《高考物理一輪復(fù)習(xí) 專題一 力與運(yùn)動 第2講 力與物體的直線運(yùn)動課件.ppt》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理一輪復(fù)習(xí) 專題一 力與運(yùn)動 第2講 力與物體的直線運(yùn)動課件.ppt（80頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

第2講 力與物體的直線運(yùn)動,1.(2014江蘇單科，5)一汽車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，然后剎車做勻減速直線運(yùn)動，直到停止。下列速度v和位移x的關(guān)系圖象中，能描述該過程的是( ),答案 A,解析 由勻加速運(yùn)動速度與位移的關(guān)系：v2＝2a1x，可知v－x圖象應(yīng)為開口向x軸正方向的拋物線的一部分，故C、D錯，當(dāng)汽車做勻減速直線運(yùn)動時，由－v2＝2a2x，則v－x圖象應(yīng)為開口向x軸負(fù)方向的拋物線的一部分，故A正確，B錯誤。,圖1,答案 BCD,3.(多選)(2015江蘇單科，6)一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖2所示，以豎直向上為a的正方向，則人對電梯的壓力( ),圖2,A.t＝2 s時最大 B. t＝2 s時最小 C.t＝8.5 s時最大 D. t＝8.5 s時最小 解析 由題圖知，在上升過程中，在0～4 s內(nèi)，加速度方向向上，F(xiàn)N－mg＝ma，所以向上的加速度越大，電梯對人的支持力就越大，由牛頓第三定律可知，人對電梯的壓力就越大，故A正確，B錯誤；由題圖知，在7～10 s內(nèi)加速度方向向下，由mg－FN＝ma知，向下的加速度越大，人對電梯的壓力就越小，故C錯誤，D正確。 答案 AD,4.(2015江蘇單科，5)如圖3所示，某“闖關(guān)游戲”的筆直通道上每隔8 m設(shè)有一個關(guān)卡，各關(guān)卡同步放行和關(guān)閉，放行和關(guān)閉的時間分別為5 s和2 s。關(guān)卡剛放行時，一同學(xué)立即在關(guān)卡1處以加速度2 m/s2由靜止加速到2 m/s，然后勻速向前，則最先擋住他前進(jìn)的關(guān)卡是( ),圖3,A.關(guān)卡2 B.關(guān)卡3 C.關(guān)卡4 D.關(guān)卡5,答案 C,5.(2013江蘇單科，14)如圖4所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)。若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為m1和m2，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為μ。重力加速度為g。,圖4,(1)當(dāng)紙板相對砝碼運(yùn)動時，求紙板所受摩擦力的大??； (2)要使紙板相對砝碼運(yùn)動，求所需拉力的大??； (3)本實(shí)驗(yàn)中，m1＝0.5 kg，m2＝0.1 kg，μ＝0.2，砝碼與紙板左端的距離d＝0.1 m，取g＝10 m/s2。若砝碼移動的距離超過l＝0.002 m，人眼就能感知。為確保實(shí)驗(yàn)成功，紙板所需的拉力至少多大？ 解析 (1)砝碼對紙板的摩擦力f1＝μm1g 桌面對紙板的摩擦力f2＝μ(m1＋m2)g f＝f1＋f2 解得f＝μ(2m1＋m2)g,答案 (1)μ(2m1＋m2)g (2)大于2μ(m1＋m2)g (3)22.4 N,6.(2015新課標(biāo)全國卷Ⅰ，25)一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊；在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5 m，如圖5(a)所示。t＝0時刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動，直至t＝1 s時木板與墻壁碰撞(碰撞時間極短)。碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運(yùn)動過程中小物塊始終未離開木板。已知碰撞后1 s時間內(nèi)小物塊的v－t圖線如圖(b)所示。木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取10 m/s2。求：,圖5,(1)木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1及小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ2； (2)木板的最小長度； (3)木板右端離墻壁的最終距離。,答案 (1)0.1 0.4 (2)6 m (3)6.5 m,圖6,(1)在0～2 s時間內(nèi)A和B加速度的大??； (2)A在B上總的運(yùn)動時間。,解析 (1)在0～2 s時間內(nèi)，A和B的受力如圖所示，其中Ff1、FN1是A與B之間的摩擦力和正壓力的大小，F(xiàn)f2、FN2是B與C之間的摩擦力和正壓力的大小，方向如圖所示。由滑動摩擦力公式和力的平衡條件得Ff1＝μ1FN1①,FN1＝mgcos θ② Ff2＝μ2FN2③ FN2＝FN1＋mgcos θ④ 規(guī)定沿斜面向下為正方向。設(shè)A和B的加速度分別為a1和a2，由牛頓第二定律得 mgsin θ－Ff1＝ma1⑤ mgsin θ－Ff2＋Ff1＝ma2⑥ 聯(lián)立①②③④⑤⑥式，并代入題給條件得a1＝3 m/s2⑦ a2＝1 m/s2⑧,(2)在t1＝2 s時，設(shè)A和B的速度分別為v1和v2，則 v1＝a1t1＝6 m/s⑨ v2＝a2t1＝2 m/s⑩ 2 s后，設(shè)A和B的加速度分別為a1′和a2′。此時A與B之間摩擦力為零，同理可得 a1′＝6 m/s2? a2′＝－2 m/s2? 由于a2′＜0，可知B做減速運(yùn)動。設(shè)經(jīng)過時間t2，B的速度減為零，則有v2＋a2′t2＝0? 聯(lián)立⑩??式得t2＝1 s?,答案 (1)3 m/s2 1 m/s2 (2)4 s,主要題型：選擇題和計(jì)算題 知識熱點(diǎn) (1)單獨(dú)命題 ①勻變速直線運(yùn)動的公式及應(yīng)用的考查。 ②x－t、v－t、a－t、F－t等圖象問題的考查。 ③牛頓運(yùn)動定律的考查。 (2)交匯命題 ①考查利用v－t圖象和牛頓第二定律解決物體運(yùn)動的多過程及連接體問題。 ②勻變速直線運(yùn)動規(guī)律和牛頓運(yùn)動定律綜合應(yīng)用的考查。 思想方法 極限思想、逆向思維的思想、理想實(shí)驗(yàn)的思想、分解的思想。 比例法、圖象法、推論法、假設(shè)法、控制變量法、整體法、隔離法、合成法等。,考向一 運(yùn)動圖象的應(yīng)用,核心知識,(1)x－t圖象和v－t圖象描述的都是直線運(yùn)動，而不是曲線運(yùn)動。 (2)x－t圖象和v－t圖象不表示物體運(yùn)動的軌跡。 (3)x－t圖象中兩圖線的交點(diǎn)表示兩物體相遇，而v－t圖象中兩圖線的交點(diǎn)表示兩物體速度相等。 (4)v－t圖象中，圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移；而x－t圖象中，圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積無實(shí)際意義。,規(guī)律方法,圖象問題要三看 (1)看清坐標(biāo)軸所表示的物理量→明確因變量(縱軸表示的量)與自變量(橫軸表示的量)的制約關(guān)系。 (2)看圖線本身→識別兩個相關(guān)量的變化趨勢，從而分析具體的物理過程。 (3)看交點(diǎn)、斜率和“面積”→明確圖線與圖線的交點(diǎn)、圖線與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)、圖線斜率、圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積的物理意義。,1.(2015江蘇省連云港、徐州、淮安、宿遷四市高三調(diào)研考試)如圖7所示，a、b分別為甲、乙兩物體在同一直線上運(yùn)動時的位移與時間的關(guān)系圖線，其中a為過原點(diǎn)的傾斜直線，b為開口向下的拋物線。則下列說法正確的是( ),圖7,A.物體乙始終沿正方向運(yùn)動 B.t1時刻甲、乙兩物體的位移相等、速度相等 C.0～t2時間內(nèi)物體乙的平均速度大于物體甲的平均速度 D.t1到t2時間內(nèi)兩物體的平均速度相同 解析 b圖線的斜率先為正值，后為負(fù)值，則物體乙的運(yùn)動方向發(fā)生了變化，A錯誤；在t1時刻，兩物體的位移相等，但圖線a、b的斜率不相等，則兩物體的速度不相等，B錯誤；0～t2時間內(nèi)，兩物體的位移相等，運(yùn)動時間相等，則兩物體的平均速度相同，C錯誤；t1～t2時間內(nèi)，兩物體的位移相等，運(yùn)動時間相等，則兩物體的平均速度相同，D正確。 答案 D,2.(2015重慶理綜，5)若貨物隨升降機(jī)運(yùn)動的v－t圖象如圖8所示(豎直向上為正)，則貨物受到升降機(jī)的支持力F與時間t關(guān)系的圖象可能是( ),圖8,解析 由v－t圖象可知：過程①為向下勻加速直線運(yùn)動(加速度向下，失重，F(xiàn)mg)；過程④為向上勻加速直線運(yùn)動(加速度向上，超重，F(xiàn)mg)；過程⑤為向上勻速直線運(yùn)動(處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)＝mg)；過程⑥為向上勻減速直線運(yùn)動(加速度向下，失重，F(xiàn)mg)。綜合選項(xiàng)分析可知B選項(xiàng)正確。 答案 B,3.(多選)質(zhì)量相等的甲、乙兩物體在相同的恒定水平外力作用下由同一起跑線沿不同接觸面由靜止開始運(yùn)動，兩物體的v－t圖象如圖9所示，則( ),A.t0后某時刻甲、乙兩物體位移相等 B.0～t0時間內(nèi)，物體甲的中間時刻速度大于物體乙的平均速度 C.t0時刻之前，物體甲受到的阻力總是大于物體乙受到的阻力 D.t0時刻之前物體甲的位移總小于物體乙的位移,圖9,解析 由v－t圖象知，0～t0時間內(nèi)乙的位移大于甲的位移，t0后某時刻甲、乙兩物體位移相等，A、D正確；甲物體做勻加速直線運(yùn)動，其中間時刻速度等于圖中三角形面積與t0之比，而物體乙的平均速度為圖線所圍面積與t0之比，顯然0～t0時間內(nèi)，物體甲的中間時刻速度小于物體乙的平均速度，B錯誤；由圖線的斜率意義知t0時刻之前物體乙的加速度先大于甲的加速度，后小于甲的加速度，由F－f＝ma知，t0時刻之前，物體甲受到的阻力先大于物體乙受到的阻力，后小于乙受到的阻力，C錯誤。 答案 AD,4.(多選)(2015江蘇省徐州、連云港、宿遷三市聯(lián)考)a、b兩車從同一地點(diǎn)在平直公路上沿同方向行駛，其v－t圖象如圖10所示。則下列說法中正確的有( ),A.t＝t1時，a、b兩車速度的大小相等、方向相反 B.t＝t1時，a、b兩車的加速度大小相等，方向相反 C.t＝t1時，a、b兩車重新相遇 D.0～t1時間內(nèi)，a車的位移是b車的位移的3倍,圖10,解析 由v－t圖象可知，在t1時刻，兩圖線交點(diǎn)表示兩車速度相同，即大小相等、方向相同，A項(xiàng)錯誤；由v－t圖象中圖線的斜率表示加速度可知兩車加速度的大小相等、方向相反，B項(xiàng)正確；由圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，可知0～t1時間內(nèi)兩車位移比為3∶1，C項(xiàng)錯誤，D項(xiàng)正確。 答案 BD,解圖象類問題的關(guān)鍵：在于將圖象與物理過程對應(yīng)起來，通過圖象的坐標(biāo)軸、關(guān)鍵點(diǎn)、斜率、面積等信息，對運(yùn)動過程進(jìn)行分析，從而解決問題。,考向二 勻變速直線運(yùn)動規(guī)律的應(yīng)用,核心知識,規(guī)律方法,1.(2015山東理綜，14)距地面高5 m的水平直軌道上A、B兩點(diǎn)相距2 m，在B點(diǎn)用細(xì)線懸掛一小球，離地高度為h，如圖11所示。小車始終以4 m/s的速度沿軌道勻速運(yùn)動，經(jīng)過A點(diǎn)時將隨車攜帶的小球由軌道高度自由卸下，小車運(yùn)動至B點(diǎn)時細(xì)線被軋斷，最后兩球同時落地。不計(jì)空氣阻力，取重力加速度的大小g＝10 m/s2?？汕蟮胔等于( ),圖11,答案 A,A.1.25 m B.2.25 m C.3.75 m D.4.75 m,2.2013年12月“嫦娥三號”在月球表面上的軟著陸為我們的月球旅行開辟了新航道。未來的某天，一位同學(xué)在月球上完成自由落體運(yùn)動實(shí)驗(yàn)，讓一個質(zhì)量為2 kg的小球從一定的高度自由下落，測得小球在第5 s內(nèi)的位移是7.2 m，此時小球還未落地，則( ) A.小球在前5 s內(nèi)的位移是20 m B.小球在5 s末的速度是16.0 m/s C.月球表面的重力加速度大小為3.6 m/s2 D.小球在第5 s內(nèi)的平均速度是3.6 m/s,答案 A,3.春節(jié)放假期間，全國高速公路免費(fèi)通行，小轎車可以不停車通過收費(fèi)站，但要求小轎車通過收費(fèi)站窗口前x0＝9 m區(qū)間的速度不超過v0＝6 m/s?，F(xiàn)有甲、乙兩小轎車在收費(fèi)站前平直公路上分別以v甲＝20 m/s和v乙＝34 m/s的速度勻速行駛，甲車在前，乙車在后。甲車司機(jī)發(fā)現(xiàn)正前方收費(fèi)站，開始以大小為a甲＝2 m/s2的加速度勻減速剎車。 (1)甲車司機(jī)需在離收費(fèi)站窗口至少多遠(yuǎn)處開始剎車才不違章；,(2)若甲車司機(jī)經(jīng)剎車到達(dá)離收費(fèi)站窗口前9 m處的速度恰好為6 m/s，乙車司機(jī)在發(fā)現(xiàn)甲車剎車時經(jīng)t0＝0.5 s的反應(yīng)時間后開始以大小為a乙＝4 m/s2的加速度勻減速剎車。為避免兩車相撞，且乙車在收費(fèi)站窗口前9 m區(qū)不超速。則在甲車司機(jī)開始剎車時，甲、乙兩車至少相距多遠(yuǎn)？,答案 (1)100 m (2)66 m,4.[2015長沙市高考模擬考試(二)]交管部門強(qiáng)行推出了“電子眼”，機(jī)動車擅自闖紅燈的現(xiàn)象大幅度減少?，F(xiàn)有甲、乙兩汽車正沿同一平直馬路同向勻速行駛，甲車在前，乙車在后，它們行駛的速度均為10 m/s。當(dāng)兩車快要到一十字路時，甲車司機(jī)看到綠燈已轉(zhuǎn)換成了黃燈，于是緊急剎車(反應(yīng)時間忽略不計(jì))，乙車司機(jī)為了避免與甲車相撞 也緊急剎車，但乙車司機(jī)反應(yīng)較慢(反應(yīng)時間為0.5 s)。已知甲車緊急剎車時制動力為車重的0.4倍，乙車緊急剎車制動力為車重的0.5倍，求： (1)若甲司機(jī)看到黃燈時車頭距警戒線15 m。他采取上述措施能否避免闖紅燈？ (2)為保證兩車在緊急剎車過程中不相撞，甲、乙兩車行駛過程中應(yīng)保持多大距離？,答案 (1)能避免闖紅燈 (2)2.5 m,2.求解追及問題的技巧,考向三 牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用,核心知識,1.牛頓第二定律的表達(dá)式： F合＝ma。 2.牛頓第二定律的“四性”。 (1)矢量性：公式F＝ma是矢量式，F(xiàn)與a方向相同。 (2)瞬時性：力與加速度同時產(chǎn)生，同時變化。 (3)同體性：F＝ma中，F(xiàn)、m、a對應(yīng)同一物體。 (4)獨(dú)立性：分力產(chǎn)生的加速度相互獨(dú)立，與其他加速度無關(guān)。,規(guī)律方法,1.整體法和隔離法的優(yōu)點(diǎn)及使用條件 (1)整體法： ①優(yōu)點(diǎn)：研究對象減少，忽略物體之間的相互作用力，方程數(shù)減少，求解簡捷。 ②條件：連接體中各物體具有共同的加速度。 (2)隔離法： ①優(yōu)點(diǎn)：易看清各個物體具體的受力情況。 ②條件：當(dāng)系統(tǒng)內(nèi)各物體的加速度不同時，一般采用隔離法；求連接體內(nèi)各物體間的相互作用力時必須用隔離法。,2.兩類模型 (1)剛性繩(或接觸面)——不發(fā)生明顯形變就能產(chǎn)生彈力的物體，剪斷(或脫離)后，其彈力立即消失，不需要形變恢復(fù)時間。 (2)彈簧(或橡皮繩)——兩端同時連接(或附著)有物體的彈簧(或橡皮繩)，特點(diǎn)是形變量大，其形變恢復(fù)需要較長時間，在瞬時性問題中，其彈力的大小往往可以看成保持不變。,1.(多選)(2015江蘇省揚(yáng)州中學(xué)高三質(zhì)量檢測)如圖12所示，物塊A、B質(zhì)量相等，在恒力F作用下，在水平面上做勻加速直線運(yùn)動。若物塊與水平面間接觸面光滑，物塊A的加速度大小為a1，物塊A、B間的相互作用力大小為FN1；若物塊與水平面間接觸面粗糙，且物塊A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，物塊B的加速度大小為a2，物塊A、B間的相互作用力大小為FN2，則以下判斷正確的是( ),圖12,A.a1＝a2 B.a1＞a2 C.FN1＝FN2 D.FN1＜F,答案 BCD,2.(多選)(2015新課標(biāo)全國Ⅰ20)如圖13(a)，一物塊在t＝0時刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動的v－t圖線如圖(b)所示。若重力加速度及圖中的v0、v1、t1均為已知量，則可求出( ),圖13,A.斜面的傾角 B.物塊的質(zhì)量 C.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù) D.物塊沿斜面向上滑行的最大高度,答案 ACD,3.(多選)(2015海南單科，8)如圖14，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b，b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細(xì)線懸掛于固定點(diǎn)O，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將細(xì)線剪斷，將物塊a的加速度的大小記為a1，S1和S2相對于原長的伸長分別記為Δl1和Δl2，重力加速度大小為g。在剪斷的瞬間( ),圖14,A.a1＝3g B.a1＝0 C.Δl1＝2Δl2 D.Δl1＝Δl2,答案 AC,4.(多選)(2015海南單科，9)如圖15，升降機(jī)內(nèi)有一固定斜面，斜面上放一物塊。開始時，升降機(jī)做勻速運(yùn)動，物塊相對于斜面勻速下滑。當(dāng)升降機(jī)加速上升時( ),圖15,A.物塊與斜面間的摩擦力減小 B.物塊與斜面間的正壓力增大 C.物塊相對于斜面減速下滑 D.物塊相對于斜面勻速下滑,解析 當(dāng)升降機(jī)加速上升時，物體有豎直向上的加速度，則物塊與斜面間的正壓力增大，根據(jù)滑動摩擦力公式Ff＝μFN可知物體與斜面間的摩擦力增大，故A錯誤，B正確；設(shè)斜面的傾角為θ，物體的質(zhì)量為m，當(dāng)勻速運(yùn)動時有mgsin θ＝μmgcos θ，即sin θ＝μcos θ。當(dāng)物體以加速度a向上加速運(yùn)動時，有FN＝m(g＋a)cos θ，F(xiàn)f＝μm(g＋a)cos θ，因?yàn)閟in θ＝μcos θ，所以m(g＋a)sin θ＝μm(g＋a)cos θ，故物體仍相對斜面勻速下滑，C錯誤，D正確。 答案 BD,考向四 牛頓運(yùn)動定律和勻變速直線運(yùn)動規(guī)律綜合應(yīng)用,核心知識,規(guī)律方法,1.基本思路：受力分析和運(yùn)動分析是解決問題的關(guān)鍵，而加速度是聯(lián)系力與運(yùn)動的橋梁?；舅悸啡鐖D所示：,2.常用方法 (1)整體法與隔離法。 (2)正交分解法。,1.如圖16甲所示，為一傾角θ＝37的足夠長斜面，將一質(zhì)量為m＝1 kg的物體無初速度在斜面上釋放，同時施加一沿斜面向上的拉力，拉力隨時間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，取g＝10 m/s2，sin 37＝0.6，cos 37＝0.8，求：,圖16,(1)2 s末物體的速度； (2)前16 s內(nèi)物體發(fā)生的位移。 解析 (1)由分析可知物體在前2 s內(nèi)沿斜面向下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律可得mgsin θ－F1－μmgcos θ＝ma1 v1＝a1t1 代入數(shù)據(jù)可得a1＝2.5 m/s2，方向沿斜面向下 v1＝5 m/s，方向沿斜面向下,答案 (1)5 m/s，方向沿斜面向下 (2)30 m，方向沿斜面向下,2.如圖17所示，某次滑雪訓(xùn)練，運(yùn)動員站在水平雪道上第一次利用滑雪杖對雪面的作用獲得水平推力F＝84 N而從靜止向前滑行，其作用時間為t1＝1.0 s，撤除水平推力F后經(jīng)過t2＝2.0 s，他第二次利用滑雪杖對雪面的作用獲得同樣的水平推力，作用距離與第一次相同。已知該運(yùn)動員連同裝備的總質(zhì)量為m＝60 kg，在整個運(yùn)動過程中受到的滑動摩擦力大小恒為Ff＝12 N，求：,圖17,(1)第一次利用滑雪杖對雪面作用獲得的速度大小及這段時間內(nèi)的位移大??； (2)該運(yùn)動員(可視為質(zhì)點(diǎn))第二次撤除水平推力后滑行的最大距離。,答案 (1)1.2 m/s 0.6 m (2)5.2 m,高頻考點(diǎn)二 運(yùn)動圖象與牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用,(15分)(2015江蘇省連云港、徐州、淮安、宿遷四市高三調(diào)研考試)如圖18甲所示，一長木板靜止在水平地面上，在t＝0時刻，一小物塊以一定速度從左端滑上長木板，以后長木板運(yùn)動的v－t圖象如圖乙所示。已知小物塊與長木板的質(zhì)量均為m＝1 kg，小物塊與長木板間及長木板與地面間均有摩擦，經(jīng)1 s后小物塊與長木板相對靜止(g取10 m/s2)，求：,圖18,(1)小物塊與長木板間動摩擦因數(shù)的值； (2)在整個運(yùn)動過程中，系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量。 審題流程 第一步：抓關(guān)鍵點(diǎn)―→獲取信息 (1)讀題,(2)讀圖,第二步：找突破口→選取規(guī)律,答案 (1)0.7 (2)40.5 J,巧解動力學(xué)中圖象問題的步驟 第1步：識別圖象。 識別內(nèi)容包括：①橫、縱坐標(biāo)軸表示的物理量； ②是定性描述(坐標(biāo)軸無標(biāo)度和單位)還是定量描述(坐標(biāo)軸有標(biāo)度和單位)； ③圖象形狀所描述的狀態(tài)及變化規(guī)律； ④圖線與橫坐標(biāo)軸包圍的“面積”有、無意義及對應(yīng)的物理量； ⑤圖線的折點(diǎn)表示斜率發(fā)生變化，明確圖線斜率對應(yīng)的物理量； ⑥由圖象構(gòu)建數(shù)學(xué)函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)所構(gòu)建的關(guān)系式與掌握的物理規(guī)律對比，確定式中各項(xiàng)的物理意義。,第2步：判別物理過程。由圖象形狀所描述的狀態(tài)及變化規(guī)律確定質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動性質(zhì)。 第3步：選擇解答方法。根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動性質(zhì)，選擇公式法、圖象法解答試題，必要時建立函數(shù)關(guān)系并進(jìn)行圖象轉(zhuǎn)換，或者與常見形式比較進(jìn)行解答和判斷。,(15分)(2015江蘇省南京市、鹽城市高三模擬考試)質(zhì)量為3 kg的長木板A置于光滑的水平地面上，質(zhì)量為2 kg的木塊B(可視為質(zhì)點(diǎn))置于木板A的左端，在水平向右的力F作用下由靜止開始運(yùn)動，如圖19甲所示。A、B運(yùn)動的加速度隨時間變化的圖象如圖乙所示。(g取10 m/s2)求：,圖19,(1)木板與木塊之間的動摩擦因數(shù)；(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力) (2)4 s末A、B的速度； (3)若6 s末木板和木塊剛好分離，則木板的長度為多少？,答案 (1)0.3 (2)4 m/s (3)4 m,