 圖7 (1)小球在0～2 s內(nèi)的加速度a1和2～5 s內(nèi)的加速度a2； (2)小球與細(xì)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ和水平風(fēng)力F的大小. 答案　(1)15 m/s2，方向沿桿向上　10 m/s2，方向沿桿向下 (2)0.5　50 N 解析　(1)取

12、沿細(xì)桿向上的方向?yàn)檎较?，由題圖乙可知： 在0～2 s內(nèi)，a1＝＝15 m/s2(方向沿桿向上) 在2～5 s內(nèi)，a2＝＝－10 m/s2(“－”表示方向沿桿向下). (2)有風(fēng)力F時(shí)的上升過(guò)程，受力情況如圖甲所示 由牛頓第二定律，有 Fcos θ－μ(mgcos θ＋Fsin θ)－mgsin θ＝ma1 　　 停風(fēng)后的上升階段，受力情況如圖乙所示 由牛頓第二定律，有－μmgcos θ－mgsin θ＝ma2 聯(lián)立以上各式解得μ＝0.5，F(xiàn)＝50 N. 一、選擇題 考點(diǎn)一　瞬時(shí)加速度問(wèn)題 1.如圖1所示，A、B兩木塊間連一輕彈簧，A、B質(zhì)量相等，一起靜止地放在一塊

13、光滑木板上，若將此木板突然抽去，在此瞬間，A、B兩木塊的加速度分別是(　　) 圖1 A.aA＝0，aB＝2g B.aA＝g，aB＝g C.aA＝0，aB＝0 D.aA＝g，aB＝2g 答案　A 解析　抽出板后，A的受力情況未變，故A的加速度為0，木板對(duì)B的支持力消失，B受到彈簧向下的壓力FN＝mg和B木塊自身的重力，故aB＝＝＝2g. 2.如圖2所示，質(zhì)量為m的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為30°的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).當(dāng)木板AB突然向下撤離的瞬間，小球的加速度大小為(　　) 圖2 A.0 B.g C.g D.g 答案　B 解析　撤

14、去木板后，小球受到的重力和彈簧的拉力不變，則由牛頓第二定律得：＝ma， a＝＝g. 3.如圖3所示，質(zhì)量相等的A、B兩小球分別連在彈簧兩端，B端用細(xì)線固定在傾角為30°光滑斜面上，若不計(jì)彈簧質(zhì)量，在線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分別為(　　) 圖3 A.都等于　　　　　 B.0和 C.g和0 D.0和g 答案　D 解析　剪斷細(xì)線的瞬間，A球的受力情況不變，故aA＝0， B球受到的重力和彈簧的拉力不變，故aB＝＝＝g，選項(xiàng)D正確. 考點(diǎn)二　動(dòng)力學(xué)的圖象問(wèn)題 4.質(zhì)量為0.8 kg的物體在一水平面上運(yùn)動(dòng)，如圖4所示，a、b分別表示物體不受拉力作用和受到水平拉力作用時(shí)的

15、v－t圖線，則拉力和摩擦力之比為(　　) 圖4 A.9∶8 B.3∶2 C.2∶1 D.4∶3 答案　B 解析　由題圖可知，圖線a表示的為僅受摩擦力時(shí)的運(yùn)動(dòng)圖線，加速度大小a1＝1.5 m/s2；圖線b表示的為受水平拉力和摩擦力的運(yùn)動(dòng)圖線，加速度大小a2＝0.75 m/s2；由牛頓第二定律得ma1＝f，ma2＝F－f，解得＝，B正確. 【考點(diǎn)】用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決圖象問(wèn)題 【題點(diǎn)】由v－t、s－t圖象求a、F 5.質(zhì)量為2 kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后撤去F，其運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖5所示.取g＝10 m/s2，則物體與水平面間的動(dòng)摩擦因

16、數(shù)μ和水平推力F的大小分別為(　　) 圖5 A.0.2,6 N B.0.1,6 N C.0.2,8 N D.0.1,8 N 答案　A 解析　在6～10 s內(nèi)物體水平方向只受滑動(dòng)摩擦力作用，加速度a＝－μg，v－t圖象的斜率表示加速度，a＝ m/s2＝－2 m/s2，解得μ＝0.2.在0～6 s內(nèi)，F(xiàn)－μmg＝ma′，而a′＝ m/s2＝1 m/s2，解得F＝6 N，選項(xiàng)A正確. 【考點(diǎn)】用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決圖象問(wèn)題 【題點(diǎn)】由v－t、s－t圖象求a、F 6. (多選)將物體豎直向上拋出，假設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中空氣阻力大小不變，其速度—時(shí)間圖象如圖6所示，則(　　) 圖6

17、 A.上升、下降過(guò)程中加速度大小之比為11∶9 B.上升、下降過(guò)程中加速度大小之比為10∶1 C.物體所受的重力和空氣阻力之比為9∶1 D.物體所受的重力和空氣阻力之比為10∶1 答案　AD 解析　上升、下降過(guò)程中加速度大小分別為：a上＝11 m/s2，a下＝9 m/s2，由牛頓第二定律得：mg＋F阻＝ma上，mg－F阻＝ma下，聯(lián)立解得mg∶F阻＝10∶1，A、D正確. 【考點(diǎn)】用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決圖象問(wèn)題 【題點(diǎn)】由v－t、s－t圖象求a、F 二、非選擇題 7.(動(dòng)力學(xué)圖象問(wèn)題)如圖7甲所示，傾角為θ＝37°的足夠長(zhǎng)斜面上，質(zhì)量m＝1 kg的小物體在沿斜面向上的拉力F＝1

18、4 N作用下，由斜面底端從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，2 s后撤去F，前2 s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖乙所示.求：(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) 圖7 (1)小物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)； (2)撤去力F后1.8 s時(shí)間內(nèi)小物體的位移. 答案　(1)0.5　(2)2.2 m，沿斜面向上 解析　(1)由題圖乙可知，0～2 s內(nèi)物體的加速度a1＝＝4 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)－mgsin θ－f＝ma1， FN＝mgcos θ，而f＝μFN 代入數(shù)據(jù)解得μ＝0.5. (2)撤去F后，－mgsin θ－f＝ma2，得a2＝－10 m/s2， 設(shè)經(jīng)過(guò)t2時(shí)間減速到0，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式0＝v1＋a2t2， 解得t2＝0.8 s 在0.8 s內(nèi)物體有向上運(yùn)動(dòng)的位移s2 0－v12＝2a2s2，得s2＝3.2 m 物體到最高點(diǎn)后向下運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為a3，則 mgsin θ－f＝ma3，解得a3＝2 m/s2 再經(jīng)t3＝1 s物體發(fā)生位移為s3，s3＝a3t32＝1 m 物體在撤去F后1.8 s內(nèi)的位移s＝s2－s3 代入數(shù)據(jù)解得s＝2.2 m，方向沿斜面向上.