《2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第二章 隨機(jī)變量及其分布 2.2.2 事件的獨(dú)立性課件 新人教A版選修2-3.ppt》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019學(xué)年高中數(shù)學(xué) 第二章 隨機(jī)變量及其分布 2.2.2 事件的獨(dú)立性課件 新人教A版選修2-3.ppt（57頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第二章,隨機(jī)變量及其分布,2．2 二項(xiàng)分布及其應(yīng)用,2.2.2 事件的獨(dú)立性,自主預(yù)習(xí)學(xué)案,,相互獨(dú)立事件 1．概念 (1)設(shè)A，B為兩個事件，若事件A是否發(fā)生對事件B發(fā)生的概率沒有影響，即_____________________，則稱兩個事件A，B相互獨(dú)立，并把這兩個事件叫做________________． (2)對于n個事件A1，A2，…，An，如果其中任一個事件發(fā)生的概率不受____________________的影響，則稱n個事件A1，A2，…，An相互獨(dú)立．,P(B|A)＝P(B),相互獨(dú)立事件,其他事件是否發(fā)生,P(A)P(B),每個事件發(fā)生的概率積,B,1．(2016刑臺高

2、二檢測)甲、乙兩人各用籃球投籃一次，若兩人投中的概率都是0.7，則恰有一人投中的概率是 ( ) A．0.42 B．0.49 C．0.7 D．0.91,A,B,4．某次知識競賽規(guī)則如下：在主辦方預(yù)設(shè)的5個問題中，選手若能連續(xù)正確回答出兩個問題，即停止答題，晉級下一輪．假設(shè)某選手正確回答每個問題的概率都是0.8，且每個問題的回答結(jié)果相互獨(dú)立，則該選手恰好回答了4個問題就晉級下一輪的概率等于__________． [解析] 此選手恰好回答4個問題就晉級下一輪，說明此選手第2個問題回答錯誤，第3、第4個問題均回答正確，第1個問題答對答錯都可以．因?yàn)槊總€問題的回答結(jié)果相互獨(dú)立，故所求的概率為10.

3、20.82＝0.128．,0.128,互動探究學(xué)案,命題方向1 ?相互獨(dú)立事件的判斷,從一副撲克牌(52張)中任抽一張，記事件A為“抽得K”，記事件B為“抽得紅牌”，記事件C為“抽到J”．判斷下列每對事件是否相互獨(dú)立？為什么？ (1)A與B； (2)C與A．,典例 1,『規(guī)律總結(jié)』 兩個事件是否相互獨(dú)立的判斷 (1)直接法：由事件本身的性質(zhì)直接判定兩個事件發(fā)生是否相互影響． (2)定義法：如果事件A，B同時(shí)發(fā)生的概率等于事件A發(fā)生的概率與事件B發(fā)生的概率的積，則事件A，B為相互獨(dú)立事件． (3)條件概率法：當(dāng)P(A)>0時(shí)，可用P(B|A)＝P(B)判斷．,命題方向2 ?求相互獨(dú)立事件的概率,

4、(2017鶴崗高二檢測)小王某天乘火車從重慶到上海去辦事，若當(dāng)天從重慶到上海的三列火車正點(diǎn)到達(dá)的概率分別為0.8,0.7,0.9，假設(shè)這三列火車之間是否正點(diǎn)到達(dá)互不影響．求： (1)這三列火車恰好有兩列正點(diǎn)到達(dá)的概率； (2)這三列火車至少有一列正點(diǎn)到達(dá)的概率．,典例 2,,,命題方向3 ?相互獨(dú)立事件的綜合應(yīng)用,(2017西安高二檢測)在一場娛樂晚會上，有5位民間歌手(1至5號)登臺演唱，由現(xiàn)場數(shù)百名觀眾投票選出最受歡迎歌手．各位觀眾須彼此獨(dú)立地在選票上選3名歌手，其中觀眾甲是1號歌手的歌迷，他必選1號，不選2號，另在3至5號中隨機(jī)選2名．觀眾乙和丙對5位歌手的演唱沒有偏愛，因此在1至5號中

5、隨機(jī)選3名歌手． (1)求觀眾甲選中3號歌手且觀眾乙未選中3號歌手的概率； (2)X表示3號歌手得到觀眾甲、乙、丙的票數(shù)之和，求X的分布列．,典例 3,,〔跟蹤練習(xí)3〕 某公司為了解用戶對其產(chǎn)品的滿意度，從A，B兩地區(qū)分別隨機(jī)調(diào)查了20個用戶，得到用戶對產(chǎn)品的滿意度評分如下： A地區(qū)：62 73 81 92 95 85 74 64 53 76 78 86 95 66 97 78 88 82 76 89 B地區(qū)：73 83 62 51 91 46 53 73 64 82 93 48 65 81 74 56 54 76 65 79,(1)根據(jù)兩組數(shù)據(jù)完成兩地區(qū)用戶滿意度評分的莖葉圖，并通過莖葉圖比

6、較兩地區(qū)滿意度評分的平均值及分散程度(不要求計(jì)算出具體值，得出結(jié)論即可)；,,【解析】 (1)兩地區(qū)用戶滿意度評分的莖葉圖如圖． 通過莖葉圖可以看出，A地區(qū)用戶滿意度評分的平均值高于B地區(qū)用戶滿意度評分的平均值；A地區(qū)用戶滿意度評分比較集中，B地區(qū)用戶滿意度評分比較分散．,,正難則反的思想在求解概率問題中應(yīng)用廣泛，尤其是解概率問題的綜合題中，出現(xiàn)“至少”或“至多”等事件的概率求解問題，如果從正面考慮，它們是諸多事件的和或積，求解過程繁雜，而且容易出錯，但如果考慮“至少”或“至多”事件的對立事件往往會簡單，其概率很容易求出，此時(shí)可逆向分析問題，先求出其對立事件的概率，再利用概率的和或積的互補(bǔ)公

7、式求出原來事件的概率．,正難則反的思想的應(yīng)用,三支球隊(duì)中，甲隊(duì)勝乙隊(duì)的概率為0.4，乙隊(duì)勝丙隊(duì)的概率為0.5，丙隊(duì)勝甲隊(duì)的概率為0.6，比賽順序是：第一局是甲隊(duì)對乙隊(duì)，第二局是第一局的勝者對丙隊(duì)，第三局是第二局的勝者對第一局的敗者，第四局是第三局的勝者對第二局的敗者，求乙隊(duì)連勝四局的概率． [思路分析] 乙隊(duì)每局勝利的事件是相互獨(dú)立的，可由其公式計(jì)算概率．,典例 4,[解析] 設(shè)乙隊(duì)連勝四局為事件A，有下列情況： 第一局中乙勝甲(A1)，其概率為1－0.4＝0.6， 第二局中乙勝丙(A2)，其概率為0.5， 第三局中乙勝甲(A3)，其概率為1－0.4＝0.6， 第四局中乙勝丙(A4)，其概率為

8、0.5， 因各局比賽中的事件相互獨(dú)立，故乙隊(duì)連勝四局的概率為P(A)＝P(A1A2A3A4)＝0.620.52＝0.09．,『規(guī)律總結(jié)』 (1)求復(fù)雜事件的概率一般可分三步進(jìn)行：①列出題中涉及的各個事件，并用適當(dāng)?shù)姆柋硎舅鼈?；②理清各事件之間的關(guān)系，列出關(guān)系式；③根據(jù)事件之間的關(guān)系準(zhǔn)確地運(yùn)用概率公式進(jìn)行計(jì)算． (2)直接計(jì)算符合條件的事件個數(shù)較復(fù)雜，可間接地先計(jì)算對立事件的個數(shù)，求得對立事件的概率，再求出符合條件的事件的概率．,〔跟蹤練習(xí)4〕 在一段線路中并聯(lián)著3個自動控制的常開開關(guān)，只要其中1個開關(guān)能夠閉合，線路就能正常工作．假定在某段時(shí)間內(nèi)每個開關(guān)能夠閉合的概率都是0.7，計(jì)算在這段時(shí)間

9、內(nèi)線路正常工作的概率．,,因混淆獨(dú)立事件和互斥事件而致錯,典例 5,A,2．壇子中放有除顏色外其他都相同的3個白球，2個黑球，從中不放回地取球2次，每次取一球，用A1表示“第一次取得白球”，A2表示“第二次取得白球”，則A1和A2是 ( ) A．互斥的事件 B．相互獨(dú)立的事件 C．對立的事件 D．不相互獨(dú)立的事件,D,C,4．某天上午，李明要參加“青年文明號”活動．為了準(zhǔn)時(shí)起床，他用甲、乙兩個鬧鐘叫醒自己．假設(shè)甲鬧鐘準(zhǔn)時(shí)響的概率是0.80，乙鬧鐘準(zhǔn)時(shí)響的概率是0.90，則兩個鬧鐘至少有一個準(zhǔn)時(shí)響的概率是_________． [解析] 至少有一個準(zhǔn)時(shí)響的概率為1－(1－0.90)(1－0.80)＝1－0.100.20＝0.98．,0.98,5．甲、乙兩人進(jìn)行乒乓球比賽 ，比賽規(guī)則為“3局2勝”，即以先贏2局者為勝，根據(jù)經(jīng)驗(yàn)，每局比賽中甲獲勝的概率為0.6，則本次比賽中甲獲勝的概率是__________．,0.648,