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2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段滾動(dòng)檢測(cè)(二)教科版 一、選擇題(本大題共10小題,每小題5分,共50分。多選題已在題號(hào)后標(biāo)出,選不全得3分) 1.(滾動(dòng)單獨(dú)考查)(2011四川高考)如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過(guò)程可簡(jiǎn)化為：打開(kāi)降落傘一段時(shí)間后，整個(gè)裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點(diǎn)燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過(guò)程中返回艙做減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則( ) A.火箭開(kāi)始噴氣瞬間傘繩對(duì)返回艙的拉力變小 B.返回艙在噴氣過(guò)程中減速的主要原因是空氣阻力 C.返回艙在噴氣過(guò)程中所受合外力可能做正功 D.返回艙在噴氣過(guò)程中處于失重狀態(tài) 2.(多選)如圖所示,現(xiàn)有兩個(gè)完全相同的可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊都從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),一個(gè)自由下落,一個(gè)沿光滑的固定斜面下滑,最終它們都到達(dá)同一水平面上,空氣阻力忽略不計(jì),則( ) A.重力做的功相等,重力做功的平均功率相等 B.它們到達(dá)水平面上時(shí)的動(dòng)能相等 C.重力做功的瞬時(shí)功率相等 D.它們的機(jī)械能都是守恒的 3.(多選)(滾動(dòng)單獨(dú)考查)如圖甲所示，將十四個(gè)等質(zhì)量的小球均勻地穿在線(xiàn)上組成首尾相連的一串球鏈掛在光滑的斜面ABC上，斜面底邊AC水平，這些小球均靜止?，F(xiàn)同時(shí)去掉下面的八個(gè)對(duì)稱(chēng)懸掛的小球，如圖乙所示，則關(guān)于剩余的六個(gè)小球，以下說(shuō)法正確的是( ) A.仍在斜面上保持靜止 B.向左側(cè)沿斜面逆時(shí)針滑動(dòng) C.向右側(cè)沿斜面順時(shí)針滑動(dòng) D.AB的長(zhǎng)度一定是BC的2倍 4.(xx福州模擬)如圖，傾角θ=37的光滑斜面固定在水平面上，斜面長(zhǎng)L=3.0 m，質(zhì)量m=1 kg的物塊從斜面頂端無(wú)初速度釋放，則(sin37=0.6, cos37=0.8,取g=10 m/s2)( ) A.物塊從斜面頂端滑到底端的過(guò)程中重力的平均功率為30 W B.物塊滑到斜面底端時(shí)的動(dòng)能為30 J C.物塊滑到斜面底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為48 W D.物塊滑到斜面底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為36 W 5.(多選)(xx廣東高考)如圖所示是滑道壓力測(cè)試的示意圖,光滑圓弧軌道與光滑斜面相切,滑道底部B處安裝一個(gè)壓力傳感器,其示數(shù)N表示該處所受壓力的大小,某滑塊從斜面上不同高度h處由靜止下滑,通過(guò)B時(shí)，下列表述正確的有( ) A.N小于滑塊重力 B.N大于滑塊重力 C.N越大表明h越大 D.N越大表明h越小 6.(滾動(dòng)單獨(dú)考查)酒后駕駛會(huì)導(dǎo)致許多安全隱患,是因?yàn)轳{駛員的反應(yīng)時(shí)間變長(zhǎng),反應(yīng)時(shí)間是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動(dòng)的時(shí)間。表中“思考距離”是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動(dòng)的時(shí)間內(nèi)汽車(chē)行駛的距離,“制動(dòng)距離”是指從駕駛員發(fā)現(xiàn)情況到汽車(chē)停止行駛的距離(假設(shè)汽車(chē)制動(dòng)時(shí)的加速度大小都相同)。 分析表格可知,下列說(shuō)法不正確的是( ) A.駕駛員酒后反應(yīng)時(shí)間比正常情況下多0.5 s B.若汽車(chē)以20 m/s的速度行駛時(shí),發(fā)現(xiàn)前方40 m處有險(xiǎn)情,酒后駕駛不能安全停車(chē) C.汽車(chē)制動(dòng)時(shí),加速度大小為10 m/s2 D.表中x為66.7 7.如圖所示，正在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平轉(zhuǎn)盤(pán)上固定有三個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊A、B、C，它們的質(zhì)量關(guān)系為mA=2mB=2mC，到軸O的距離關(guān)系為rC=2rA=2rB。下列說(shuō)法中正確的是 ( ) A.B的角速度比C小 B.A的線(xiàn)速度比C大 C.B受到的向心力比C小 D.A的向心加速度比B大 8.如圖所示，a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運(yùn)行的3顆人造衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是( ) A.b、c的線(xiàn)速度大小相等，且大于a的線(xiàn)速度 B.b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 C.c加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的c D.a衛(wèi)星由于某種原因，軌道半徑緩慢減小，其線(xiàn)速度將變大 9.(多選)(xx揚(yáng)州模擬)一個(gè)小物塊從斜面底端沖上足夠長(zhǎng)的斜面后又返回到斜面底端。已知小物塊的初動(dòng)能為E，它返回到斜面底端的動(dòng)能為，小物塊上滑到最大路程的中點(diǎn)時(shí)速度為v；若小物塊以2E的初動(dòng)能沖上斜面，則有( ) A.返回斜面底端時(shí)的動(dòng)能為E B.返回斜面底端時(shí)的動(dòng)能為 C.小物塊上滑到最大路程的中點(diǎn)時(shí)速度為 D.小物塊上滑到最大路程的中點(diǎn)時(shí)速度為2v 10.(xx臨沂模擬)我國(guó)“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鹘?jīng)過(guò)多次試驗(yàn)，終于在2012年6月24日以7 020 m深度創(chuàng)下世界最新紀(jì)錄(國(guó)外最深不超過(guò)6 500 m)，預(yù)示著可以征服全球99.8%的海底世界。假設(shè)在某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面開(kāi)始下潛到最后返回水面10 min內(nèi)全過(guò)程的深度曲線(xiàn)甲和速度圖像乙，如圖所示，則有( ) A.甲圖中h3代表本次最大深度，應(yīng)為6.0 m B.全過(guò)程中最大加速度是0.025 m/s2 C.潛水員感到超重現(xiàn)象應(yīng)發(fā)生在3～4 min和6～8 min的時(shí)間段內(nèi) D.整個(gè)深潛器在8～10 min時(shí)間段內(nèi)機(jī)械能守恒 第Ⅱ卷(非選擇題 共50分) 二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共12分) 11.(xx長(zhǎng)春模擬)(6分)如圖是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)。小圓柱由一根不可伸長(zhǎng)的輕繩拴住，輕繩另一端固定。將輕繩拉至水平后由靜止釋放。在最低點(diǎn)附近放置一組光電門(mén)，測(cè)出小圓柱運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的擋光時(shí)間Δt,再用游標(biāo)卡尺測(cè)出小圓柱的直徑d，如圖所示，重力加速度為g。則 (1)小圓柱的直徑d=___________cm； (2)測(cè)出懸點(diǎn)到圓柱重心的距離l，若等式gl=__________成立，說(shuō)明小圓柱下擺過(guò)程機(jī)械能守恒。 12.(滾動(dòng)交匯考查)(6分)某課外活動(dòng)小組利用力傳感器和位移傳感器進(jìn)一步探究變力作用下的“動(dòng)能定理”。如圖所示，他們用力傳感器通過(guò)定滑輪直接拉固定在小車(chē)上的細(xì)繩，測(cè)出拉力F；用位移傳感器測(cè)出小車(chē)的位移x和瞬時(shí)速度v。已知小車(chē)質(zhì)量為200 g。 (1)某次實(shí)驗(yàn)得出拉力F隨位移x變化規(guī)律如圖甲所示，速度v隨位移x變化的規(guī)律如圖乙所示，數(shù)據(jù)如表格。利用所得的F-x圖像，求出x=0.30 m到0.52 m過(guò)程中變力F做功W=__________J，此過(guò)程動(dòng)能的變化量ΔEk＝_________J(保留兩位有效數(shù)字)。 (2)指出下列情況可減小實(shí)驗(yàn)誤差的操作是_________。(填選項(xiàng)前的字母，可能不止一個(gè)選項(xiàng)) A.使拉力F要遠(yuǎn)小于小車(chē)的重力 B.實(shí)驗(yàn)時(shí)要先平衡摩擦力 C.要使細(xì)繩與滑板表面平行 三、計(jì)算題(本大題共4小題，共38分。要有必要的文字說(shuō)明和解題步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位) 13.(xx青島模擬)(8分)如圖所示，半徑R=2 m的四分之一粗糙圓弧軌道AB置于豎直平面內(nèi)，軌道的B端切線(xiàn)水平，且距水平地面高度為h=1.25 m，現(xiàn)將一質(zhì)量m=0.2 kg的小滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放，小滑塊沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)以v=5 m/s的速度水平飛出(g取10 m/s2)。求： (1)小滑塊沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受摩擦力做的功； (2)小滑塊著地時(shí)的速度大小。 14.(10分)如圖所示，水平軌道AB與位于豎直面內(nèi)半徑為R=0.90 m的半圓形光滑軌道BCD相連，半圓形軌道的BD連線(xiàn)與AB垂直。質(zhì)量為m=1.0 kg可看作質(zhì)點(diǎn)的小滑塊在恒定外力F作用下從水平軌道上的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，滑塊與水平軌道AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5.到達(dá)水平軌道的末端B點(diǎn)時(shí)撤去外力，滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng)，且恰好能通過(guò)軌道最高點(diǎn)D，滑塊脫離半圓形軌道后又剛好落到A點(diǎn)。g取10 m/s2，求：滑塊在AB段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中恒定外力F的大小。 15.(10分)如圖所示，傳送帶與水平面之間的夾角 θ=30，其上A、B兩點(diǎn)間的距離l=5 m，傳送帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下以v=1 m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)。現(xiàn)將一質(zhì)量m=10 kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))輕放在傳送帶上的A點(diǎn)，已知小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=,在傳送帶將小物塊從A點(diǎn)傳送到B點(diǎn)的過(guò)程中，求：(取g=10 m/s2) (1)傳送帶對(duì)小物塊做的功W； (2)電動(dòng)機(jī)做的功W總。 16.(滾動(dòng)交匯考查)(10分)一輕質(zhì)細(xì)繩一端系一質(zhì)量為m= kg的小球A，另一端掛在光滑水平軸O上，O到小球的距離為l=0.1 m，小球跟水平面接觸，但無(wú)相互作用，在球的兩側(cè)等距離處分別固定一個(gè)光滑的斜面和一個(gè)擋板，如圖所示，水平距離s為2 m,動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25?，F(xiàn)有一滑塊B，質(zhì)量也為m，從斜面上滑下，與小球碰撞時(shí)交換速度，與擋板碰撞不損失機(jī)械能。若不計(jì)空氣阻力，并將滑塊和小球都視為質(zhì)點(diǎn)，g取10 m/s2，試問(wèn)： (1)若滑塊B從斜面某一高度h處滑下與小球第一次碰撞后，使小球恰好在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，求此高度h； (2)若滑塊B從h′=5 m處滑下，求滑塊B與小球第一次碰后瞬間繩子對(duì)小球的拉力。 答案解析 1.A 點(diǎn)火前，降落傘和返回艙做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。對(duì)返回艙,返回艙的重力等于傘繩拉力F;點(diǎn)火后瞬間,返回艙立刻獲得向上的反沖力,使傘繩對(duì)返回艙的拉力變小,選項(xiàng)A正確;返回艙做減速運(yùn)動(dòng)的主要原因是反沖力,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;返回艙所受合力向上,處于超重狀態(tài),選項(xiàng)D錯(cuò)誤;由于噴氣過(guò)程中,動(dòng)能減小,由動(dòng)能定理可知合力做負(fù)功,選項(xiàng)C錯(cuò)誤。 2.B、D 兩物塊從同一高度下落,根據(jù)機(jī)械能守恒定律知,它們到達(dá)水平面上時(shí)的動(dòng)能相等,自由下落的物塊先著地,重力做功的平均功率大,而著地時(shí)重力做功的瞬時(shí)功率等于重力與重力方向上的速度的乘積,故重力做功的瞬時(shí)功率不相等,選B、D。 3.A、D 去掉下面小球前，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，下面八個(gè)小球?qū)ΨQ(chēng)分布，故八個(gè)小球?qū)π泵嫔狭鶄€(gè)小球的作用力豎直向下，去掉后，斜面上的小球仍然保持靜止，左側(cè)四個(gè)小球沿斜面向下的重力分力為4mgsinα，右側(cè)兩個(gè)小球沿斜面向下的重力分力為2mgsinβ，由平衡條件可知4mgsinα=2mgsinβ，則有 2sinα=sinβ，即AB邊是BC邊長(zhǎng)度的2倍。 4.D 物塊沿斜面下滑的加速度a=gsinθ=6 m/s2，下滑過(guò)程所用時(shí)間t= = 1 s，平均功率=18 W，故A錯(cuò)。據(jù)機(jī)械能守恒定律，末動(dòng)能Ek=mgh=mgLsinθ=18 J，故B錯(cuò)。末速度v=at=6 m/s，重力的瞬時(shí)功率P=mgv sinθ=36 W，故C錯(cuò)D對(duì)。 5.B、C 由動(dòng)能定理mgh=mv2可求出滑塊由斜面上h高度處下滑到達(dá)B處時(shí)的速度v=,從B處進(jìn)入圓弧軌道后滑塊做圓周運(yùn)動(dòng)，在B處，由牛頓第二定律及向心力公式得N-mg= ，故N=mg+=mg(1+)。再由牛頓第三定律可知B、C正確。 6.C “思考距離”是指駕駛員從發(fā)現(xiàn)情況到采取制動(dòng)的時(shí)間內(nèi)汽車(chē)行駛的距離,這段時(shí)間車(chē)是勻速運(yùn)動(dòng)的,駕駛員酒后反應(yīng)時(shí)間t1=s=1 s,駕駛員正常反應(yīng)時(shí)間t2=s=0.5 s,所以駕駛員酒后反應(yīng)時(shí)間比正常情況下多0.5 s,A對(duì);“制動(dòng)距離”是指從駕駛員發(fā)現(xiàn)情況到汽車(chē)停止行駛的距離,由表格可知,速度為20 m/s時(shí),制動(dòng)距離為46.7 m,故B對(duì);汽車(chē)制動(dòng)時(shí)的加速度大小都相同,按速度為15 m/s時(shí)計(jì)算:a= m/s2=7.5 m/s2,故C錯(cuò);表中x= m+25.0 m=66.7 m,因此D對(duì)。 7.C 因A、B、C均固定于轉(zhuǎn)盤(pán)上，故三個(gè)小物塊的角速度一定相同，A錯(cuò)誤；由v=ωr可知，vC>vA=vB,B錯(cuò)誤；由a=ω2r可知，aC>aA=aB，D錯(cuò)誤；由FB= mBω2rB，F(xiàn)C=mCω2rC可知，F(xiàn)C=2FB，故C正確。 8.D 因b、c在同一軌道上運(yùn)行，故其線(xiàn)速度大小、加速度大小均相等。又b、c軌道半徑大于a軌道半徑，由v= ，知vb=vcm，它將偏離原軌道，而離圓心越來(lái)越近。所以無(wú)論如何c也追不上b，b也等不到c,故C選項(xiàng)錯(cuò)。對(duì)這一選項(xiàng)，不能用v=來(lái)分析b、c軌道半徑的變化情況。對(duì)a衛(wèi)星，當(dāng)它的軌道半徑緩慢減小時(shí)，在轉(zhuǎn)動(dòng)一段較短的時(shí)間內(nèi)，可近似認(rèn)為它的軌道半徑未變，視作穩(wěn)定運(yùn)行，由v=知r減小時(shí)v逐漸增大，故D選項(xiàng)正確。 9.A、C 設(shè)小物塊沿斜面上滑的最大高度為h，沿斜面上升的最大距離為x，由動(dòng)能定理得-mgh-Ffx=0-E，而h=xsinα,式中α為斜面傾角，可得。由此可見(jiàn)小物塊沿斜面上升的距離x與初動(dòng)能E成正比，而摩擦力做功Ffx與位移成正比，故當(dāng)小物塊以2E的初動(dòng)能上滑時(shí)，上滑的最大距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，損失的動(dòng)能(即克服摩擦力做的功)也為原來(lái)的2倍，故A對(duì)、B錯(cuò)。選取小物塊從路程中點(diǎn)至最高點(diǎn)的過(guò)程，由v2=2ax得，x1=2x，故有v1=v,C對(duì)、D錯(cuò)。 10.C 由圖乙可知，h3=(2+4)260 m=360 m，故A錯(cuò)誤。最大加速度出現(xiàn)在第1 min內(nèi)和第4 min內(nèi)，a= m/s2= m/s2，故B錯(cuò)誤。第3～4 min內(nèi)，深潛器減速下降，加速度向上，超重；第6～8 min內(nèi)，深潛器加速上升，超重，故C正確。在8～10 min內(nèi)深潛器減速上升，a= m/s2=0.025 m/s2，深潛器受到浮力和阻力作用，機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。 11.【解析】(1)游標(biāo)尺上第二個(gè)刻線(xiàn)對(duì)齊，所以d=1.02 cm。 (2)若機(jī)械能守恒，則有mgl=mv2,v= ，整理可得gl= 。 答案：(1)1.02 (2) 12.【解析】(1)在F-x圖像中，圖線(xiàn)與x軸圍成的面積即為變力所做的功，W=(0.60+1.00)(0.52-0.30) J≈0.18 J，在v-x圖中可見(jiàn)，x1=0.30 m時(shí)，v1=0，x2=0.52 m時(shí)對(duì)應(yīng)小車(chē)的速度v2=1.30 m/s，故ΔEk=mv22-mv12≈0.17 J。 (2)為減小誤差，實(shí)驗(yàn)前必須平衡摩擦力，細(xì)繩與滑板表面平行，故B、C正確。 答案：(1)0.18 0.17 (2)B、C 13.【解析】(1)小滑塊由A到B據(jù)動(dòng)能定理得 mgR+ (3分) 解得=-1.5 J (1分) (2)小滑塊過(guò)B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)著地時(shí)豎直分速度為vy，則有vy= = 5 m/s (2分) 所以著地速度v= =5 m/s (2分) 答案：(1)-1.5 J (2)5 m/s 14.【解析】滑塊恰好通過(guò)最高點(diǎn),則有: mg=m (2分) 設(shè)滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為vB,滑塊由B到D過(guò)程由動(dòng)能定理得: -2mgR=mvD2-mvB2 (2分) 滑塊從D點(diǎn)離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng), 則2R=gt2，xAB=vDt (2分) 滑塊從A運(yùn)動(dòng)到B有:vB2=2axAB (2分) 據(jù)牛頓第二定律有:F-μmg=ma (1分) 聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)得:F=17.5 N。 (1分) 答案：17.5 N 15.【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律得： μmgcosθ-mgsinθ=ma 可解得:a=2.5 m/s2 (2分) 當(dāng)小物塊的速度為1 m/s時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的位移為 l′= =0.2 m 即小物塊勻速運(yùn)動(dòng)了l-l′=4.8 m (2分) 由功能關(guān)系可得： W=ΔEk+ΔEp=mv2+mglsin30=255 J (2分) (2)電動(dòng)機(jī)做功使小物塊的機(jī)械能增加，設(shè)小物塊與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q，由(1)知小物塊與傳送帶之間的相對(duì)位移l′=0.2 m (2分) 摩擦生熱為Q=Ffl′=μmgl′cosθ=15 J (1分) 故電動(dòng)機(jī)做的功為 W總=W+Q=255 J+15 J=270 J (1分) 答案：(1)255 J (2)270 J 16.【解析】(1)小球剛能完成一次完整的圓周運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)的速度為v0，在最高點(diǎn)，僅由重力充當(dāng)向心力，則有 mg=m (1分) 在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得 mgh-2mgl-μmg =mv02 (3分) 解上式得h=0.5 m (1分) (2)若滑塊從h′=5 m處下滑到將要與小球碰撞時(shí)速度為v1,則據(jù)動(dòng)能定理有 mgh′-μmg=mv12 (2分) 由題意可知，滑塊與小球碰后滑塊靜止，小球以速度v1開(kāi)始做圓周運(yùn)動(dòng)，繩子的拉力FT和重力的合力充當(dāng)向心力，則有 FT-mg= (2分) 解得FT=48 N (1分) 答案：(1)0.5 m (2)48 N 關(guān)閉Word文檔返回原板塊