2019-2020年高考物理專題復(fù)習(xí) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用.doc
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2019-2020年高考物理專題復(fù)習(xí) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用 1.下列實(shí)例屬于超重現(xiàn)象的是 ( ). A.汽車駛過拱形橋頂端 B.蕩秋千的小孩通過最低點(diǎn) C.跳水運(yùn)動(dòng)員被跳板彈起,離開跳板向上運(yùn)動(dòng) D.火箭點(diǎn)火后加速升空 解析 本題考查了超、失重現(xiàn)象的本質(zhì).物體運(yùn)動(dòng)時(shí)具有豎直向上的加速度,屬于超重 現(xiàn)象.A、C兩個(gè)選項(xiàng)中的汽車和運(yùn)動(dòng)員都具有豎直向下的加速度,均不正確;B、D兩 個(gè)選項(xiàng)中的小孩和火箭都具有豎直向上的加速度,處于超重狀態(tài),均正確. 答案 BD 2.關(guān)于速度、加速度、合外力之間的關(guān)系,正確的是( ) A.物體的速度越大,則加速度越大,所受的合外力也越大 B.物體的速度為零,則加速度為零,所受的合外力也為零 C.物體的速度為零,但加速度可能很大,所受的合外力也可能很大 D.物體的速度很大,但加速度可能為零,所受的合外力也可能為零 解析 加速度由合外力決定,加速度與速度無必然聯(lián)系。物體的速度為零時(shí),加速度可為零也可不為零;當(dāng)加速度為零時(shí),速度不變。 答案 CD 3.如圖3-3-11所示,木箱內(nèi)有一豎直放置的彈簧,彈簧上方有一物塊;木箱靜止時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)且物塊壓在箱頂上.若在某一段時(shí)間內(nèi),物塊對(duì)箱頂剛好無壓力,則在此段時(shí)間內(nèi),木箱的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可能為 ( ). A.加速下降 B.加速上升 C.減速上升 D.減速下降 解析 木箱靜止時(shí)物塊對(duì)箱頂有壓力,則物塊受到箱頂向下的壓力,當(dāng)物塊對(duì)箱頂剛好 無壓力時(shí),表明系統(tǒng)有向上的加速度,是超重,所以木箱的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可能為減速下降或 加速上升,故B、D正確. 答案 BD 4. 某人在地面上用彈簧秤稱得其體重為490 N.他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重,t0至t3時(shí)間段內(nèi),彈簧秤的示數(shù)如圖3-3-2所示,電梯運(yùn)行的v-t圖可能是(取電梯向上運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎? ( ). 圖3-3-2 解析 從圖可以看出,t0~t1時(shí)間內(nèi),該人的視重小于其重力,t1~t2時(shí)間內(nèi),視重正好 等于其重力,而在t2~t3時(shí)間內(nèi),視重大于其重力,根據(jù)題中所設(shè)的正方向可知,t0~t1 時(shí)間內(nèi),該人具有向下的加速度,t1~t2時(shí)間內(nèi),該人處于平衡狀態(tài),而在t2~t3時(shí)間內(nèi), 該人則具有向上的加速度,所以可能的圖像為A、D. 答案 AD 5.如圖3-3-3是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖,假定其過程可簡(jiǎn)化為:打開降落傘一段時(shí)間后,整個(gè)裝置勻速下降,為確保安全著陸,需點(diǎn)燃返回艙的緩沖火箭,在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動(dòng),則 ( ). A.火箭開始噴氣瞬間傘繩對(duì)返回艙的拉力變小 B.返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力 圖3-3-3 C.返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功 D.返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài) 解析 火箭開始噴氣瞬間,返回艙受到向上的反作用力,所受合外力向上,故傘繩的拉 力變小,所以選項(xiàng)A正確;返回艙與降落傘組成的系統(tǒng)在火箭噴氣前受力平衡,噴氣后 減速的主要原因是受到噴出氣體的反作用力,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;返回艙在噴氣過程中做減 速直線運(yùn)動(dòng),故合外力一定做負(fù)功,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;返回艙噴氣過程中產(chǎn)生豎直向上的加 速度,故應(yīng)處于超重狀態(tài),選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 答案 A 圖3-3-4 6. 如圖3-3-4所示,在光滑水平地面上,水平外力F拉動(dòng)小車和木塊一起做無相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng).小車質(zhì)量為M,木塊質(zhì)量為m,加速度大小為a,木塊和小車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,則在這個(gè)過程中,木塊受到的摩擦力大小是 ( ). A.μmg B. C.μ(M+m)g D.ma 解析 m與M無相對(duì)滑動(dòng),故a相同. 對(duì)m、M整體F=(M+m)a,故a= m與整體加速度相同也為a,對(duì)m:f=ma,即f=,又由牛頓第二定律隔離m,f =ma,故B、D正確. 答案 BD 圖3-3-12 7.如圖3-3-12所示,A、B兩物體疊放在一起,以相同的初速度上拋(不計(jì)空氣阻力).下列說法正確的是 ( ). A.在上升和下降過程中A對(duì)B的壓力一定為零 B.上升過程中A對(duì)B的壓力大于A物體受到的重力 C.下降過程中A對(duì)B的壓力大于A物體受到的重力 D.在上升和下降過程中A對(duì)B的壓力等于A物體受到的重力 解析 對(duì)于A、B整體只受重力作用,做豎直上拋運(yùn)動(dòng),處于完全失重狀態(tài),不論上升 還是下降過程,A對(duì)B均無壓力,只有A項(xiàng)正確. 答案 A 圖3-3-13 8.如圖3-3-13所示,在光滑水平面上有一質(zhì)量為m1的足夠長(zhǎng)的木板,其上疊放一質(zhì)量為m2的木塊.假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等.現(xiàn)給木塊施加一隨時(shí)間t增大的水平力F=kt (k是常數(shù)),木板和木塊加速度 的大小分別為a1和a2.下列反映a1和a2變化的圖線中正確的是 ( ). 解析 剛開始木塊與木板一起在F作用下加速,且F=kt,a==,當(dāng)相對(duì) 滑動(dòng)后,木板只受滑動(dòng)摩擦力,a1不變,木塊受F及滑動(dòng)摩擦力,a2==-μg,、 故a2=-μg,a-t圖象中斜率變大,故選項(xiàng)A正確,選項(xiàng)B、C、D均錯(cuò)誤. 答案 A 圖3-3-7 9.如圖3-3-7所示,足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面夾角為θ,以速度v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng).在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ<tan θ,則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的是 ( ). 解析 小木塊被釋放后的開始階段做勻加速直線運(yùn)動(dòng),所受摩擦力沿斜面向下,加速度 為a1.當(dāng)小木塊的速度與傳送帶速度相同后,小木塊開始以a2的加速度做勻加速直線運(yùn) 動(dòng),此時(shí)小木塊所受摩擦力沿斜面向上,所以a1>a2,在v-t圖像中,圖線的斜率表示 加速度,故選項(xiàng)D對(duì)(傳送帶模型). 答案 D 10.如圖3-3-8甲所示,繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行.初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶.若從小物塊滑上傳送帶開始計(jì)時(shí),小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的v-t圖像(以地面為參考系)如圖3-3-21乙所示.已知v2>v1,則 ( ). 圖3-3-8 A.t2時(shí)刻,小物塊離A處的距離達(dá)到最大 B.t2時(shí)刻,小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大 C.0~t2時(shí)間內(nèi),小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左 D.0~t3時(shí)間內(nèi),小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用 解析 相對(duì)地面而言,小物塊在0~t1時(shí)間內(nèi),向左做勻減速運(yùn)動(dòng),t1~t2時(shí)間內(nèi),又反 向向右做勻加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)其速度與傳送帶速度相同時(shí)(即t2時(shí)刻),小物塊向右做勻速運(yùn) 動(dòng).故小物塊在t1時(shí)刻離A處距離最大,A錯(cuò)誤.相對(duì)傳送帶而言,在0~t2時(shí)間內(nèi), 小物塊一直相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng),故一直受向右的滑動(dòng)摩擦力,在t2~t3時(shí)間內(nèi),小物 塊相對(duì)于傳送帶靜止,小物塊不受摩擦力作用,因此t2時(shí)刻小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距 離達(dá)到最大值,B正確,C、D均錯(cuò)誤(傳送帶模型). 答案 B 圖3-3-9 11.兩個(gè)疊在一起的滑塊,置于固定的、傾角為θ的斜面上,如圖3-3-9所示,滑塊A、B質(zhì)量分別為M、m,A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1,B與A之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2,已知兩滑塊都從靜止開始以相同的加速度從斜面滑下,求滑塊B受到的摩擦力. 解析 把A、B兩滑塊作為一個(gè)整體,設(shè)其下滑的加速度大小為a,由 牛頓第二定律有 (M+m)gsin θ-μ1(M+m)gcos θ=(M+m)a得a=g(sin θ-μ1cos θ). 由于a- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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