2021年北京市門頭溝區(qū)高考數(shù)學一模試卷 【含答案】
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1、2021年北京市門頭溝區(qū)高考數(shù)學一模試卷 參考答案與試題解析 一、選擇題共10個小題,每小題4分,共40分。在每小題給出的四個選項中,選出符合題目要求的一項。 1.(4分)復數(shù)z=i(1﹣i)的模|z|=( ?。? A. B.2 C.1 D.4 【分析】利用復數(shù)代數(shù)形式的乘除運算化簡,再由復數(shù)模的計算公式求解. 【解答】解:∵z=i(1﹣i)=1+i, ∴|z|=. 故選:A. 【點評】本題考查復數(shù)代數(shù)形式的乘除運算,考查復數(shù)模的求法,是基礎題. 2.(4分)集合A={x|x>0},B={x||x|≤2},則A∩B=( ) A.R B.[﹣2,+∞) C.(0,2] D.
2、(0,+∞) 【分析】求出集合B,利用交集定義能求出A∩B. 【解答】解:∵集合A={x|x>0},B={x||x|≤2}={x|﹣2≤x≤2}, ∴A∩B={x|0<x≤2}=(0,2]. 故選:C. 【點評】本題考查集合的運算,考查交集定義、不等式性質等基礎知識,考查運算求解能力等數(shù)學核心素養(yǎng),是基礎題. 3.(4分)二項式(x2﹣)5展開式中,x4的系數(shù)是( ?。? A.﹣40 B.10 C.40 D.﹣10 【分析】在二項展開式的通項公式中,令x的冪指數(shù)等于0,求出r的值,即可求得常數(shù)項. 【解答】解:由通項公式得:Tr+1=?(﹣2)r?x10﹣3r,令10﹣3r=4
3、,求得r=2, 可得含有x4的系數(shù)是, 故選:C. 【點評】本題主要考查二項式定理的應用,二項展開式的通項公式,屬于基礎題. 4.(4分)某四棱錐的三視圖如圖所示,則此四棱錐最長的棱長為( ?。? A.2 B. C.4 D. 【分析】畫出直觀圖,利用三視圖的數(shù)據(jù)轉化求解即可. 【解答】解:根據(jù)直觀圖不難得出, PC是最長的棱長,長度為:. 故選:D. 【點評】本題考查三視圖求解幾何體的相關數(shù)據(jù),最長棱長的求法,是基礎題. 5.(4分)數(shù)列{an}中,a1=1,an+1=﹣2an,數(shù)列{bn}滿足bn=|an|,則數(shù)列{bn}的前n項和Sn=( ?。? A. B. C
4、.2n﹣1 D.(﹣2)n﹣1 【分析】由題設得到數(shù)列{bn}是首項為1,公比為2的等比數(shù)列,即可求得其前n項和. 【解答】解:由題設可知:b1=|a1|=1,==2, ∴數(shù)列{bn}是首項為1,公比為2的等比數(shù)列, ∴, 故選:C. 【點評】本題主要考查等比數(shù)列的定義及基本量的計算,屬于基礎題. 6.(4分)京西某游樂園的摩天輪采用了國內首創(chuàng)的橫梁結構,風格更加簡約,摩天輪直徑88米,最高點A距離地面100米,勻速運行一圈的時間是18分鐘.由于受到周邊建筑物的影響,乘客與地面的距離超過34米時,可視為最佳觀賞位置,在運行的一圈里最佳觀賞時長為( ?。? A.10分鐘 B.1
5、2分鐘 C.14分鐘 D.16分鐘 【分析】解法一,求出轉動的角速度,利用直角三角形的邊角關系求出OC、∠BOC的值,計算最佳觀賞期的圓心角和運行的一圈里最佳觀賞時長. 解法二,求出轉動的角速度,寫出點P到從最下端開始運動,運行中到地面距離解析式f(t),計算f(t)≥34時t的取值范圍,求出最佳觀賞期的時長. 【解答】解:如圖所示, 解法一,轉動的角速度為, 計算OC=44﹣(34﹣12)=22, 所以, 所以最佳觀賞期的圓心角為, 在運行的一圈里最佳觀賞時長為(分鐘). 解法二,轉動的角速度為, 所以點P到從最下端開始運動,運行中到地面距離為 f(t)=44sin
6、(t﹣)+56(0≤t≤18), 令f(t)≥34,得sin(t﹣)≥﹣, 解得﹣≤t﹣≤, 即3≤t≤15, 所以最佳觀賞期的時長為15﹣3=12(分鐘). 故選:B. 【點評】本題考查了三角函數(shù)的圖象與性質的應用問題,也考查了運算求解能力,是中檔題. 7.(4分)“l(fā)n(x+1)<0”的一個必要而不充分條件是( ?。? A.﹣1<x< B.x>0 C.﹣1<x<0 D.x<0 【分析】直接利用對數(shù)的運算,不等式的解法,集合間的關系,充分條件和必要條件的應用判斷A、B、C、D的結論. 【解答】解:設ln(x+1)<0, 整理得ln(x+1)<ln1, 解得:M={x|﹣
7、1<x<0}, 它的必要條件的集合為N,則M是N的真子集. 故選:D. 【點評】本題考查的知識要點:對數(shù)的運算,不等式的解法,集合間的關系,充分條件和必要條件,主要考查學生的運算能力和數(shù)學思維能力,屬于基礎題. 8.(4分)在平面直角坐標系xOy中,角α與角β均以Ox為始邊,它們的終邊關于x軸對稱.若,則cos(α﹣β)=( ?。? A. B. C.1 D. 【分析】由任意角的三角函數(shù)知cosα=cosβ,sinα=﹣sinβ,再根據(jù)兩角差的余弦公式,即可得解. 【解答】解:由題意得,cosα=cosβ,sinα=﹣sinβ, ∴cos(α﹣β)=cosαcosβ+sinαsin
8、β=cos2α﹣sin2α=2cos2α﹣1=. 故選:B. 【點評】本題考查兩角和差的余弦公式,同角三角函數(shù)的平方關系,考查學生的邏輯推理能力和運算能力,屬于基礎題. 9.(4分)已知拋物線C:y2=2px的焦點為F,點A為拋物線C上橫坐標為3的點,過點A的直線交x軸的正半軸于點B,且△ABF為正三角形,則p=( ?。? A.1 B.2 C.9 D.18 【分析】畫出圖形,通過B在解得F的左側與右側,判斷三角形的形狀,轉化求解P即可. 【解答】解:由題意可知,當B在焦點F的右側時, , 當B在焦點F的左側時,同理可得P=18,此時點B在x軸的負半軸,不合題意. 故選:B.
9、 【點評】本題考查拋物線的簡單性質的應用,考查分類討論思想的應用,是中檔題. 10.(4分)在平面直角坐標系中,從點P(﹣3,2)向直線kx﹣y﹣2﹣k=0作垂線,垂足為M,則點Q(2,4)與點M的距離|MQ|的最小值是( ?。? A. B. C. D.17 【分析】根據(jù)直線kx﹣y﹣2﹣k=0過定點N(1,﹣2),得到點M是在以PN為直徑的圓C:(x+1)2+y2=8上,再把所求問題轉化即可求解結論. 【解答】解:直線kx﹣y﹣2﹣k=0過定點N(1,﹣2), ∵PM⊥MN, 可知點M是在以PN為直徑的圓C:(x+1)2+y2=8上, 又, 可得:, 故選:A. 【點評】
10、本題主要考查直線方程過定點以及兩點間的距離公式的應用,屬于基礎題. 二、填空題共5小題,每小題5分,滿分25分。 11.(5分)在△ABC中,∠B=,AB=1,BC=2,則AC的長為 ?。? 【分析】利用余弦定理,即可求得AC的值. 【解答】解:△ABC中,∠B=,AB=1,BC=2,如圖所示: 由余弦定理得:AC2=AB2+BC2﹣2AB?BC?cosB=12+22﹣2×1×2×cos=7, 解得. 故答案為:. 【點評】本題考查了利用余弦定理求三角形邊長的應用問題,是基礎題. 12.(5分)在棱長為2的正方體ABCD﹣A1B1C1D1中,點M是該正方體表面及其內部的一動
11、點,且BM∥平面AD1C,則動點M的軌跡所形成區(qū)域的面積是 2?。? 【分析】根據(jù)平面BA1C1∥平面ACD1,可得點M的軌跡是△A1C1B三角形及其內部,然后利用正三角形的面積公式進行求解即可. 【解答】解:因為平面BA1C1∥平面ACD1,點M是該正方體表面及其內部的一動點,且BM∥平面AD1C, 所以點M的軌跡是△A1C1B三角形及其內部, 所以△A1BC1的面積為. 故答案為:. 【點評】本題主要考查了面面平行的性質,以及三角形的面積公式,同時考查了轉化思想和運算求解的能力,屬于中檔題. 13.(5分)已知雙曲線C的中心在坐標原點,且經過點P(,),下列條件中哪一
12、個條件能確定唯一雙曲線C,該條件的序號是?、凇?;滿足該條件的雙曲線C的標準方程是 x?。? 條件①:雙曲線C的離心率e=2; 條件②:雙曲線C的漸近線方程為y=; 條件③:雙曲線C的實軸長為2. 【分析】設雙曲線方程為或,然后根據(jù)各個條件逐個求解即可. 【解答】解:設雙曲線方程為或, 條件①:因為e=,且c2=a2+b2, 又,解得或, 所以雙曲線方程為x或,故有兩條雙曲線; 條件②:因為y=x,則或, 又,解得a2=1,b2=3或無解,故只有一條雙曲線; 條件③:因為實軸長為2,故2a=2,所以a=1, 又,所以b2=1或b2=3, 所以雙曲線方程為y2﹣x2=1或x
13、,故有兩條雙曲線, 綜上,只有②能確定一條雙曲線,且雙曲線方程為x, 故答案為:. 【點評】本題考查了雙曲線的方程與性質,考查了學生的運算能力,屬于中檔題. 14.(5分)函數(shù)在區(qū)間上單調,且,則ω的最小值為 1?。? 【分析】利用三角函數(shù)恒等變換的應用化簡函數(shù)解析式,進而根據(jù)正弦函數(shù)的圖像和性質即可求解. 【解答】解:因為, 又由函數(shù)在區(qū)間上單調,且, 可得:是它的一個稱中心, 所以,k∈Z, 因為ω>0, 所以ω最小值為1. 故答案為:1. 【點評】本題主要考查了三角函數(shù)恒等變換的應用,正弦函數(shù)的圖像和性質,考查了轉化思想和函數(shù)思想的應用,屬于基礎題. 15.(5
14、分)正△ABC的邊長為1,中心為O,過O的動直線l與邊AB,AC分別相交于點M、N,,,.給出下列四個結論: ①; ②若,則; ③不是定值,與直線l的位置有關; ④△AMN與△ABC的面積之比的最小值為. 其中所有正確結論的序號是 ?、佗堋。? 【分析】通過向量的數(shù)乘運算判斷①的正誤;向量的數(shù)量積的運算法則判斷②的正誤;通過向量共線推出λμ的關系.判斷③的正誤;求出△AMN與△ABC的面積之比,再利用均值不等式求出最小值,然后判斷④的正誤. 【解答】解:對于①,=,可得①正確; 對于②,,= ===,顯然②不正確; 對于③,, 又因為,O,M,N三點共線 所以是定值,可得
15、③不正確 對于④,設, 由均值不等得, 由③得:, 當且僅當時,取等號,可得④正確. 故答案為:①④. 【點評】本題考查命題的真假的判斷,向量的數(shù)量積以及共線向量定理的應用,是中檔題. 三、解答題共6小題,共85分。解答應寫出文字說明,演算步驟或證明過程。 16.(12分)第24屆冬季奧運會將于2022年2月在北京和張家口舉辦,為了普及冬奧知識,京西某校組織全體學生進行了冬奧知識答題比賽,從全校眾多學生中隨機選取了20名學生作為樣本,得到他們的分數(shù)統(tǒng)計如表: 分數(shù)段 [30,40) [40,50) [50,60) [60,70) [70,80) [80,90)
16、 [90,100] 人數(shù) 1 2 2 8 3 3 1 我們規(guī)定60分以下為不及格;60分及以上至70分以下為及格;70分及以上至80分以下為良好;80分及以上為優(yōu)秀. (Ⅰ)從這20名學生中隨機抽取2名學生,恰好2名學生都是優(yōu)秀的概率是多少? (Ⅱ)將上述樣本統(tǒng)計中的頻率視為概率,從全校學生中隨機抽取2人,以X表示這2人中優(yōu)秀人數(shù),求X的分布列與期望. 【分析】(Ⅰ)設恰好2名學生都是優(yōu)秀這一事件為A,利用古典概型概率求解即可. (Ⅱ)X可取0,1,2求出概率得到分布列,然后求解期望即可. 【解答】解:(Ⅰ)設恰好2名學生都是優(yōu)秀這一事件為A,…………………………
17、(1分) .………………………………………………………………(2分) (Ⅱ)設每名同學為優(yōu)秀這一事件為B,由題意可得,……(2分) X可取0,1,2,………………………………………………………………(1分) , , ,……………(3分) X 0 1 2 P ……(1分) E(X)=.………………………………………(2分) 【點評】本題考查離散型隨機變量的分布列以及期望的求法,考查分析問題解決問題以及計算能力,是中檔題. 17.(15分)如圖,在四棱錐P﹣ABCD中,底面ABCD為菱形,AB=PA,PA⊥底面ABCD,∠ABC=,E是PC上任一點,AC∩
18、BD=O. (Ⅰ)求證:平面EBD⊥平面PAC; (Ⅱ)若E是PC的中點,求ED與平面EBC所成角的正弦值. 【分析】(Ⅰ)證明PA⊥BD,BD⊥AC,推出BD⊥平面PAC,即可證明平面EBD⊥平面PAC. (Ⅱ)E是PC的中點,連結OE,OB,OC,OE兩兩垂直,建立如圖所示的坐標系,求出平面EBC的法向量,直線DE的方向向量,利用空間向量的數(shù)量積求解ED與平面EBC所成角的正弦值即可. 【解答】解:(Ⅰ)PA⊥平面ABCD?PA⊥BD,…………………………………(1分) 底面ABCD菱形,可得BD⊥AC,………………………………………(1分) 又PA∩AC=A, 又PA
19、⊥BD,BD⊥AC, PA?平面PAC,AC?平面PAC,BD⊥平面PAC,…………………………………………(2分) BD?平面EBD,平面EBD⊥平面PAC.………(2分) (Ⅱ)若E是PC的中點,連結OE,則OE∥PA?OE⊥平面ABCD,……(1分) 所以,OB,OC,OE兩兩垂直,建立如圖所示的坐標系,………(1分) 不妨設AB=2,則…(2分) 設平面EBC的法向量為=(x,y,z),, 取x=1,則y=z=,所以,=(1,,), 直線DE的方向向量為=(,0,1), cos==. ED與平面EBC所成角的正弦值為:. 【點評】本題考查直線與平面垂直的判斷定
20、理的應用,直線與平面所成角的求法,是中檔題. 18.(13分)已知各項均為正數(shù)的數(shù)列{an},其前n項和為Sn,數(shù)列{bn}為等差數(shù)列,滿足b2=12,b5=30.再從條件①、條件②這兩個條件中選擇一個作為已知,求解下列問題: (Ⅰ)求數(shù)列{an}的通項公式an和它的前n項和Sn; (Ⅱ)若對任意n∈N*不等式kSn≥bn恒成立,求k的取值范圍. 條件①an2+an=2Sn; 條件②a1=9,當n≥2,a2=2,an+1=an+2. 【分析】選擇①,(Ⅰ)由數(shù)列的遞推式,結合等差數(shù)列的定義和通項公式、求和公式,可得所求;(Ⅱ)運用等差數(shù)列的通項公式和參數(shù)分離,結合數(shù)列的單調性求得最
21、值,可得所求范圍; 選擇②,(Ⅰ)運用等差數(shù)列的通項公式、求和公式,可得所求;(Ⅱ)運用等差數(shù)列的通項公式和參數(shù)分離,結合基本不等式求得最值,可得所求范圍. 【解答】選擇①an2+an=2Sn. 解:(Ⅰ)得:當n=1時,a1=1, 當n≥2時,(1),(2), 兩式相減得:, 而an>0,可得:an﹣an﹣1=1,數(shù)列{an}為等差數(shù)列, 所以,an=1+(n﹣1)×1=n, ; (Ⅱ)設bn=b1+(n﹣1)d,b2=12,b5=30,即b1+d=12,b1+4d=30, 解得b1=6,d=6, 所以,bn=6n, 由kSn≥bn得:, 設,則{cn}是遞減數(shù)列,
22、 所以,當,cn達到最大, 所以,k的取值范圍為[6,+∞), 選擇②a1=9,當n≥2,a2=2,an+1=an+2. 解:(Ⅰ)當n≥2,an+1=an+2?an+1﹣an=2, 當n≥2,an=a2+(n﹣2)×2?an=2n﹣2, 所以,, , (Ⅱ)設bn=b1+(n﹣1)d,b2=12,b5=30,代入得:bn=6n, 由kSn≥bn得:, 設, 當且僅當n=3時,上式取得等號, 所以, 綜上所述,k的取值范圍是. 【點評】本題考查等差數(shù)列的通項公式和求和公式的運用,以及數(shù)列不等式恒成立問題解法,考查方程思想和化簡運算能力、推理能力,屬于中檔題. 19
23、.(15分)曲線C上任一點M(x,y)到點F1(﹣1,0),F(xiàn)2(1,0)距離之和為,點P(x0,y0)是曲線C上一點,直線l過點P且與直線x0x+2y0y﹣2=0垂直,直線l與x軸交于點Q. (Ⅰ)求曲線C的方程及點Q的坐標(用點P(x0,y0)的坐標表示); (Ⅱ)比較與的大小,并證明你的結論. 【分析】(Ⅰ)由題意可知結合橢圓的定義,求出a,b,得到橢圓方程.通過P的坐標,轉化求解Q的坐標即可. (Ⅱ)點P(x0,y0)滿足方程:,通過,結合化簡求解推出兩個比值相等. 【解答】解:(Ⅰ)由題意可知,曲線C是焦點在x軸上的橢圓,c=1,,所以b=1,……(2分) 曲線C的方程為
24、:,……………………………………………(2分) 當y0=0時,直線l與x軸重合,不合題意, 當x0=0時,直線l與y軸重合,點Q是原點,Q(0,0),………………………(1分) 當x0≠0,y0≠0時,由題意得:,直線l的方程:2y0x﹣x0y﹣x0y0=0,…(2分) 得,……………………………………………………………………(1分) 綜上所述,點.…………………………………………………………(1分) (Ⅱ)點P(x0,y0)滿足方程:,……………(1分) ,………………………………………………(1分) 將代入整理得:,………(2分),……………………………………………………(
25、1分) 所以,=.…………………………………………………………(1分) 【點評】本題考查直線與圓錐曲線的綜合應用,橢圓方程的求法,考查分析問題解決問題的能力,是難題. 20.(15分)已知函數(shù)(a∈R). (Ⅰ)若曲線y=f(x)在(0,+∞)上單調遞增,求a的取值范圍; (Ⅱ)若f(x)在區(qū)間(0,+∞)上存在極大值M,證明:M<. 【分析】(Ⅰ)f′(x)=ex﹣ax,由題意得:f′(x)=ex﹣ax≥0?a≤,設,利用導數(shù)研究其單調性極值即可得出結論. (Ⅱ)由(Ⅰ)可知,當a≤e時,函數(shù)f(x)在(0,+∞)上遞增,無極大值,于是a>e.設h(x)=f′(x)=ex﹣ax
26、,利用導數(shù)研究其單調性極值,進而得出結論. 【解答】解:(Ⅰ)f′(x)=ex﹣ax…………………………………………(1分) 由題意得:f′(x)=ex﹣ax≥0?a≤………………………………(1分) 設,求導得:g′(x)=………………………………(1分) g(x)在區(qū)間(0,1)上減,在區(qū)間(1,+∞)上增, g(x)的最小值為g(1)=e……(1分) 所以,a≤e………………………………………………………………(1分) (Ⅱ)證明:由(Ⅰ)可知,當a≤e時,函數(shù)f(x)在(0,+∞)上遞增,無極大值……1 分 所以,a>e…………………………………………………………………
27、……(1分) 設h(x)=f′(x)=ex﹣ax,則h′(x)=ex﹣a=0?x=lna…………………………(1分) f′(x)在(0,lna)上減,在(lna,+∞)上增, f′(x)的最小值f′(lna)=a(1﹣lna)<0…(1分) 而f′(0)=1>0,f′(1)=e﹣a<0,f′(lna2)=a(a﹣2lna), 設t(x)=x﹣2lnx(x>e), 求導得:t′(x)=>0,t(x)>t(e)=e﹣2>0,所以,f′(lna2)=a(a﹣2lna)>0…(2分) 由零點存在定理得:f′(x)在(0,lna),(lna,+∞)上分別有一個零點x1,x2, 即f′(x
28、1)=0?=ax1,f′(x2)=0?=ax2,且0<x1<1……(1分) f(x)在(0,x1)上增,在(x1,x2)減,在(x2,+∞)上增,f(x)極大值為f(x1)=M…(1分) , 由均值不等式得,…(2分) 【點評】本題考查了利用導數(shù)研究其單調性極值、方程與不等式的解法、等價轉化方法、函數(shù)零點存在定理,考查了推理能力與計算能力,屬于難題. 21.(15分)對于一個非空集合A,如果集合D滿足如下四個條件: ①D?{(a,b)|a∈A,b∈A}; ②?a∈A,(a,a)∈D; ③?a,b∈A,若(a,b)∈D且(b,a)∈D,則a=b; ④?a,b,c∈A,若(a,b
29、)∈D且(b,c)∈D,則(a,c)∈D, 則稱集合D為A的一個偏序關系. (Ⅰ)設A={1,2,3},判斷集合D={(1,1),(1,2)(2,2),(2,3),(3,3)}是不是集合A的偏序關系,請你寫出一個含有4個元素且是集合A的偏序關系的集合D; (Ⅱ)證明:R≤={(a,b)|a∈R,b∈R,a≤b}是實數(shù)集R的一個偏序關系: (Ⅲ)設E為集合A的一個偏序關系,a,b∈A.若存在c∈A,使得(c,a)∈E,(c,b)∈E,且?d∈A,若(d,a)∈E,(d,b)∈E,一定有(d,c)∈E,則稱c是a和b的交,記為c=a∧b.證明:對A中的兩個給定元素a,b,若a∧b存在,則一
30、定唯一. 【分析】(Ⅰ)集合D滿足①②③,但不滿足④,推導出集合D不是集合A的偏序關系,由此能求出結果. (Ⅱ)R≤={(a,b)|a∈R,b∈R,a≤b},滿足①②,推導出a=b,滿足條件③,(a,c)∈R≤,滿足條件④,由此能證明R≤={(a,b)|a∈R,b∈R,a≤b}是實數(shù)集R的一個偏序關系. (Ⅲ)假設對A中的兩個給定元素a,b,且a∧b存在,但不唯一.推導出(c2,c1)∈E,(c1,c2)∈E,則c2=c1,與c1≠c2矛盾.從而對A中的兩個給定元素a,b,若a∧b存在,則一定唯一. 【解答】解:(Ⅰ)集合D滿足①②③,但不滿足④, 因為(1,2)∈D,(2,3)∈D
31、,由題意(1,3)∈D,而(1,3)?D,所以不滿足④, 集合D不是集合A的偏序關系, 故D={(1,1),(1,2),(2,2),(3,3)}(開放性). (Ⅱ)證明:R≤={(a,b)|a∈R,b∈R,a≤b},滿足①②, ?(a,b)∈D?a≤b,且(b,a)∈D?b≤a,則a=b,滿足條件③, ?a,b,c∈R,若(a,b)∈R≤且(b,c)∈R≤,則a≤b,b≤c,所以a≤c, 所以(a,c)∈R≤,滿足條件④, 綜上所述,R≤={(a,b)|a∈R,b∈R,a≤b}是實數(shù)集R的一個偏序關系. (Ⅲ)證明:用反證法.假設對A中的兩個給定元素a,b,且a∧b存在,但不唯一. 設c1=a∧b,c2=a∧b,且c1≠c2,則(c1,a)∈E,(c1,b)∈E,(c2,a)∈E,(c2,b)∈E, 其中E為集合A的一個偏序關系. 且?d∈A,若(d,a)∈E,(d,b)∈E,一定有(d,c1)∈E,所以(c2,c1)∈E, 同理(c1,c2)∈E,則c2=c1,與c1≠c2矛盾. 所以,對A中的兩個給定元素a,b,若a∧b存在,則一定唯一. 【點評】本題考查滿足條件的集合的求法,考查兩個集合的偏序關系的證明,考查反證法、集合間的關系、元素與集合的關系等基礎知識,考查運算求解能力、推理論證能力等數(shù)學核心素養(yǎng),是中檔題.
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