2019年高考物理總復(fù)習(xí) 第五章 第3講 機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用 新人教版.doc
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2019年高考物理總復(fù)習(xí) 第五章 第3講 機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用 新人教版 1.將質(zhì)量為100 kg的物體從地面提升到10 m高處,在這個(gè)過(guò)程中,下列說(shuō)法中正確的是(取g=10 m/s2)( ). A.重力做正功,重力勢(shì)能增加1.0104 J B.重力做正功,重力勢(shì)能減少1.0104 J C.重力做負(fù)功,重力勢(shì)能增加1.0104 J D.重力做負(fù)功,重力勢(shì)能減少1.0104 J 答案 C 2.如圖1所示,a、b兩物塊質(zhì)量分別為m、2m,用不計(jì)質(zhì)量的細(xì)繩相連接, 懸掛在定滑輪的兩側(cè),不計(jì)滑輪質(zhì)量和一切摩擦.開(kāi)始時(shí),a、b兩物塊距離地面高度相同,用手托住物塊b,然后突然由靜止釋放,直至a、b物塊間高度差為h.在此過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是( ) 圖1 A.物塊a的機(jī)械能守恒 B.物塊b機(jī)械能減少了mgh C.物塊b重力勢(shì)能的減少量等于細(xì)繩拉力對(duì)它所做的功 D.物塊a重力勢(shì)能的增加量小于其動(dòng)能增加量 解析:物塊a受重力、繩的拉力作用,其中拉力做正功,則a的機(jī)械能增加,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;物塊b受重力、繩的拉力作用,其中拉力做負(fù)功,則b的機(jī)械能減少;a、b系統(tǒng)只有重力做功,其機(jī)械能守恒,有(2m-m)g=(m+2m)v,即gh=3v;b機(jī)械能減少了ΔE=2mg-(2m)v=mgh,選項(xiàng)B正確;a的重力勢(shì)能的增加量mg>mv,選項(xiàng)D錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理,對(duì)b有-WT+WG=mv,即WG=mv+WT,選項(xiàng)C錯(cuò)誤. 答案:B 3.如圖2所示,一個(gè)物體以速度v0沖向豎直墻壁,墻壁和物體間的彈簧被物體壓縮,在此過(guò)程中下列說(shuō)法中正確的是( ). 圖2 A.物體對(duì)彈簧做的功與彈簧的壓縮量成正比 B.物體向墻壁運(yùn)動(dòng)相同的位移,彈力做的功不相等 C.彈力做正功,彈簧的彈性勢(shì)能減小 D.彈簧的彈力做負(fù)功,彈性勢(shì)能增加 解析 物體對(duì)彈簧做功,物體的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能,由W=kx2,所以物體對(duì)彈簧做的功與彈簧壓縮量的平方成正比,由于彈簧的彈力不斷增大,物體向墻壁運(yùn)動(dòng)相同位移,彈力做功不相等. 答案 BD 4.如圖3所示是全球最高的(高度208米)北京朝陽(yáng)公園摩天輪,一質(zhì)量為m的乘客坐在摩天輪中以速率v在豎直平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng),假設(shè)t=0時(shí)刻乘客在軌跡最低點(diǎn)且重力勢(shì)能為零,那么,下列說(shuō)法正確的是( ). 圖3 A.乘客運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,重力勢(shì)能隨時(shí)間的變化關(guān)系為Ep=mgR B.乘客運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,在最高點(diǎn)受到座位的支持力為m-mg C.乘客運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,機(jī)械能守恒,且機(jī)械能為E=mv2 D.乘客運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,機(jī)械能隨時(shí)間的變化關(guān)系為E=mv2+mgR 解析 在最高點(diǎn),根據(jù)牛頓第二定律可得,mg-N=m,受到座位的支持力為N=mg-m,B項(xiàng)錯(cuò)誤;由于乘客在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),其動(dòng)能不變,重力勢(shì)能發(fā)生變化,所以乘客在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能不守恒,C項(xiàng)錯(cuò)誤;在時(shí)間t內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的角度為t,所以對(duì)應(yīng)t時(shí)刻的重力勢(shì)能為Ep=mgR,總的機(jī)械能為E=Ek+Ep=mv2+mgR,A、D兩項(xiàng)正確. 答案 AD 5.如圖4所示,勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧,一端系在豎直放置的半徑為R的 圓環(huán)頂點(diǎn)P,另一端系一質(zhì)量為m的小球,小球穿在圓環(huán)上做無(wú)摩擦的運(yùn)動(dòng).設(shè)開(kāi)始時(shí)小球置于A點(diǎn),彈簧處于自然狀態(tài),當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速率為v,對(duì)圓環(huán)恰好沒(méi)有壓力.下列分析正確的是( ) 圖4 A.從A到B的過(guò)程中,小球的機(jī)械能守恒 B.從A到B的過(guò)程中,小球的機(jī)械能減少 C.小球過(guò)B點(diǎn)時(shí),彈簧的彈力為mg+m D.小球過(guò)B點(diǎn)時(shí),彈簧的彈力為mg+m 解析:從A到B的過(guò)程中,因彈簧對(duì)小球做負(fù)功,小球的機(jī)械能將減少,A錯(cuò)誤、B正確;在B點(diǎn)對(duì)小球應(yīng)用牛頓第二定律可得:FB-mg=m,解得FB=mg+m,C正確、D錯(cuò)誤. 答案:BC 6.某短跑運(yùn)動(dòng)員采用蹲踞式起跑,在發(fā)令槍響后,左腳迅速蹬離起跑器,在向前加速的同時(shí)提升身體重心.如圖5所示,假設(shè)質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員,在起跑時(shí)前進(jìn)的距離s內(nèi),重心上升高度為h,獲得的速度為v,阻力做功為W阻、重力對(duì)人做功W重、地面對(duì)人做功W地、運(yùn)動(dòng)員自身做功W人,則在此過(guò)程中,下列說(shuō)法中不正確的是( ) 圖5 A.地面對(duì)人做功W地=mv2+mgh B.運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能增加了mv2+mgh C.運(yùn)動(dòng)員的重力做功為W重=-mgh D.運(yùn)動(dòng)員自身做功W人=mv2+mgh-W阻 解析 由動(dòng)能定理可知W地+W阻+W重+W人=mv2,其中W重=-mgh,所以W地=mv2+mgh-W阻-W人,選項(xiàng)A不正確;運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能增加量ΔE=W地+W阻+W人=mv2+mgh,選項(xiàng)B正確;重力做功W重=-mgh,選項(xiàng)C正確;運(yùn)動(dòng)員自身做功W人=mv2+mgh-W阻-W地,選項(xiàng)D不正確. 答案 AD 7.如圖6所示,A、B兩物塊質(zhì)量均為m,用一輕彈簧相連,將A用長(zhǎng)度適當(dāng)?shù)妮p繩懸掛于天花板上,輕繩為伸直狀態(tài),B物塊在力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài),彈簧被壓縮.現(xiàn)將力F撤去,已知彈簧的彈性勢(shì)能僅與形變量大小有關(guān),且彈簧始終在彈性限度內(nèi),則下列說(shuō)法正確的是( ). 圖6 A.彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)B的速度最大 B.A一直保持靜止 C.在B下降過(guò)程中彈簧彈性勢(shì)能先減小,后增大 D.F撤去之前,繩子的拉力不可能為0 解析 由題干信息可知,在B下降過(guò)程中,B和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)滿(mǎn)足機(jī)械能守恒,彈簧彈性勢(shì)能先減小,后增大,B的動(dòng)能先增大后減小,當(dāng)彈簧向上的彈力大小等于B物體的重力時(shí),B的速度最大,A錯(cuò)、C對(duì);根據(jù)受力分析可知A一直保持靜止,B對(duì);由于不知道F的大小以及彈簧的彈力,所以無(wú)法判定F撤去之前,繩子的拉力是否為零,D錯(cuò). 答案 BC 8.如圖7所示,長(zhǎng)度相同的三根輕桿構(gòu)成一個(gè)正三角形支架,在A處固定質(zhì)量為2m的小球,B處固定質(zhì)量為m的小球,支架懸掛在O點(diǎn),可繞過(guò)O點(diǎn)并與支架所在平面相垂直的固定軸轉(zhuǎn)動(dòng),開(kāi)始時(shí)OB與地面相垂直.放手后開(kāi)始運(yùn)動(dòng),在不計(jì)任何阻力的情況下,下列說(shuō)法正確的是( ). 圖7 A.A處小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)速度為0 B.A處小球機(jī)械能的減少量等于B處小球機(jī)械能的增加量 C.B處小球向左擺動(dòng)所能達(dá)到的最高位置應(yīng)高于A處小球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的高度 D.當(dāng)支架從左向右回?cái)[時(shí),A處小球能回到起始高度 解析 因A處小球質(zhì)量大,位置高,所以圖中所示三角支架處于不穩(wěn)定狀態(tài),釋放后支架就會(huì)向左擺動(dòng).?dāng)[動(dòng)過(guò)程中只有小球受到的重力做功,故系統(tǒng)的機(jī)械能守恒,B、D正確;設(shè)支架邊長(zhǎng)是L,則A處小球到最低點(diǎn)時(shí)小球下落的高度為L(zhǎng),B處小球上升的高度也是L,但A處小球的質(zhì)量比B處小球的大,故有mgL的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能,因而此時(shí)A處小球的速度不為0,A錯(cuò)誤;當(dāng)A處小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)有向左運(yùn)動(dòng)的速度,還要繼續(xù)向左擺,B處小球仍要繼續(xù)上升,因此B處小球能達(dá)到的最高位置比A處小球的最高位置還要高,C正確. 答案 BCD 9.將一小球從高處水平拋出,最初2 s內(nèi)小球動(dòng)能Ek隨時(shí)間t變化的圖象如圖8所示,不計(jì)空氣阻力,取g=10 m/s2.根據(jù)圖象信息,不能確定的物理量是 ( ). 圖8 A.小球的質(zhì)量 B.小球的初速度 C.最初2 s內(nèi)重力對(duì)小球做功的平均功率 D.小球拋出時(shí)的高度 解析 由mv=5 J和機(jī)械能守恒:30 J-5 J=mgh,結(jié)合h=gt2=g22=20 m,解得:m= kg,v0=4 m/s.最初2 s內(nèi)重力對(duì)小球做功的平均功率==12.5 W.小球拋出時(shí)的高度無(wú)法確定,故應(yīng)選D. 答案 D 10.如圖9所示,兩個(gè)豎 直圓弧軌道固定在同一水平地面上,半徑R相同,左側(cè)軌道由金屬凹槽制成,右側(cè)軌道由金屬圓管制成,均可視為光滑.在兩軌道右側(cè)的正上方分別將金屬小球A和B由靜止釋放,小球距離地面的高度分別為hA和hB,下列說(shuō)法正確的是( ). 圖9 A.若使小球A沿軌道運(yùn)動(dòng)并且從最高點(diǎn)飛出,釋放的最小高度為 B.若使小球B沿軌道運(yùn)動(dòng)并且從最高點(diǎn)飛出,釋放的最小高度為 C.適當(dāng)調(diào)整hA,可使A球從軌道最高點(diǎn)飛出后,恰好落在軌道右端口處 D.適當(dāng)調(diào)整hB,可使B球從軌道最高點(diǎn)飛出后,恰好落在軌道右端口處 解析 小球A從最高點(diǎn)飛出的最小速度vA=,由機(jī)械能守恒,mghA=2mgR+mv,則hA=,A選項(xiàng)正確;小球B從最高點(diǎn)飛出的最小速度vB=0,由機(jī)械能守恒,mghB=2mgR,釋放的最小高度hB=2R,B選項(xiàng)錯(cuò)誤;要使小球A或B從軌道最高點(diǎn)飛出后,恰好落在軌道右端口處,R=v0t,R=gt2,則v0= ,而A的最小速度vA=>v0,A球不可能落在軌道右端口處,B球可能,C選項(xiàng)錯(cuò)誤、D選項(xiàng)正確. 答案 AD 11.山地滑雪是人們喜愛(ài)的一項(xiàng)體育運(yùn)動(dòng),一滑雪坡 由AB和BC組成,AB 是傾角為37的斜坡,BC是半徑為R=5 m的圓弧面,圓弧面和斜面相切于B,與水平面相切于C,如圖10所示,AB豎直高度差h=8.8 m,運(yùn)動(dòng)員連同滑雪裝備總質(zhì)量為80 kg,從A點(diǎn)由靜止滑下通過(guò)C點(diǎn)后飛落(不計(jì)空氣阻力和摩擦阻力,g取10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8).求: 圖10 (1)運(yùn)動(dòng)員到達(dá)C點(diǎn)的速度大??; (2)運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)軌道受到的壓力大?。? 解析 (1)由A→C過(guò)程,應(yīng)用機(jī)械能守恒定律得: mg(h+Δh)=mv,又Δh=R(1-cos 37), 可解得:vC=14 m/s. (2)在C點(diǎn),由牛頓第二定律得: FC-mg=m 解得:FC=3 936 N. 由牛頓第三定律知,運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為3 936 N. 答案 (1)14 m/s (2)3 936 N 12.光滑曲面軌道置于高度為H=1.8 m的平臺(tái)上,其末端切線水平;另有一長(zhǎng)木板兩端分別擱在軌道末端點(diǎn)和水平地面間,構(gòu)成傾角為θ=37的斜面,如圖11所示.一個(gè)可視作質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=1 kg的小球,從光滑曲面上由靜止開(kāi)始下滑(不計(jì)空氣阻力,g取10 m/s2,sin 37≈0.6,cos 37≈0.8) 圖11 (1)若小球從高h(yuǎn)=0.2 m處下滑,則小球離開(kāi)平臺(tái)時(shí)速度v0的大小是多少? (2)若小球下滑后正好落在木板的末端,則釋放小球的高度h為多大? (3)試推導(dǎo)小球下滑后第一次撞擊木板時(shí)的動(dòng)能與它下滑高度h的關(guān)系表達(dá)式,并在圖12中作出Ekh圖象. 圖12 解析 (1)小球從曲面上滑下,只有重力做功,由機(jī)械能守恒定律知:mgh=mv ① 得v0== m/s=2 m/s. (2)小球離開(kāi)平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng),小球正好落在木板的末端,則H=gt2 ② =v1t ③ 聯(lián)立②③兩式得:v1=4 m/s 設(shè)釋放小球的高度為h1,則由mgh1=mv 得h1==0.8 m. (3)由機(jī)械能守恒定律可得:mgh=mv2 小球由離開(kāi)平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng),可看做水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng),則:y=gt2 ④ x=vt ⑤ tan 37= ⑥ vy=gt ⑦ v=v2+v ⑧ Ek=mv ⑨ mgh=mv2 ⑩ 由④⑤⑥⑦⑧⑨⑩式得:Ek=32.5h 考慮到當(dāng)h>0.8 m時(shí)小球不會(huì)落到斜面上,其圖象如圖所示 答案 (1)2 m/s (2)0.8 m (3)Ek=32.5h 圖象見(jiàn)解析- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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