《（京津瓊）2022高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練：選擇題專練（十）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（京津瓊）2022高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練：選擇題專練（十）（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（京津瓊）2022高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練：選擇題專練（十） 1．1820年4月，丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)．已知通電長直導(dǎo)線周圍某點的磁感應(yīng)強度B＝k，即磁感應(yīng)強度B與導(dǎo)線中的電流成正比、與該點到導(dǎo)線的距離r成反比．如圖1所示，兩根平行長直導(dǎo)線相距為x0，分別通以大小不等、方向相同的電流，已知I1>I2.規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，在0～x0區(qū)間內(nèi)磁感應(yīng)強度B隨x變化的圖線可能是圖中的(　　) 圖1 答案　A 解析　根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電導(dǎo)線在兩根導(dǎo)線之間的磁場方向垂直紙面向里，右邊通電導(dǎo)線在兩根導(dǎo)線之間的磁場方向垂直紙面向外，離導(dǎo)線越遠磁場越弱，

2、在兩根導(dǎo)線中間偏右位置合磁感應(yīng)強度為零．由于規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，故A正確，B、C、D錯誤． 2．已知氫原子的基態(tài)能量為E1，激發(fā)態(tài)能量En＝，其中n＝2,3,4…，h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．有一氫原子處于n＝3的激發(fā)態(tài)，在它向低能級躍遷時，可能輻射的光子的最大波長為(　　) A．－ B．－ C．－ D．－ 答案　A 解析　有一氫原子處于n＝3的激發(fā)態(tài)，在它向n＝2能級躍遷時，輻射的光子能量最小，輻射的光子的波長最大，則有E3－E2＝，解得λ＝－，故A正確，B、C、D錯誤． 3．月球探測器從月球返回地球的過程可以簡單分成四步，如圖2所示第一步將月球探測器

3、發(fā)射至月球表面附近的環(huán)月圓軌道，第二步在環(huán)月軌道的A處進行變軌進入月地轉(zhuǎn)移軌道Ⅱ，第三步當(dāng)接近地球表面附近時，又一次變軌，從B點進入繞地圓軌道Ⅲ，第四步再次變軌道后降落至地面，下列說法正確的是(　　) 圖2 A．將月球探測器發(fā)射至軌道Ⅰ時所需的發(fā)射速度為7.9 km/s B．月球探測器從環(huán)月軌道Ⅰ進入月地轉(zhuǎn)移軌道Ⅱ需要加速 C．月球探測器從A沿月地轉(zhuǎn)移軌Ⅱ到達B點的過程中其動能一直增加 D．月球探測器在第四步變軌時需要加速 答案　B 解析　月球的第一宇宙速度比地球的要小，故A錯誤；月球探測器從軌道Ⅰ進入月地轉(zhuǎn)移軌道Ⅱ是離心運動，所以需要加速，所以B正確；剛開始的時候月球?qū)υ虑?/p>

4、探測器的引力大于地球?qū)υ虑蛱綔y器的引力，所以探測器動能要減小，之后當(dāng)?shù)厍虻囊Υ笥谠虑虻囊r，探測器的動能就開始增加，故C錯誤；月球探測器降落至地面的運動為近心運動，需要減速，故D錯誤． 4．如圖3所示，質(zhì)量為0.5 kg的一塊橡皮泥自距小車上表面1.25 m高處由靜止下落，恰好落入質(zhì)量為2 kg、速度為2.5 m/s沿光滑水平地面運動的小車上，并與小車一起沿水平地面運動，取g＝10 m/s2，不計空氣阻力，下列說法正確的是(　　) 圖3 A．橡皮泥下落的時間為0.3 s B．橡皮泥與小車一起在水平地面上運動的速度大小為3.5 m/s C．橡皮泥落入小車的過程中，橡皮泥與小車組

5、成的系統(tǒng)動量守恒 D．整個過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)損失的機械能為7.5 J 答案　D 解析　橡皮泥下落的時間為： t＝＝ s＝0.5 s，故A錯誤； 橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，選取小車初速度的方向為正方向，則有： m1v0＝(m1＋m2)v， 所以共同速度為：v＝＝ m/s＝2 m/s， 故B錯誤； 橡皮泥落入小車的過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)在水平方向的動量守恒，但豎直方向的動量不守恒，故C錯誤； 整個過程中，橡皮泥與小車組成的系統(tǒng)損失的機械能等于橡皮泥的重力勢能與二者損失的動能，得： ΔE＝m2gh＋ 代入數(shù)據(jù)可得：ΔE＝7.5 J，故D正

6、確． 5．如圖4所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L，直導(dǎo)線MN垂直跨在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好，整個裝置處于垂直于紙面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B.電容器的電容為C，除電阻R外，導(dǎo)軌和導(dǎo)線的電阻均不計．現(xiàn)給導(dǎo)線MN一初速度，使導(dǎo)線MN向右運動，當(dāng)電路穩(wěn)定后，MN以速度v向右勻速運動時(　　) 圖4 A．電容器兩極板間的電壓為零 B．通過電阻R的電流為 C．電容器所帶電荷量為CBLv D．為保持MN勻速運動，需對其施加的拉力大小為 答案　C 解析　當(dāng)導(dǎo)線MN勻速向右運動時，導(dǎo)線所受的合力為零，說明導(dǎo)線不受安培力，電路中電流為零，故電阻兩端沒有電壓，此時導(dǎo)線MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動

7、勢恒定為E＝BLv，則電容器兩極板間的電壓為U＝E＝BLv，故A、B錯誤；電容器所帶電荷量Q＝CU＝CBLv，故C正確；因勻速運動后MN所受合力為0，而此時無電流，不受安培力，則無需拉力便可做勻速運動，故D錯誤． 6.如圖5所示，質(zhì)量為m的小球套在傾斜放置的光滑直桿上，一根輕質(zhì)彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連，彈簧與桿在同一豎直平面內(nèi)，將小球沿桿拉到彈簧水平位置由靜止釋放，小球沿桿下滑，當(dāng)彈簧位于豎直位置時，小球速度恰好為零，此時小球下降的豎直高度為h，若全過程中彈簧始終處于伸長狀態(tài)且處于彈性限度范圍內(nèi)，下列說法正確的是(　　) 圖5 A．小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒 B．彈

8、簧與桿垂直時，小球的動能與重力勢能之和最大 C．彈簧對小球始終做負功 D．小球下滑至最低點的過程中，彈簧的彈性勢能增加量等于mgh 答案　ABD 解析　小球運動過程中，只有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，A正確；彈簧與桿垂直時，此時彈簧伸長量最短，彈性勢能最小，故小球的動能與重力勢能之和最大，B正確；全過程中彈簧始終處于伸長狀態(tài)即為拉力，開始階段彈力與運動方向成銳角后為直角再變?yōu)殁g角，故彈力先做正功后做負功，C錯誤；小球下滑至最低點的過程中，系統(tǒng)機械能守恒，初、末位置動能都為零，所以彈簧的彈性勢能增加量等于重力勢能的減小量，即為mgh，D正確． 7．如圖6所示，平行板電容器AB兩

9、極板水平放置，A在上方，B在下方，現(xiàn)將其和二極管串聯(lián)接在直流電源上，已知A和電源正極相連，二極管具有單向?qū)щ娦?，一帶電小球沿AB中心水平射入，打在B極板上的N點，小球的重力不能忽略，現(xiàn)通過上下移動A板來改變兩極板AB間距(兩極板仍平行)，則下列說法正確的是(　　) 圖6 A．若小球帶正電，當(dāng)AB間距減小時，小球打在N的左側(cè) B．若小球帶正電，當(dāng)AB間距增大時，小球打在N的右側(cè) C．若小球帶負電，當(dāng)AB間距減小時，小球可能打在N的右側(cè) D．若小球帶負電，當(dāng)AB間距增大時，小球可能打在N的左側(cè) 答案　AC 解析　A極板帶正電，B極板帶負電，根據(jù)二極管具有單向?qū)щ娦?，極板的電荷量只

10、能增加不能減小．若小球帶正電，當(dāng)d減小時，電容增大，Q增大，根據(jù)E＝，C＝， C＝，得E＝，知d減小時E增大，所以電場力變大，方向向下，小球做平拋運動豎直方向上的加速度增大，運動時間變短，打在N點左側(cè)，故A正確．若小球帶正電，當(dāng)d增大時，電容減小，但Q不能減小，所以Q不變，根據(jù)E＝，C＝，C＝，得E＝，知E不變，所以電場力不變，小球仍然打在N點，故B錯誤．若小球帶負電，當(dāng)AB間距d減小時，電容增大，則Q增大，根據(jù)E＝，C＝，C＝，得E＝，知E增大，所以電場力變大，方向向上，若此時電場力仍小于重力，小球做類平拋運動豎直方向上的加速度減小，運動時間變長，小球?qū)⒋蛟贜點的右側(cè)，故C正確．若小球帶負

11、電， 當(dāng)AB間距d增大時，電容減小，但Q不能減小， 所以Q不變，根據(jù)E＝，C＝，C＝， 得E＝，知E不變，所以電場力不變，小球仍然打在N點，故D錯誤． 8．電流天平可以用來測量勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小．如圖7甲所示，測量前天平已調(diào)至平衡，測量時，在左邊托盤中放入質(zhì)量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個質(zhì)量為m0、匝數(shù)為n、下邊長為l的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中．線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計連接導(dǎo)線對線圈的作用力，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r.開關(guān)S閉合后，調(diào)節(jié)可變電阻至R1時，天平正好平衡，此時電壓表讀數(shù)為U.已知m0>m，取重力加速度為

12、g，則(　　) 圖7 A．矩形線圈中電流的方向為逆時針方向 B．矩形線圈的電阻R＝r－R1 C．勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小B＝ D．若僅將磁場反向，在左盤中再添加質(zhì)量為2m0－m的砝碼可使天平重新平衡 答案　AC 解析　根據(jù)題圖甲可知，要使天平平衡，矩形線圈中電流的方向應(yīng)為逆時針方向，故A正確； 根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U＝E－r， 解得矩形線圈的電阻R＝－R1，故B錯誤； 根據(jù)平衡條件可得m0g－F＝mg，而F＝nBIl， I＝， 解得勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小B＝， 故C正確；開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場反向，則安培力方向反向，變?yōu)橄蛳?，相?dāng)于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊，添加質(zhì)量為Δm＝＝2(m0－m)的砝碼可使天平重新平衡，故D錯誤．