《（全國通用版）2022年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第十四單元 概率學(xué)案 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（全國通用版）2022年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第十四單元 概率學(xué)案 文（35頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（全國通用版）2022年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第十四單元 概率學(xué)案 文 互斥事件與對立事件 事件 定義 性質(zhì) 互斥事件 在一個隨機試驗中，我們把一次試驗下不能同時發(fā)生的兩個事件A與B稱作互斥事件 P(A∪B)＝P(A)＋P(B)，(事件A，B是互斥事件)； P(A1∪A2∪…∪An)＝P(A1)＋P(A2)＋…＋P(An)(事件A1，A2，…，An任意兩個互斥) 對立事件 在一個隨機試驗中，兩個試驗不會同時發(fā)生，并且一定有一個發(fā)生的事件A和稱為對立事件 P()＝1－P(A) C．0.97 D．0.08 解析：選A　記事件A：“生產(chǎn)的產(chǎn)品為甲級品”，B：“生產(chǎn)的產(chǎn)品為

2、乙級品”，C：“生產(chǎn)的產(chǎn)品為丙級品”，則P(B)＝0.05，P(C)＝0.03，且事件A，B，C兩兩互斥，P(A∪B∪C)＝P(A)＋P(B)＋P(C)＝1，所以P(A)＝0.92. [清易錯] 易忽視互斥事件與對立事件的關(guān)系而致誤 互斥事件是不可能同時發(fā)生的兩個事件，而對立事件除要求這兩個事件不同時發(fā)生外，還要求二者之一必須有一個發(fā)生，因此，對立事件是互斥事件的特殊情況，而互斥事件未必是對立事件． 在一次隨機試驗中，彼此互斥的事件A，B，C，D的概率分別為0.2,0.2,0.3,0.3，則下列說法正確的是(　　) A．A∪B與C是互斥事件，也是對立事件 B．B∪C與D是互斥事件，

3、也是對立事件 C．A∪C與B∪D是互斥事件，但不是對立事件 D．A與B∪C∪D是互斥事件，也是對立事件 解析：選D　由于A，B，C，D彼此互斥，且A∪B∪C∪D是一個必然事件，故其事件的關(guān)系可由如圖所示的Venn圖表示，由圖可知，任何一個事件與其余3個事件的和事件必然是對立事件，任何兩個事件的和事件與其余兩個事件的和事件也是對立事件． 古典概型 [過雙基] 1．特點： (1)試驗中所有可能出現(xiàn)的基本事件只有有限個，即有限性． (2)每個基本事件發(fā)生的可能性相等，即等可能性． 2．古典概型概率公式： P(A)＝. 　 1．有3個興趣小組，甲、乙兩位同學(xué)各自參加其中一個

4、小組，每位同學(xué)參加各個小組的可能性相同，則這兩位同學(xué)參加同一個興趣小組的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選A　甲、乙兩位同學(xué)參加3個小組的所有可能性有9種，其中，甲、乙參加同一小組的情況有3種．故甲、乙參加同一個興趣小組的概率P＝＝. 2．5張卡片上分別寫有數(shù)字1,2,3,4,5，從這5張卡片中隨機抽取2張，則取出2張卡片上數(shù)字之和為偶數(shù)的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選B　從這5張卡片中隨機抽取2張的所有基本事件為(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(3,4)，(3,5)，(4,5)，共10個

5、，其中取出2張卡片上數(shù)字之和為偶數(shù)的基本事件為(1,3)，(1,5)，(2,4)，(3,5)，共4個，所以從這5張卡片中隨機抽取2張，取出2張卡片上數(shù)字之和為偶數(shù)的概率為＝. 3．小明忘記了微信登陸密碼的后兩位，只記得最后一位是字母A，a，B，b中的一個，另一位是數(shù)字4,5,6中的一個，則小明輸入一次密碼能夠成功登陸的概率是________． 解析：開機密碼有(4，A)，(4，a)，(4，B)，(4，b)，(5，A)，(5，a)，(5，B)，(5，b)，(6，A)，(6，a)，(6，B)，(6，b)，共12種可能，所以小明輸入一次密碼能夠成功登陸的概率是. 答案： [清易錯] 1．

6、在計算古典概型中試驗的所有結(jié)果數(shù)和事件發(fā)生結(jié)果時，易忽視他們是否是等可能的． 2．概率的一般加法公式P(A∪B)＝P(A)＋P(B)－P(A∩B)中，易忽視只有當A∩B＝?，即A，B互斥時，P(A∪B)＝P(A)＋P(B)，此時P(A∩B)＝0. 1．一個袋子里裝有紅、黃、綠三種顏色的球各2個，這6個球除顏色外完全相同，從中摸出2個球，則這2個球中至少有1個是紅球的概率是(　　) A. B. C. D. 解析：選D　由題意知，摸出2個球的事件數(shù)共15個，至少有1個是紅球的對立事件為兩個均不是紅球，事件個數(shù)為6個，設(shè)兩個均不是紅球為事件A，則P(A)＝＝，所以其對立事件2個球中至少

7、有1個是紅球的概率P＝1－＝. 2．從一副混合后的撲克牌(除去大、小王52張)中，隨機抽取1張．事件A為“抽到紅桃K”，事件B為“抽到黑桃”，則P(A∪B)＝________(結(jié)果用最簡分數(shù)表示)． 解析：∵P(A)＝，P(B)＝， ∴P(A∪B)＝P(A)＋P(B)＝＋＝＝. 答案： 幾何概型 [過雙基] 1．定義：如果每個事件發(fā)生的概率只與構(gòu)成該事件區(qū)域的長度(面積或體積)成比例，則稱這樣的概率模型為幾何概率模型，簡稱為幾何概型． 2．特點： (1)無限性：在一次試驗中，可能出現(xiàn)的結(jié)果有無限多個； (2)等可能性：每個結(jié)果的發(fā)生具有等可能的． 3．公式： P(A

8、)＝. 　 1．在區(qū)間上隨機地取一個數(shù)x，則事件“－1≤log(x＋1)≤1”不發(fā)生的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選D　因為－1≤log(x＋1)≤1，所以－≤x≤2，所以所求事件的概率為1－＝. 2．已知點P，Q為圓C：x2＋y2＝25上的任意兩點，且|PQ|＜6，若PQ中點組成的區(qū)域為M，在圓C內(nèi)任取一點，則該點落在區(qū)域M上的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選B　PQ中點組成的區(qū)域M如圖陰影部分所示，那么在C內(nèi)部任取一點落在M內(nèi)的概率為＝. 3．(2018·西寧復(fù)習(xí)檢測)已知球O內(nèi)切于棱長為2的正方體，若在正方體內(nèi)任取一點，則這一

9、點不在球內(nèi)的概率為________． 解析：由題意知球的半徑為1，其體積為V球＝，正方體的體積為V正方體＝23＝8， 則這一點不在球內(nèi)的概率P＝1－＝1－. 答案：1－ 4．數(shù)軸上有四個間隔為1的點依次為A，B，C，D，在線段AD上隨機取一點E，則E點到B，C兩點的距離之和小于2的概率為________． 解析：如圖，數(shù)軸上AD＝3，而到B，C兩點的距離之和小于2的點E在線段MN內(nèi)，且MN＝－＝2，所以E點到B，C兩點的距離之和小于2的概率P＝＝. 答案： 一、選擇題 1．從裝有2個紅球和2個白球的口袋內(nèi)任取2個球，那么互斥而不對立的兩個事件是(　　) A．至少有1個

10、白球，都是紅球 B．至少有1個白球，至多有1個紅球 C．恰有1個白球，恰有2個白球 D．至多有1個白球，都是紅球 解析：選C　從裝有2個紅球和2個白球的口袋內(nèi)任取2個球共有三種可能：兩個白球、兩個紅球、一個白球和一個紅球，三者互斥，“至少有1個白球”和“都是紅球”是對立事件，“至少有1個白球”和“至多有1個紅球”不互斥，“恰有1個白球”和“恰有2個白球”互斥不對立，故選C. 2．一批產(chǎn)品次品率為4%，正品中一等品率為75%.現(xiàn)從這批產(chǎn)品中任取一件，恰好取到一等品的概率為(　　) A．0.75　　　　　　　　 B．0.71 C．0.72 D．0.3 解析：選C　由題意可知，正品

11、率為96%， 因為正品中一等品率為75%， 所以一等品率為96%×75%＝72%， 所以任取一件產(chǎn)品，恰好是一等品的概率為0.72. 3．如圖，在一不規(guī)則區(qū)域內(nèi)，有一邊長為1 m的正方形，向區(qū)域內(nèi)隨機地撒1 000顆黃豆，數(shù)得落在正方形區(qū)域內(nèi)(含邊界)的黃豆數(shù)為375，以此試驗數(shù)據(jù)為依據(jù)可以估計出該不規(guī)則圖形的面積為(　　) A.m2 B．2 m2 C.m2 D．3 m2 解析：選A　由幾何概型的概率計算公式及題意可近似得到＝，所以該不規(guī)則圖形的面積大約為＝ (m2)． 4．拋擲兩顆質(zhì)地均勻的骰子，則向上的點數(shù)之積為6的概率等于(　　) A. B. C. D. 解

12、析：選B　由題意拋擲兩顆質(zhì)地均勻的骰子，向上的點數(shù)所有可能情況為(1,1)，(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(1,6)，(2,1)，(2,2)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(2,6)，…，(6,1)，(6,2)，(6,3)，(6,4)，(6,5)，(6,6)，共36種情況，其中點數(shù)之積為6的情況為(1,6)，(2,3)，(3,2)，(6,1)，共4種情況，故所求概率為P＝＝. 5．一只小蜜蜂在一個棱長為3的正方體內(nèi)自由飛行，若蜜蜂在飛行過程中始終保持與正方體6個表面的距離均大于1，稱其為“安全飛行”，則蜜蜂“安全飛行”的概率為(　　) A. B. C. D.

13、 解析：選B　依題意，小蜜蜂的安全飛行范圍為以這個正方體的中心為中心且棱長為1的小正方體內(nèi)，這個小正方體的體積為1，大正方體的體積為33＝27，故根據(jù)幾何概型得安全飛行的概率為P＝. 6．已知5件產(chǎn)品中有2件次品，其余為合格品．現(xiàn)從這5件產(chǎn)品中任取2件，恰有一件次品的概率為(　　) A．0.4 B．0.8 C．0.6 D．1 解析：選C　標記5件產(chǎn)品中的次品為1,2，合格品為3,4,5.從這5件產(chǎn)品中任取2件，不同的取法有(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(3,4)，(3,5)，(4,5)，即基本事件的總數(shù)為10.“從這5件產(chǎn)品中任

14、取2件，恰有一件次品”的取法有：(1,3)，(1,4)，(1,5)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，共6種取法，所以恰有一件次品的概率P＝＝0.6. 7．將一枚骰子連續(xù)拋擲兩次，若先后出現(xiàn)的點數(shù)分別為b，c，則方程x2＋bx＋c＝0有實根的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選C　將一枚骰子連續(xù)拋擲兩次共有36種結(jié)果．方程x2＋bx＋c＝0有實根，則Δ＝b2－4c≥0，即b≥2，其包含的結(jié)果有：(2,1)，(3,1)，(4,1)，(5,1)，(6,1)，(3,2)，(4,2)，(5,2)，(6,2)，(4,3)，(5,3)，(6,3)，(4,4)，(5,4)，(6,4

15、)，(5,5)，(6,5)，(5,6)，(6,6)，共19種，由古典概型的概率計算公式可得P＝. 8．設(shè)實數(shù)x，y滿足x2＋(y－1)2≤1，則x－y＋2≤0的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選C　如圖，x2＋(y－1)2≤1表示圓心為(0,1)，半徑為1的圓面，面積為π；同時，x－y＋2≤0表示圓面內(nèi)在x－y＋2＝0左上方的點構(gòu)成的平面區(qū)域，連接CB，則CA⊥CB，陰影部分的面積為－×1×1＝－，由幾何概型的概率公式得P＝. 二、填空題 9．點A為周長等于3的圓周上的一個定點，若在該圓周上隨機取一點B，則劣弧的長度小于1的概率為________． 解析：如圖，

16、可設(shè)與的長度等于1，則由幾何概型可知其整體事件是其周長3，則其概率是. 答案： 10．在圓x2＋y2＝4所圍成的區(qū)域內(nèi)隨機取一個點P(x，y)，則|x|＋|y|≤2的概率為________． 解析：不等式|x|＋|y|≤2表示的平面區(qū)域如圖中的陰影部分所示，則|x|＋|y|≤2的概率為P＝＝. 答案： 11．在一個不透明的空袋子里，放入僅顏色不同的2個紅球和1個白球，從中隨機摸出1個球后不放回，再從中隨機摸出1個球，兩次都摸到紅球的概率為________． 解析：畫樹狀圖為： 紅紅白　紅白紅　白紅紅 共有6種等可能的結(jié)果數(shù)，其中兩次都摸到紅球的結(jié)果數(shù)為2，則隨機摸出1個球，兩次

17、都摸到紅球的概率為. 答案： 12．高一年級某班有63名學(xué)生，現(xiàn)要選一名學(xué)生標兵，每名學(xué)生被選中是等可能的，若“選出的標兵是女生”的概率是“選出的標兵是男生”的概率的，則這個班的男生人數(shù)為________． 解析：根據(jù)題意，設(shè)該班的男生人數(shù)為x，則女生人數(shù)為63－x，因為每名學(xué)生被選中是等可能的，根據(jù)古典概型的概率計算公式知，“選出的標兵是女生”的概率是，“選出的標兵是男生”的概率是，故＝×，解得x＝33，故這個班的男生人數(shù)為33. 答案：33 三、解答題 13．如圖，A地到火車站共有兩條路徑L1和L2，現(xiàn)隨機抽取100位從A地到達火車站的人進行調(diào)查，調(diào)查結(jié)果如下： 所用時間

18、(分鐘) 10～20 20～30 30～40 40～50 50～60 選擇L1的人數(shù) 6 12 18 12 12 選擇L2的人數(shù) 0 4 16 16 4 (1)試估計40分鐘內(nèi)不能趕到火車站的概率； (2)分別求通過路徑L1和L2所用時間落在上表中各時間段內(nèi)的頻率； (3)現(xiàn)甲、乙兩人分別有40分鐘和50分鐘時間用于趕往火車站，為了盡最大可能在允許的時間內(nèi)趕到火車站，試通過計算說明，他們應(yīng)如何選擇各自的路徑． 解：(1)由題意知共調(diào)查了100人，其中40分鐘內(nèi)不能趕到火車站的有12＋12＋16＋4＝44(人)， 用頻率估計相應(yīng)的概率約為0.4

19、4. (2)選擇L1的有60人，選擇L2的有40人，由調(diào)查結(jié)果得： 所用時間(分鐘) 10～20 20～30 30～40 40～50 50～60 L1的頻率 0.1 0.2 0.3 0.2 0.2 L2的頻率 0 0.1 0.4 0.4 0.1 (3)A1，A2分別表示甲選擇L1，L2時，在40分鐘內(nèi)趕到火車站； B1，B2分別表示乙選擇L1，L2時，在50分鐘內(nèi)趕到火車站． 由(2)知P(A1)＝0.1＋0.2＋0.3＝0.6， P(A2)＝0.1＋0.4＝0.5， ∵P(A1)>P(A2)，∴甲應(yīng)選擇L1； P(B1)＝0.1＋0.2＋

20、0.3＋0.2＝0.8， P(B2)＝0.1＋0.4＋0.4＝0.9， ∵P(B2)>P(B1)，∴乙應(yīng)選擇L2. 14．在某高校自主招生考試中，所有選報Ⅱ類志向的考生全部參加了“數(shù)學(xué)與邏輯”和“閱讀與表達”兩個科目的考試，成績分為A，B，C，D，E五個等級．某考場考生的兩科考試成績數(shù)據(jù)統(tǒng)計如圖所示，其中“數(shù)學(xué)與邏輯”科目的成績?yōu)锽的考生有10人． (1)求該考場考生中“閱讀與表達”科目中成績?yōu)锳的人數(shù)； (2)若等級A，B，C，D，E分別對應(yīng)5分，4分，3分，2分，1分，求該考場考生“數(shù)學(xué)與邏輯”科目的平均分； (3)已知參加本考場測試的考生中，恰有兩人的兩科成績均為A.在

21、至少一科成績?yōu)锳的考生中，隨機抽取兩人進行訪談，求這兩人的兩科成績均為A的概率． 解：(1)因為“數(shù)學(xué)與邏輯”科目中成績等級為B的考生有10人，所以該考場有＝40(人)， 所以該考場考生中“閱讀與表達”科目中成績等級為A的人數(shù)為40×(1－0.375－0.375－0.15－0.025)＝40×0.075＝3. (2)由圖知，“數(shù)學(xué)與邏輯”科目的成績?yōu)镈的頻率為1－0.2－0.375－0.25－0.075＝0.1，故該考場考生“數(shù)學(xué)與邏輯”科目的平均分為1×0.2＋2×0.1＋3×0.375＋4×0.25＋5×0.075＝2.9. (3)因為兩科考試中，共有6個得分等級為A，又恰有兩人的

22、兩科成績等級均為A，所以還有2人只有一個科目得分為A，設(shè)這四人為甲，乙，丙，丁，其中甲，乙是兩科成績都是A的同學(xué)，則在至少一科成績等級為A的考生中，隨機抽取兩人進行訪談，基本事件空間為Ω＝{(甲，乙)，(甲，丙)，(甲，丁)，(乙，丙)，(乙，丁)，(丙，丁)}，有6個基本事件．設(shè)“隨機抽取兩人進行訪談，這兩人的兩科成績等級均為A的為事件B，所以事件B中包含的基本事件有1個，則P(B)＝.高考研究課(一) 古典概型命題2類型——簡單問題、交匯問題 [全國卷5年命題分析] 考點 考查頻度 考查角度 古典概型 5年8考 求古典概型的概率 古典概型的簡單問題 [典例]　(

23、1)有五條長度分別為1,3,5,7,9的線段，若從這五條線段中任取三條，則所取三條線段能構(gòu)成一個三角形的概率為(　　) A.　　　　　　　　　B. C. D. (2)(2017·山東高考)某旅游愛好者計劃從3個亞洲國家A1，A2，A3和3個歐洲國家B1，B2，B3中選擇2個國家去旅游． ①若從這6個國家中任選2個，求這2個國家都是亞洲國家的概率； ②若從亞洲國家和歐洲國家中各任選1個，求這2個國家包括A1但不包括B1的概率． [解]　(1)由題意，從這五條線段中任取三條，有10種不同的取法，其中所取三條線段能構(gòu)成一個三角形的取法有：(3,5,7)，(3,7,9)，(5,7,9)，

24、共有3種不同的取法，所以所取三條線段能構(gòu)成一個三角形的概率為. 答案：B (2)①由題意知，從6個國家中任選2個國家，其所有可能的結(jié)果組成的基本事件有：{A1，A2}，{A1，A3}，{A2，A3}，{A1，B1}，{A1，B2}，{A1，B3}，{A2，B1}，{A2，B2}，{A2，B3}，{A3，B1}，{A3，B2}，{A3，B3}，{B1，B2}，{B1，B3}，{B2，B3}，共15個． 所選兩個國家都是亞洲國家的事件所包含的基本事件有：{A1，A2}，{A1，A3}，{A2，A3}，共3個． 則所求事件的概率為P＝＝. ②從亞洲國家和歐洲國家中各任選1個，其所有可能的結(jié)

25、果組成的基本事件有： {A1，B1}，{A1，B2}，{A1，B3}，{A2，B1}，{A2，B2}，{A2，B3}，{A3，B1}，{A3，B2}，{A3，B3}，共9個． 包括A1但不包括B1的事件所包含的基本事件有：{A1，B2}，{A1，B3}，共2個， 則所求事件的概率為P＝. [方法技巧] 計算古典概型的概率可分三步： (1)算出基本事件的總個數(shù)n； (2)求出事件A所包含的基本事件個數(shù)m； (3)代入公式求出概率P.解題時可根據(jù)需要靈活選擇列舉法、列表法或樹狀圖法．　　 [即時演練] 1．袋中裝有大小、形狀完全相同的4只球，其中1只白球，1只紅球，2只黃球，從

26、中一次隨機摸出2只球，則這2只球顏色不同的概率為________． 解析：從袋中一次摸出兩個球，總的事件個數(shù)為6.摸出兩個相同顏色球只有兩個黃球，所以2只球顏色相同的概率為，所以這2只球顏色不同的概率為1－＝. 答案： 2．一所學(xué)校計劃舉辦“國學(xué)”系列講座．由于條件限制，按男、女生比例采取分層抽樣的方法，從某班選出10人參加活動，在活動前，對所選的10名同學(xué)進行了國學(xué)素養(yǎng)測試，這10名同學(xué)的性別和測試成績(百分制)的莖葉圖如圖所示. (1)根據(jù)這10名同學(xué)的測試成績，分別估計該班男、女生國學(xué)素養(yǎng)測試的平均成績； (2)這10名同學(xué)中男生和女生的國學(xué)素養(yǎng)測試成績的方差分別為s，s，

27、試比較s與s的大小(只需直接寫出結(jié)果)； (3)若從這10名同學(xué)中隨機選取一男一女兩名同學(xué)，求這兩名同學(xué)的國學(xué)素養(yǎng)測試成績均為優(yōu)良的概率．(注：成績大于等于75分為優(yōu)良)． 解：(1)設(shè)這10名同學(xué)中男、女生的平均成績分別為1，2. 則1＝＝73.75， 2＝＝76， 故該班男、女生國學(xué)素養(yǎng)測試的平均成績分別為73.75,76. (2)s

28、)，(a1，b2)，(a1，b3)，(a1，b4)，(a1，b5)，(a1，b6)， (a2，b1)，(a2，b2)，(a2，b3)，(a2，b4)，(a2，b5)，(a2，b6)， (a3，b1)，(a3，b2)，(a3，b3)，(a3，b4)，(a3，b5)，(a3，b6)， (a4，b1)，(a4，b2)，(a4，b3)，(a4，b4)，(a4，b5)，(a4，b6)， 共24種． 其中兩名同學(xué)均為優(yōu)良的取法有： (a2，b3)，(a2，b4)，(a2，b5)，(a2，b6)，(a3，b3)，(a3，b4)，(a3，b5)，(a3，b6)，(a4，b3)，(a4，b4)，(a

29、4，b5)，(a4，b6)，共12種， 所以P(A)＝＝，即兩名同學(xué)成績均為優(yōu)良的概率為. 古典概型的交匯命題問題　　　　　 古典概型在高考中常與平面向量、集合、函數(shù)、解析幾何、統(tǒng)計等知識交匯命題，命題的角度新穎，考查知識全面，能力要求較高. 常見的命題角度有： (1)古典概型與平面向量相結(jié)合； (2)古典概型與直線、圓相結(jié)合； (3)古典概型與函數(shù)相結(jié)合； (4)古典概型與統(tǒng)計相結(jié)合. 角度一：古典概型與平面向量相結(jié)合 1．(2018·威海調(diào)研)從集合中隨機抽取一個數(shù)a，從集合中隨機抽取一個數(shù)b，則向量m＝(a，b)與向量n＝(1，－1)垂直的概率為(　　) A.

30、 B. C. D. 解析：選A　由題意可知m＝(a，b)有：(2,1)，(2,3)，(2,5)，(3,1)，(3,3)，(3,5)，(4,1)，(4,3)，(4,5)，(5,1)，(5,3)，(5,5)，共12種情況． 因為m⊥n，即m·n＝0， 所以a×1＋b×(－1)＝0，即a＝b， 滿足條件的有(3,3)，(5,5)，共2種情況， 故所求的概率為. 角度二：古典概型與直線、圓相結(jié)合 2．某同學(xué)先后投擲一枚骰子兩次，第一次向上的點數(shù)記為x，第二次向上的點數(shù)記為y，在直角坐標系xOy中，以(x，y)為坐標的點落在直線2x－y＝1上的概率為________． 解析：∵試驗發(fā)

31、生包含的事件是先后擲兩次骰子，共有6×6＝36種結(jié)果， 滿足條件的事件是以(x，y)為坐標的點落在直線2x－y＝1上， 則(x，y)為(1,1)，(2,3)，(3,5)，共有3種結(jié)果， ∴根據(jù)古典概型的概率公式得以(x，y)為坐標的點落在直線2x－y＝1上的概率P＝＝. 答案： 角度三：古典概型與函數(shù)相結(jié)合 3．已知關(guān)于x的一元二次函數(shù)f(x)＝ax2－4bx＋1. (1)設(shè)集合P＝{1,2,3}和Q＝{－1,1,2,3,4}，分別從集合P和Q中隨機取一個數(shù)作為a和b，求函數(shù)y＝f(x)在區(qū)間[1，＋∞)上是增函數(shù)的概率； (2)設(shè)點(a，b)是區(qū)域內(nèi)的隨機點，求函數(shù)y＝f(x

32、)在區(qū)間[1，＋∞)上是增函數(shù)的概率． 解：(1)由題意知，總的基本事件的個數(shù)是3×5＝15. ∵函數(shù)f(x)＝ax2－4bx＋1的圖象的對稱軸為x＝，要使f(x)＝ax2－4bx＋1在區(qū)間[1，＋∞)上為增函數(shù)， 當且僅當a>0且≤1，即2b≤a時． 若a＝1，則b＝－1； 若a＝2，則b＝－1,1； 若a＝3，則b＝－1,1. ∴事件包含基本事件的個數(shù)是1＋2＋2＝5， ∴所求事件的概率P＝＝. (2)由(1)知當且僅當2b≤a且a>0時，函數(shù)f(x)＝ax2－4bx＋1在區(qū)間[1，＋∞)上為增函數(shù)，依條件可知試驗的全部結(jié)果所構(gòu)成的區(qū)域為，即△OAB部分；構(gòu)成所求事件

33、的區(qū)域為△OAC部分． 由得交點坐標C， ∴由幾何概型概率公式得所求事件的概率 P＝＝. 角度四：古典概型與統(tǒng)計相結(jié)合 4．某企業(yè)為了解下屬某部門對本企業(yè)職工的服務(wù)情況，隨機訪問50名職工．根據(jù)這50名職工對該部門的評分，繪制頻率分布直方圖(如圖所示)，其中樣本數(shù)據(jù)分組區(qū)間為： [40,50)，[50,60)，…，[80，90)，[90,100]． (1)求頻率分布直方圖中a的值； (2)估計該企業(yè)的職工對該部門評分不低于80的概率； (3)從評分在[40,60)的受訪職工中，隨機抽取2人，求此2人的評分都在[40,50)的概率． 解：(1)因為(0.004＋a＋0.0

34、18＋0.022×2＋0.028)×10＝1，所以a＝0.006. (2)由所給頻率分布直方圖知，50名受訪職工評分不低于80的頻率為(0.022＋0.018)×10＝0.4，所以該企業(yè)職工對該部門評分不低于80的概率的估計值為0.4. (3)受訪職工中評分在[50,60)的有：50×0.006×10＝3(人)，記為A1，A2，A3； 受訪職工中評分在[40,50)的有：50×0.004×10＝2(人)，記為B1，B2. 從這5名受訪職工中隨機抽取2人，所有可能的結(jié)果共有10種，它們是{A1，A2}，{A1，A3}，{A1，B1}，{A1，B2}，{A2，A3}，{A2，B1}，{A2

35、，B2}，{A3，B1}，{A3，B2}，{B1，B2}．又因為所抽取2人的評分都在[40,50)的結(jié)果有1種，即{B1，B2}，故所求的概率為. [方法技巧] 解決與古典概型交匯命題的問題時，把相關(guān)的知識轉(zhuǎn)化為事件，列舉基本事件，求出基本事件和隨機事件的個數(shù)，然后利用古典概型的概率計算公式進行計算．　　 1．(2017·全國卷Ⅱ)從分別寫有1,2,3,4,5的5張卡片中隨機抽取1張，放回后再隨機抽取1張，則抽得的第一張卡片上的數(shù)大于第二張卡片上的數(shù)的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選D　記兩次取得卡片上的數(shù)字依次為a，b，則一共有25個不同的數(shù)組(a，b)，

36、其中滿足a＞b的數(shù)組共有10個，分別為(2,1)，(3,1)，(3,2)，(4,1)，(4,2)，(4,3)，(5,1)，(5,2)，(5,3)，(5,4)，因此所求的概率P＝＝. 2．(2016·全國卷Ⅲ)小敏打開計算機時，忘記了開機密碼的前兩位，只記得第一位是M，I，N中的一個字母，第二位是1,2,3,4,5中的一個數(shù)字，則小敏輸入一次密碼能夠成功開機的概率是(　　) A. B. C. D. 解析：選C　∵Ω＝{(M,1)，(M,2)，(M,3)，(M,4)，(M,5)，(I,1)，(I,2)，(I,3)，(I,4)，(I,5)，(N,1)，(N,2)，(N,3)，(N,4)，

37、(N,5)}， ∴事件總數(shù)有15種． ∵正確的開機密碼只有1種，∴P＝. 3．(2015·全國卷Ⅰ)如果3個正整數(shù)可作為一個直角三角形三條邊的邊長，則稱這3個數(shù)為一組勾股數(shù)，從1,2,3,4,5中任取3個不同的數(shù)，則這3個數(shù)構(gòu)成一組勾股數(shù)的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選C　從1,2,3,4,5中任取3個不同的數(shù)共有如下10個不同的結(jié)果：(1,2,3)，(1,2,4)，(1,2,5)，(1,3,4)，(1,3,5)，(1,4,5)，(2,3,4)，(2,3,5)，(2,4,5)，(3,4,5)，其中勾股數(shù)只有(3,4,5)，所以概率為. 4．(2014·全國卷

38、Ⅱ)甲、乙兩名運動員各自等可能地從紅、白、藍3種顏色的運動服中選擇1種，則他們選擇相同顏色運動服的概率為________． 解析：甲、乙兩名運動員各自等可能地從紅、白、藍3種顏色的運動服中選擇1種的所有可能情況為(紅，白)，(白，紅)，(紅，藍)，(藍，紅)，(白，藍)，(藍，白)，(紅，紅)，(白，白)，(藍，藍)，共9種，他們選擇相同顏色運動服的所有可能情況為(紅，紅)，(白，白)，(藍，藍)，共3種．故所求概率為P＝＝. 答案： 5．(2017·全國卷Ⅲ)某超市計劃按月訂購一種酸奶，每天進貨量相同，進貨成本每瓶4元，售價每瓶6元，未售出的酸奶降價處理，以每瓶2元的價格當天全部處理完

39、．根據(jù)往年銷售經(jīng)驗，每天需求量與當天最高氣溫(單位：℃)有關(guān)．如果最高氣溫不低于25，需求量為500瓶；如果最高氣溫位于區(qū)間[20,25)，需求量為300瓶；如果最高氣溫低于20，需求量為200瓶．為了確定六月份的訂購計劃，統(tǒng)計了前三年六月份各天的最高氣溫數(shù)據(jù)，得下面的頻數(shù)分布表： 最高氣溫 [10,15) [15,20) [20,25) [25,30) [30,35) [35,40) 天數(shù) 2 16 36 25 7 4 以最高氣溫位于各區(qū)間的頻率估計最高氣溫位于該區(qū)間的概率． (1)估計六月份這種酸奶一天的需求量不超過300瓶的概率； (2)設(shè)六月份一天

40、銷售這種酸奶的利潤為Y(單位：元)．當六月份這種酸奶一天的進貨量為450瓶時，寫出Y的所有可能值，并估計Y大于零的概率． 解：(1)這種酸奶一天的需求量不超過300瓶，當且僅當最高氣溫低于25，由表格數(shù)據(jù)知，最高氣溫低于25的頻率為＝0.6，所以這種酸奶一天的需求量不超過300瓶的概率的估計值為0.6. (2)當這種酸奶一天的進貨量為450瓶時，若最高氣溫不低于25，則Y＝6×450－4×450＝900； 若最高氣溫位于區(qū)間[20,25)， 則Y＝6×300＋2(450－300)－4×450＝300； 若最高氣溫低于20， 則Y＝6×200＋2(450－200)－4×450＝－10

41、0. 所以Y的所有可能值為900,300，－100. Y大于零當且僅當最高氣溫不低于20，由表格數(shù)據(jù)知，最高氣溫不低于20的頻率為＝0.8，因此Y大于零的概率的估計值為0.8. 一、選擇題 1．(2017·天津高考)有5支彩筆(除顏色外無差別)，顏色分別為紅、黃、藍、綠、紫．從這5支彩筆中任取2支不同顏色的彩筆，則取出的2支彩筆中含有紅色彩筆的概率為(　　) A.　　　　　　　　　 B. C. D. 解析：選C　從5支彩筆中任取2支不同顏色的彩筆，有10種不同取法：(紅，黃)，(紅，藍)，(紅，綠)，(紅，紫)，(黃，藍)，(黃，綠)，(黃，紫)，(藍，綠)，(藍，紫)，(

42、綠，紫)．而取出的2支彩筆中含有紅色彩筆的取法有(紅，黃)，(紅，藍)，(紅，綠)，(紅，紫)，共4種，故所求概率P＝＝. 2．先后拋擲兩顆質(zhì)地均勻的骰子，則兩次朝上的點數(shù)之積為奇數(shù)的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選C　骰子的點數(shù)為1,2,3,4,5,6，先后拋擲兩顆質(zhì)地均勻的骰子，設(shè)基本事件為(x，y)，共有6×6＝36個，記兩次點數(shù)之積為奇數(shù)的事件為A，有(1,1)，(1,3)，(1,5)，(3,1)，(3,3)，(3,5)，(5,1)，(5,3)，(5,5)共9個，所以兩次朝上的點數(shù)之積為奇數(shù)的概率為P(A)＝＝. 3．(2018·豫東名校聯(lián)考)在集合A＝{

43、2,3}中隨機取一個元素m，在集合B＝{1,2,3}中隨機取一個元素n，得到點P(m，n)，則點P在圓x2＋y2＝9內(nèi)部的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選B　點P(m，n)共有(2,1)，(2,2)，(2,3)，(3,1)，(3,2)，(3,3)6種情況，只有(2,1)，(2,2)這2個點在圓x2＋y2＝9的內(nèi)部，所求概率為＝. 4．(2018·泉州質(zhì)檢)一個三位自然數(shù)百位、十位、個位上的數(shù)字依次為a，b，c，當且僅當a＞b，b＜c時，稱該三位自然數(shù)為“凹數(shù)”(如213,312等)，若a，b，c∈{1,2,3,4}，且a，b，c互不相同，

44、則這個三位數(shù)為“凹數(shù)”的概率是(　　) A. B. C. D. 解析：選C　由1,2,3組成的三位自然數(shù)為123,132,213,231,312,321，共6個；同理由1,2,4組成的三位自然數(shù)共6個；由1,3,4組成的三位自然數(shù)也是6個；由2,3,4組成的三位自然數(shù)也是6個．所以共有4×6＝24個．當b＝1時，有214,213,312,314,412,413，共6個“凹數(shù)”；當b＝2時，有324,423，共2個“凹數(shù)”．所以這個三位數(shù)為“凹數(shù)”的概率P＝＝. 5．從2名男生和2名女生中任意選擇兩人在星期六、星期日參加某公益活動，每天一人，則星期六安排一名男生、星期日安排一名女生的

45、概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選A　設(shè)2名男生記為A1，A2,2名女生記為B1，B2，任意選擇兩人在星期六、星期日參加某公益活動，共有A1A2，A1B1，A1B2，A2B1，A2B2，B1B2，A2A1，B1A1，B2A1，B1A2，B2A2，B2B1 12種情況，而星期六安排一名男生、星期日安排一名女生共有A1B1，A1B2，A2B1，A2B2 4種情況，則發(fā)生的概率為P＝＝. 6．甲盒子裝有分別標有數(shù)字1,2,3,4的4張卡片，乙盒子裝有分別標有數(shù)字2,5的2張卡片，若從兩個盒子中各隨機地取出1張卡片，則2張卡片上的數(shù)字為相鄰數(shù)字的概率

46、為(　　) A. B. C. D. 解析：選B　從兩個盒子中各隨機地取出1張卡片，有(1,2)，(1,5)，(2,2)，(2,5)，(3,2)，(3,5)，(4,2)，(4,5)，共8種不同的取法，其中數(shù)字為相鄰數(shù)字的取法有(1,2)，(3,2)，(4,5)，共3種不同的取法，所以所求概率P＝. 7．拋擲質(zhì)地均勻的甲、乙兩顆骰子，設(shè)出現(xiàn)的點數(shù)分別為a，b，則<|b－a2|<6－a成立的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選C　由題意知(a，b)的所有可能情況為(1,1)，(1,2)，(1,3)，…，(6,4)，(6,5)，(6,6)，共

47、36種，設(shè)“<|b－a2|<6－a成立”為事件A，則事件A包括(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(2,1)，(2,2)，(2,6)，共7種，故P(A)＝. 8．已知函數(shù)f(x)＝x3＋ax2＋b2x＋1，若a是從1,2,3三個數(shù)中任取的一個數(shù)，b是從0,1,2三個數(shù)中任取的一個數(shù)，則該函數(shù)有兩個極值點的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選D　對函數(shù)f(x)求導(dǎo)可得f′(x)＝x2＋2ax＋b2， 要滿足題意需x2＋2ax＋b2＝0有兩個不等實根， 即Δ＝4(a2－b2)>0，即a>b. 又(a，b)的取法共有9種，其中滿足a>b的有(1,0)，(2,

48、0)，(2,1)，(3,0)，(3,1)，(3,2)，共6種， 故所求的概率P＝＝. 二、填空題 9．先后拋擲兩枚質(zhì)地均勻的骰子，骰子落地后面朝上的點數(shù)分別為x，y，則log2xy＝1的概率為________． 解析：根據(jù)題意，每枚骰子朝上的點數(shù)都有6種情況，則(x，y)的情況有6×6＝36(種)．若log2xy＝1，則y＝2x，其情況有(1,2)，(2,4)，(3,6)，共3種，所以log2xy＝1的概率P＝＝. 答案： 10．從－1,0,1,3,4這五個數(shù)中任選一個數(shù)記為a，則使曲線y＝的圖象在第一、三象限，且滿足不等式組無解的概率為________． 解析：曲線y＝的圖象在

49、第一、三象限，且滿足不等式組無解，即7－3a>0且a≤3，所以a<，所以a可?。?,0,1，由古典概型的概率公式，得P＝. 答案： 11．從－＝1(其中m，n∈{－1,2,3})所表示的圓錐曲線(橢圓、雙曲線、拋物線)方程中任取一個，則此方程是焦點在x軸上的雙曲線方程的概率為________． 解析：當方程－＝1表示橢圓、雙曲線、拋物線等圓錐曲線時，不能有m＜0，n＞0，所以方程－＝1表示橢圓、雙曲線、拋物線等圓錐曲線的(m，n)有(2，－1)，(3，－1)，(2,2)，(2,3)，(3,2)，(3,3)，(－1，－1)，共7種，其中表示焦點在x軸上的雙曲線時，m＞0，n＞0，有(2,2

50、)，(2,3)，(3,2)，(3,3)，共4種，所以所求概率P＝. 答案： 12．設(shè)集合A＝{0,1,2}，B＝{0,1,2}，分別從集合A和B中隨機取一個數(shù)a和b，確定平面上一個點P(a，b)，設(shè)“點P(a，b)落在直線x＋y＝n上”為事件Cn(0≤n≤4，n∈N)，若事件Cn的概率最大，則n的值為________． 解析：由題意知，點P的坐標的所有情況為(0,0)，(0,1)，(0,2)，(1,0)，(1,1)，(1,2)，(2,0)，(2,1)，(2,2)，共9種． 當n＝0時，落在直線x＋y＝0上的點的坐標為(0,0)，共1種； 當n＝1時，落在直線x＋y＝1上的點的坐標為(

51、0,1)和(1,0)，共2種； 當n＝2時，落在直線x＋y＝2上的點的坐標為(1,1)，(2,0)，(0,2)，共3種； 當n＝3時，落在直線x＋y＝3上的點的坐標為(1,2)，(2,1)，共2種； 當n＝4時，落在直線x＋y＝4上的點的坐標為(2,2)，共1種． 因此，當Cn的概率最大時，n＝2. 答案：2 三、解答題 13．有一枚正方體骰子，六個面分別寫有數(shù)字1,2,3,4,5,6，規(guī)定拋擲該枚骰子得到的數(shù)字是拋擲后面向上的那一個數(shù)字．已知b和c是先后拋擲該枚骰子得到的數(shù)字，函數(shù)f(x)＝x2＋bx＋c(x∈R)． (1)若先拋擲骰子得到的數(shù)字是3，求再次拋擲骰子時，函數(shù)y

52、＝f(x)有零點的概率； (2)求函數(shù)y＝f(x)在區(qū)間(－3，＋∞)上是增函數(shù)的概率． 解：(1)記“函數(shù)f(x)＝x2＋bx＋c(x∈R)有零點”為事件A， 由題意知，b＝3，c＝1,2,3,4,5,6， ∴所有的基本事件為(3,1)，(3,2)，(3,3)，(3,4)，(3,5)，(3,6)，共6個． 當函數(shù)f(x)＝x2＋bx＋c(x∈R)有零點時，方程x2＋bx＋c＝0有實數(shù)根，即Δ＝b2－4c≥0， ∴c≤，∴c＝1或2， 即事件A包含2個基本事件， ∴函數(shù)f(x)＝x2＋bx＋c(x∈R)有零點的概率P(A)＝＝. (2)由題意可知，所有的基本事件為(1,1)，

53、(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(1,6)，(2,1)，…，(6,5)，(6,6)，共36個． 記“函數(shù)y＝f(x)在區(qū)間(－3，＋∞)上是增函數(shù)”為事件B. ∵y＝f(x)的圖象開口向上， ∴要想使函數(shù)y＝f(x)在區(qū)間(－3，＋∞)上是增函數(shù)， 只需－≤－3即可，解得b≥6，∴b＝6. ∴事件B包含的基本事件有6個． ∴函數(shù)y＝f(x)在區(qū)間(－3，＋∞)上是增函數(shù)的概率 P(B)＝＝. 14．學(xué)校組織學(xué)生參加某項比賽，參賽選手必須有很好的語言表達能力和文字組織能力．學(xué)校對10位已入圍的學(xué)生進行語言表達能力和文字組織能力的測試，測試成績分為A，B，C三個等級

54、，其統(tǒng)計結(jié)果如下表： 　　　語言表達能力 文字組織能力　　　 A B C A 2 2 0 B 1 a 1 C 0 1 b 由于部分數(shù)據(jù)丟失，只知道從這10位參加測試的學(xué)生中隨機抽取一位，抽到語言表達能力或文字組織能力為C的學(xué)生的概率為. (1)求a，b的值； (2)從測試成績均為A或B的學(xué)生中任意抽取2位，求其中至少有一位語言表達能力或文字組織能力為A的學(xué)生的概率． 解：(1)依題意可知，語言表達能力或文字組織能力為C的學(xué)生共有(b＋2)人， 所以＝，a＋b＝3， 解得b＝1，a＝2. (2)測試成績均為A或B的學(xué)生共有7人，其中語言表達能力

55、和文字組織能力均為B的有2人，設(shè)為b1，b2，其余5人設(shè)為a1，a2，a3，a4，a5. 則基本事件空間Ω＝{(a1，a2)，(a1，a3)，(a1，a4)，(a1，a5)，(a1，b1)，(a1，b2)，(a2，a3)，(a2，a4)，(a2，a5)，(a2，b1)，(a2，b2)，(a3，a4)，(a3，a5)，(a3，b1)，(a3，b2)，(a4，a5)，(a4，b1)，(a4，b2)，(a5，b1)，(a5，b2)，(b1，b2)}． 所以基本事件空間總數(shù)為21. 選出的2人語言表達能力和文字組織能力均為B的有(b1，b2)． 所以至少有一位語言表達能力或文字組織能力為A的學(xué)

56、生的概率P＝1－＝. 1．若x∈A的同時，還有∈A，則稱A是“好搭檔集合”，在集合B＝的所有非空子集中任選一集合，則該集合是“好搭檔集合”的概率為(　　) A. B. C. D. 解析：選A　由題意可得，集合B的非空子集有25－1＝31個，其中是“好搭檔集合”的有：{1}，，，，，，，共7個，所以該集合是“好搭檔集合”的概率為P＝. 2．某企業(yè)員工500人參加“學(xué)雷鋒”活動，按年齡分組所得頻率分布直方圖如圖所示． (1)下表是年齡的頻數(shù)分布表，求出表中a，b的值； 組別 [25,30) [30,35) [35,40) [40,45) [45,50] 人數(shù)

57、 50 50 a 150 b (2)現(xiàn)在要從年齡較小的第1,2,3組中用分層抽樣的方法抽取6人，則年齡在第1,2,3組的各抽取多少人？ (3)在第(2)問的前提下，從這6人中隨機抽取2人參加社區(qū)活動，求至少有1人年齡在第3組的概率． 解：(1)由圖可知，年齡在[35,40)間的頻率為0.08×5＝0.4，年齡在[45,50)間的頻率為0.02×5＝0.1， 故a＝0.4×500＝200，b＝0.1×500＝50. (2)由(1)及表中數(shù)據(jù)知抽取的1,2,3組的人數(shù)比為1∶1∶4，故1,2,3組抽取的人數(shù)分別為1,1,4. (3)設(shè)第1組的人為A，第2組的人為B，第3組的人為

58、c，d，e，f.現(xiàn)在隨機抽取6人，則所有的抽取方法為AB，Ac，Ad，Ae，Af，Bc，Bd，Be，Bf，cd，ce，cf，de，df，ef共15種．記事件E為“至少有1人來自第3組”，則P(E)＝1－＝. 高考研究課(二) 幾何概型命題3角度——長度(角度)、面積、體積 [全國卷5年命題分析] 考點 考查頻度 考查角度 長度型 5年1考 求概率 面積型 5年1考 隨機模擬求近似值 體積型 未考查 與長度(角度)有關(guān)的幾何概型 [典例]　(1)在區(qū)間[－1,1]上隨機取一個數(shù)，則直線y＝k(x＋2)與圓x2＋y2＝1有公共點的概率為________

59、． (2)如圖，在等腰直角△ABC中，過直角頂點C作射線CM交AB于M，則使得AM小于AC的概率為________． [解析]　(1)因為直線y＝k(x＋2)與圓x2＋y2＝1有公共點，所以圓心到直線的距離d＝≤1， 則－≤k≤，區(qū)間長度為， 所以所求事件的概率P＝＝. (2)當AM＝AC時，△ACM為以A為頂點的等腰三角形，∠ACM＝＝67.5°. 當∠ACM＜67.5°時，AM＜AC， 所以AM小于AC的概率 P＝＝. [答案]　(1)　(2) [方法技巧] 1．與長度有關(guān)的幾何概型 如果試驗的結(jié)果構(gòu)成的區(qū)域的幾何度量可用長度表示，可直接用概率的計算公式求解．

60、 2．與角度有關(guān)的幾何概型 當涉及射線的轉(zhuǎn)動，扇形中有關(guān)落點區(qū)域問題時，應(yīng)以角的大小作為區(qū)域度量來計算概率，且不可用線段的長度代替，這是兩種不同的度量手段．　　 [即時演練] 1．(2017·江蘇高考)記函數(shù)f(x)＝的定義域為D.在區(qū)間[－4,5]上隨機取一個數(shù)x，則x∈D的概率是________． 解析：由6＋x－x2≥0，解得－2≤x≤3，則D＝[－2,3]，則所求概率P＝＝. 答案： 2.如圖所示，在直角坐標系內(nèi)，射線OT落在30°角的終邊上，任作一條射線OA，則射線OA落在∠yOT內(nèi)的概率為________． 解析：因為射線OA在坐標系內(nèi)是等可能分布的，所以O(shè)A落在∠y

61、OT內(nèi)的概率為＝. 答案： 與體積有關(guān)的幾何概型 [典例]　(2018·煙臺模擬)在棱長為2的正方體ABCD-A1B1C1D1中，點O為底面ABCD的中心，在正方體ABCD-A1B1C1D1內(nèi)隨機取一點P，則點P到點O的距離大于1的概率為________． [解析]　由題意，在正方體ABCD-A1B1C1D1內(nèi)任取一點，滿足幾何概型，記“點P到點O的距離大于1”為事件A，則事件A發(fā)生時，點P位于以O(shè)為球心，以1為半徑的半球外．又V正方體ABCD-A1B1C1D1＝23＝8，V半球＝·π·13＝π， ∴所求事件概率P(A)＝＝1－. [答案]　1－ [方法技巧] 與體積有關(guān)的

62、幾何概型求法的關(guān)鍵點 對于與體積有關(guān)的幾何概型問題，關(guān)鍵是計算問題的總體積(總空間)以及事件的體積(事件空間)，對于某些較復(fù)雜的也可利用其對立事件去求．　　 [即時演練] 1．在400毫升自來水中有一個大腸桿菌，今從中隨機取出2毫升水樣放到顯微鏡下觀察，則發(fā)現(xiàn)大腸桿菌的概率為(　　) A．0.008　　　　　　 B．0.004 C．0.002 D．0.005 解析：選D　大腸桿菌在400毫升自來水中的位置是任意的，且結(jié)果有無限個，屬于幾何概型．設(shè)取出2毫升水樣有大腸桿菌為事件A，則事件A構(gòu)成的區(qū)域體積是2毫升，全部試驗結(jié)果構(gòu)成的區(qū)域體積是400毫升，則P(A)＝＝0.005.

63、2．已知在四棱錐P-ABCD中，PA⊥底面ABCD，底面ABCD是正方形，PA＝AB＝2，在該四棱錐內(nèi)部或表面任取一點O，則三棱錐O-PAB的體積不小于的概率為________． 解析：如圖，取AD，BC，PC，PD的中點分別為E，F(xiàn)，G，H，當點O在幾何體CDEFGH內(nèi)部或表面上時，VO-PAB≥.在幾何體CDEFGH中，連接GD，GE，則VCDEFGH＝VG-CDEF＋VG-DEH＝，又VP-ABCD＝，則所求概率為＝. 答案： 與面積有關(guān)的幾何概型　　　　 與面積有關(guān)的幾何概型是近幾年高考的熱點之一.,常見的命題角度有： (1)與平面圖形面積有關(guān)的問題； (2)與線

64、性規(guī)劃交匯的問題； (3)與函數(shù)有關(guān)的問題； 角度一：與平面圖形面積有關(guān)的問題 1．隨機向邊長為5,5,6的三角形中投一點P，則點P到三個頂點的距離都不小于2的概率是________． 解析：若點P到三個頂點的距離都不小于2， 則點P位于圖中陰影部分， 三角形在三個圓的面積之和為 ×π×22＝2π， △ABC的面積S＝×6×4＝12， 所以陰影部分的面積S＝12－2π， 故對應(yīng)的概率P＝＝1－. 答案：1－ 角度二：與線性規(guī)劃交匯的問題 2．把長為80 cm的鐵絲隨機截成三段，則每段鐵絲長度都不小于20 cm的概率為(　　) A.　　　　　　　　　　 B. C

65、. D. 解析：選A　設(shè)把長為80 cm的鐵絲隨機截成三段的長度分別為x，y，80－x－y，則構(gòu)成實驗的全部區(qū)域為作出示意圖如圖所示，此區(qū)域為腰長80 cm的等腰直角三角形OAB，則面積為×80×80＝3 200 cm2，記“這三段長度均不小于20 cm”為事件M，則構(gòu)成M的區(qū)域為此區(qū)域為腰長20 cm的等腰直角三角形CDE，則面積為×20×20＝200 cm2，所以每段鐵絲長度不小于20 cm的概率P(M)＝＝. 角度三：與函數(shù)有關(guān)的問題 3．設(shè)函數(shù)f(x)＝在區(qū)間[0，e]上隨機取一個實數(shù)x，則f(x)的值不小于常數(shù)e的概率為(　　) A. B．1－ C. D. 解析：選

66、B　由題可得，因為f(x)≥e，且f(x)＝所以有1≤x≤e，所以由幾何概型可得，f(x)的值不小于常數(shù)e的概率P＝1－. [方法技巧] 與面積有關(guān)的平面圖形的幾何概型，解題的關(guān)鍵是對所求的事件A構(gòu)成的平面區(qū)域形狀的判斷及面積的計算，基本方法是數(shù)形結(jié)合．　　 1.(2017·全國卷Ⅰ)如圖，正方形ABCD內(nèi)的圖形來自中國古代的太極圖．正方形內(nèi)切圓中的黑色部分和白色部分關(guān)于正方形的中心成中心對稱．在正方形內(nèi)隨機取一點，則此點取自黑色部分的概率是(　　) A. B. C. D. 解析：選B　不妨設(shè)正方形的邊長為2，則正方形的面積為4，正方形的內(nèi)切圓的半徑為1，面積為π.由題意，得S黑＝S圓＝，故此點取自黑色部分的概率P＝＝. 2．(2016·全國卷Ⅱ)從區(qū)間[0,1]隨機抽取2n個數(shù)x1，x2，…，xn，y1，y2，…，yn，構(gòu)成n個數(shù)對(x1，y1)，(x2，y2)，…，(xn，yn)，其中兩數(shù)的平方和小于1的數(shù)對共有m個，則用隨機模擬的方法得到的圓周率π的近似值為(　　) A. B. C. D. 解析：選C　因為x1，x2，…，xn，y1，y2，…，y