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2019-2020年高考模擬試卷 物理( 第七模擬 )參考答案 一、 1．A、C 2．C 被封閉的氣柱壓強為75厘米汞柱，體積為27S。(S為管的橫截面)當(dāng)把管口封閉并提離水銀面時，若留在管中的水銀柱長為l，管中的空氣柱長為75-l，管中氣柱的壓強為75-l，則根據(jù)?！R定律有： P1V1=P2V2　 7527S=(75-l)(75-l)S 整理得l2-150l＋3600=0解得l1=30cm，l2=120cm(舍) 3．A、B、C 擺球在P還有速度，由能量守恒A正確；單擺擺線拉力始終與速度垂直，擺線拉力不作功，B對；F對擺球做的功除用于增加重力勢能外，還有一部分增加動能，C對，D錯。 4．D 并聯(lián)U1=U2=U3，又I1∶I2∶I3=R3∶R2∶R1，由此得 5．C 三只試管都靜止，處于平衡狀態(tài)，分別進(jìn)行受力分析，首先對A管，設(shè)A管中的水銀面高出管外h高，管內(nèi)氣體壓強為pA，管的橫截面為S。A管受重力GA，拉力TA，大氣向下壓力p0S，管內(nèi)氣體向上壓力pAS=(p0-ρhg)S，則 TA+(p0-ρhg)S=CA+p0S 所以TA=GA+ρhgS 同理對B管受力分析后，可得出TB=GB-ρgh′S(B管中水銀面低于管外h′)對C管受力分析得TC=GC，因為GA=GB=GC，所以TA＞TC＞TB。 6．C、D 7．A 某點感覺不到振動即該點為振動減弱點，它到兩振源的波程差應(yīng)為半波長的奇數(shù)倍，，設(shè)半圓周上C點到A、O之間的距離相等，則船由B→C過程中它到A、O波程差由45米減小到O．則由此分析此過程中有四次波程差為半波長的奇數(shù)倍，由C→A過程中波程差山0增加至45米，在此過程中亦有四次波程差為半波長的奇數(shù)倍，故在到達(dá)A之前的過程中有8次感覺不到振動。 8．B 9．A MN間發(fā)生短路時，A燈兩端電壓為零，則A燈熄滅； B燈支路電壓變?yōu)?20伏，超過其額定電壓，B燈燒毀； C、D燈仍正常發(fā)光，故選A。 故讀數(shù)減少 二、 11．該題應(yīng)用核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的守恒關(guān)系及質(zhì)能方程求解。 由E=mc2知，△E=△mc2，則 12．變小 本題在“MNPQ為一個由同種金屬材料制成的粗細(xì)均勻的導(dǎo)體框架”這句話中，隱含了“導(dǎo)體框架的電阻存在，并且隨著長度的增大而增大”這個條件，明確了這個條件，就不難判斷出當(dāng)ab棒向右勻速運動過程中，閉合電路中的電阻變大，而感應(yīng)電動勢保持不變，感應(yīng)電流將變小。 有P入=Iε-I2(R′+r)-0.56W， P出=P入-I2R=0.54W 14．②重力加速度g；①小車質(zhì)量倒數(shù)1/m；③重力加速度倒數(shù)1/g。 15．(1)Ω檔100位置；(2)P，左側(cè)刻度為0處；(3)T，右側(cè)刻度為0處；(5)20kΩ 16．①向正接線柱偏 ②下端S極 ③磁鐵向上運動 ④與②的繞向相反 四、 17．先設(shè)B管上方無水溢出，用P1，P′1分別表示A管中氣體原來和后來的壓強，L1和L2為A管和B管中氣體柱的長度，P0為大氣壓強，ρ為水的密度，則有 P1L1=P′1L′1　 P1=P0+ρg(L1-L2) P′1=P0+ρg(L′1-L′2)　 L1-L′1+L2-L′2=L0 解得L′1=2.5m 這樣，A管中只進(jìn)水0.5m，因C管原來有水3.0m，余下2.5m的水應(yīng)頂入B管，而B管上方的空間只有2.0m，可知一定有水溢出B管。按B管上方有水溢出列方程 P1L1=P″1L′　 P1=P0+ρg(L1-L2)　 P″1=P0+ρgL′ 解得A管中氣柱長度L′=2.62m 18．(1)要使電子發(fā)射速率最小，電子軌道半徑必須最小，最小半徑 (2)如果電子源S發(fā)射電子的速率v′=2v，則其軌道半徑應(yīng)為L。當(dāng)發(fā)射電子的速度v′與SO成150方向發(fā)射時，電子S沿半圓弧經(jīng)C 電子沿1/4 圓弧經(jīng)D掠過擋板上最右位置B點，OB=L，因此擋板上被 19．(1)用力斜向下推時，箱子勻速運動，則有Fcosθ=f① f=μN　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ② N=C＋Fsinθ　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ③ 聯(lián)立①、②、③式代入數(shù)據(jù)解得F=1.2102N (2)若水平用力推箱子時，據(jù)牛頓第二定律：F合=ma 則有： 據(jù)v=at=2.03.0m/s=6.0m/s (方向向左) s′=v2/2a′=4.5m　則s總=s+s ′=13.5m 20．(1)a上=gsinα+μgcosα=10m/s2 a下=gsinα-μgcosα=2m/s2 (3)最終物體速度變?yōu)榱?，且gsinα＞μgcosα。故物體不可能停在斜面上，全過程用動能定理得 21．設(shè)正離子從磁場區(qū)域射出點為c，射出方向的延長線與 入射方向的直徑交點為b(如圖答7-2)。正離子在磁場區(qū)域中運動的軌跡ac是一段圓弧，它的圓心O一定位于過入射點α而與入射方向垂直的直線上。由于正離子射出磁場的方向必沿圓弧ac在c點的切線，故連線Oc必垂直于連線bc。又因為四邊形的四角之和為360?？赏瞥觥蟖cO=60，即正離子在磁場區(qū)域中運動軌跡ac對點O所張的圓心角為60，如果整個空間都充滿了方向垂直于紙面向里的磁場，正離子在紙面上作圓周運動。設(shè)正離子運動一周的時間為T，則正離子沿ac由a點運動到c點所需的時間為 可推出T=2πm/qB　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ② 代入得正離子沿弧由α點運動到c點所需的時間為 t=πm/3qB　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ③ aO和cO都是圓弧ac的半徑，故△aOc是等腰三角形。根據(jù)上面所得∠acO=60，可知∠Oac=∠Oca=60，∠bca=∠bac=30，因此△abc也是等腰三角形，得ab=bc=圓形磁場區(qū)域的半徑，即b點是圓形區(qū)域的圓心。而射出點c的位置可以由射入點a與射出點c之間的圓形區(qū)域邊界ac弧對應(yīng)區(qū)域圓心b所張的圓心角120決定。即C點距a點 22．(1)B下擺過程中，機械能守恒． (2)B與A碰撞，動量守恒、機械能守恒． (3)A在平臺上滾動，對A用動能定理 (4)A離開平臺，做初速度為vA′=3m/s的平拋運動． 水平方向為勻速宜線運動：位移S=vA′t=1.2m 所以，A做平拋運動后．前進(jìn)的水平位移是1.2m．