《2019-2020年高考物理復(fù)習(xí) 第6章 第1課時(shí) 電荷守恒定律 庫(kù)侖定律訓(xùn)練題（含解析） 新人教版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020年高考物理復(fù)習(xí) 第6章 第1課時(shí) 電荷守恒定律 庫(kù)侖定律訓(xùn)練題（含解析） 新人教版.doc（16頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
2019-2020年高考物理復(fù)習(xí) 第6章 第1課時(shí) 電荷守恒定律 庫(kù)侖定律訓(xùn)練題（含解析） 新人教版
考點(diǎn)內(nèi)容
要求
考綱解讀
物質(zhì)的電結(jié)構(gòu)、電荷守恒
Ⅰ
1.多個(gè)電荷庫(kù)侖力的平衡和場(chǎng)強(qiáng)疊加問(wèn)題．
2．利用電場(chǎng)線和等勢(shì)面確定場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向，判斷電勢(shì)高低、電場(chǎng)力變化、電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能的變化等．
3．帶電體在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的平衡問(wèn)題及其他變速運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題．
4．對(duì)平行板電容器電容決定因素的理解，解決兩類(lèi)有關(guān)動(dòng)態(tài)變化的問(wèn)題．
5．分析帶電粒子在電場(chǎng)中的加速和偏轉(zhuǎn)問(wèn)題．
6．示波管、靜電除塵等在日常生活和科學(xué)技術(shù)中的應(yīng)用.
靜電現(xiàn)象的解釋
Ⅰ
點(diǎn)電荷
Ⅰ
庫(kù)侖定律
Ⅱ
靜電場(chǎng)
Ⅰ
電場(chǎng)強(qiáng)度、點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)
Ⅱ
電場(chǎng)線
Ⅰ
電勢(shì)能、電勢(shì)
Ⅰ
電勢(shì)差
Ⅱ
勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系
Ⅰ
帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)
Ⅱ
示波管
Ⅰ
常用的電容器
Ⅰ
電容器的電壓、電荷量和電容的關(guān)系
Ⅰ
(1)內(nèi)容：真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力，與它們的電荷量的乘積成正比，與它們的距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上．
(2)公式：F＝k，其中比例系數(shù)k叫做靜電力常量，k＝9.0109 Nm2/C2.
(3)適用條件：①真空中；②點(diǎn)電荷．
5．[庫(kù)侖力作用下的共線、平衡問(wèn)題]兩個(gè)可自由移動(dòng)的點(diǎn)電荷分別放在
A、B兩處，如圖3所示．A處電荷帶正電荷量Q1，B處電荷帶負(fù)電荷
量Q2，且Q2＝4Q1，另取一個(gè)可以自由移動(dòng)的點(diǎn)電荷Q3，放在AB直 圖3
線上，欲使整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則 ( )
A．Q3為負(fù)電荷，且放于A左方
B．Q3為負(fù)電荷，且放于B右方
C．Q3為正電荷，且放于A、B之間
D．Q3為正電荷，且放于B右方
答案 A
解析 因?yàn)槊總€(gè)電荷都受到其余兩個(gè)電荷的庫(kù)侖力作用，且已知Q1和Q2是異種電荷，對(duì)Q3的作用力一為引力，一為斥力，所以Q3要平衡就不能放在A、B之間．根據(jù)庫(kù)侖定律知，由于B處的電荷Q2電荷量較大，Q3應(yīng)放在離Q2較遠(yuǎn)而離Q1較近的地方才有可能處于平衡，故應(yīng)放在Q1的左側(cè)．要使Q1和Q2也處于平衡狀態(tài)，Q3必須帶負(fù)電，故應(yīng)選A.
6．[應(yīng)用力學(xué)方法解決含庫(kù)侖力的平衡問(wèn)題]兩個(gè)質(zhì)量分別是
m1、m2的小球，各用絲線懸掛在同一點(diǎn)，當(dāng)兩球分別帶
同種電荷，且電荷量分別為q1、q2時(shí)，兩絲線張開(kāi)一定
的角度θ1、θ2，如圖4所示，此時(shí)兩個(gè)小球處于同一水平
面上，則下列說(shuō)法正確的是 ( ) 圖4
A．若m1>m2，則θ1>θ2
B．若m1＝m2，則θ1＝θ2
C．若m1
θ2
D．若q1＝q2，則θ1＝θ2
答案 BC
解析 以m1為研究對(duì)象，對(duì)m1受力分析如圖所示
由共點(diǎn)力平衡得
FTsin θ1＝F庫(kù) ①
FTcos θ1＝m1g ②
由得tan θ1＝，同理tan θ2＝，因?yàn)椴徽搎1、q2大小如何，兩帶電小球所受庫(kù)侖力屬于作用力與反作用力，永遠(yuǎn)相等，故從tan θ＝知，m大，則tan θ小，θ亦小，m相等，θ亦相等，故B、C正確．
方法提煉
1．三個(gè)自由點(diǎn)電荷僅在它們系統(tǒng)的靜電力作用下處于平衡狀態(tài)時(shí)，滿足的規(guī)律是：兩同夾異、兩大夾小、近小遠(yuǎn)大(中間電荷靠近電荷量較小的端電荷)．
2．庫(kù)侖力參與下的共點(diǎn)力平衡問(wèn)題：分析方法與力學(xué)問(wèn)題相同，只是多了一個(gè)庫(kù)侖力而己，可以用正交分解法，也可以用矢量三角形法．
考點(diǎn)一 靜電現(xiàn)象及電荷守恒定律
1．使物體帶電的三種方法及其實(shí)質(zhì)
摩擦起電、感應(yīng)起電和接觸帶電是使物體帶電的三種方法，它們的實(shí)質(zhì)都是電荷的轉(zhuǎn)移．而實(shí)現(xiàn)電荷轉(zhuǎn)移的動(dòng)力是同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引．
2．驗(yàn)電器與靜電計(jì)的結(jié)構(gòu)與原理
玻璃瓶?jī)?nèi)有兩片金屬箔，用金屬絲掛在一根導(dǎo)體棒的下端，棒的上端通過(guò)瓶塞從瓶口伸出(如圖5甲所示)．如果把金屬箔換成指針，并用金屬做外殼，這樣的驗(yàn)電器又叫靜電計(jì)(如圖乙所示)．注意金屬外殼與導(dǎo)體棒之間是絕緣的．
不管是靜電計(jì)的指針還是驗(yàn)電器的箔片，它們張開(kāi)角度的原因都是同種電荷相互排斥的結(jié)果．
圖5
例1 使帶電的金屬球靠近不帶電的驗(yàn)電器，驗(yàn)電器的箔片張開(kāi)．下列各圖表示驗(yàn)電器上感應(yīng)電荷的分布情況，其中正確的是 ( )
解析 由于靜電感應(yīng)，當(dāng)帶電的金屬球靠近不帶電的驗(yàn)電器時(shí)，驗(yàn)電器達(dá)到靜電平衡，近端(靠近金屬球端)感應(yīng)出異種電荷，遠(yuǎn)端(金屬箔片)感應(yīng)出同種電荷，只有B正確．
答案 B
突破訓(xùn)練1 把兩個(gè)完全相同的金屬球A和B接觸一下，再分開(kāi)一段距離，發(fā)現(xiàn)兩球之間互相排斥，則A、B兩球原來(lái)的帶電情況可能是 ( )
A．帶等量異種電荷 B．帶等量同種電荷
C．帶不等量異種電荷 D．一個(gè)帶電，另一個(gè)不帶電
答案 BCD
解析 兩球接觸后所帶總電荷量等于原來(lái)各自帶電荷量的代數(shù)和，每個(gè)球所帶電荷量為總電荷量的一半．因此只要兩球原來(lái)不帶等量異種電荷，則總電荷量不為零，分開(kāi)后兩球就帶同種電荷，有相互作用的斥力．
考點(diǎn)二 對(duì)庫(kù)侖定律的理解和應(yīng)用
庫(kù)侖定律的適用條件是真空中的靜止點(diǎn)電荷．點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型，當(dāng)帶電體間的距離遠(yuǎn)大于帶電體的自身大小時(shí)，可以視其為點(diǎn)電荷而適用庫(kù)侖定律，否則不能適用．
例2 如圖6所示，兩個(gè)質(zhì)量均為m的完全相同的金屬球殼a與b，
其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，將它們固定于絕緣支架上，兩球
心間的距離為l，為球殼外半徑r的3倍．若使它們帶上等量異種
電荷，使其所帶電荷量的絕對(duì)值均為Q，那么a、b兩球之間的 圖6
萬(wàn)有引力F1與庫(kù)侖力F2為 ( )
A．F1＝G，F(xiàn)2＝k
B．F1≠G，F(xiàn)2≠k
C．F1≠G，F(xiàn)2＝k
D．F1＝G，F(xiàn)2≠k
解析 雖然兩球心間的距離l只有其外半徑r的3倍，但由于其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，兩球殼可看做質(zhì)量集中于球心的質(zhì)點(diǎn)，因此，可以應(yīng)用萬(wàn)有引力定律；而本題中由于a、b兩球殼所帶異種電荷相互吸引，使它們各自的電荷分布不均勻，即相互靠近的一側(cè)電荷分布比較密集，又因兩球心間的距離l只有其外半徑r的3倍，不滿足l遠(yuǎn)大于r的要求，故不能將兩帶電球殼看成點(diǎn)電荷，所以不能應(yīng)用庫(kù)侖定律，D正確．
答案 D
突破訓(xùn)練2 兩個(gè)分別帶有電荷量－Q和＋3Q的相同金屬小球(均可視為點(diǎn)電荷)，固定在相距為r的兩處，它們間庫(kù)侖力的大小為F.兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?，則兩球間庫(kù)侖力的大小為 ( )
A.F B.F C.F D．12F
答案 C
解析 由庫(kù)侖定律知，F(xiàn)＝＝，兩小球接觸后電荷量先中和再平分，使得兩小球帶電荷量均為Q，此時(shí)的庫(kù)侖力F′＝＝＝F.
考點(diǎn)三 庫(kù)侖力作用下的平衡問(wèn)題及動(dòng)力學(xué)問(wèn)題
例3 如圖7所示，懸掛在O點(diǎn)的一根不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線下端有
一個(gè)帶電荷量不變的小球A.在兩次實(shí)驗(yàn)中，均緩慢移動(dòng)另一帶同
種電荷的小球B.當(dāng)B到達(dá)懸點(diǎn)O的正下方并與A在同一水平線
上，A處于受力平衡時(shí)，懸線偏離豎直方向的角度為θ.若兩次實(shí)
驗(yàn)中B的電荷量分別為q1和q2，θ分別為30和45，則為( ) 圖7
A．2 B．3 C．2 D．3
解析 對(duì)A受力分析如圖所示，由庫(kù)侖定律得
F＝k；
又r＝lsin θ，F(xiàn)＝Gtan θ
由以上各式可解得
qB＝，
因G、l、qA、k不變，則
＝＝2.故C正確．
答案 C
處理點(diǎn)電荷的平衡問(wèn)題及動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的方法
1.確定研究對(duì)象．如果有幾個(gè)物體相互作用時(shí)，要依據(jù)題意，適當(dāng)選
取“整體法”或“隔離法”；
2．對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，多了庫(kù)侖力(F＝)；
3．列平衡方程(F合＝0或Fx＝0，F(xiàn)y＝0)．
突破訓(xùn)練3 如圖8所示，水平光滑的絕緣細(xì)管中，兩相同的帶電
金屬小球相向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)相距L時(shí)，加速度大小均為a，已知A球 圖8
帶電荷量為＋q，B球帶電荷量為－3q.當(dāng)兩球相碰后再次相距為L(zhǎng)時(shí)，兩球加速度大小為多大？
答案 a a
解析 設(shè)兩球的質(zhì)量均為m，開(kāi)始兩球相距L時(shí)，庫(kù)侖力大小為
F＝＝，則a＝＝ ①
相碰后兩球電荷量先中和，后平分，所以帶電荷量均為－q，兩球再次相距為L(zhǎng)時(shí)，庫(kù)侖力F′＝，則兩球加速度均為a′＝＝ ②
由①②式得a′＝a.
30．挖掘隱含條件，解決庫(kù)侖力作用下的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題
解析 設(shè)小球在最高點(diǎn)時(shí)的速度為v1，根據(jù)牛頓第二定律有mg－＝m①（2分）
設(shè)當(dāng)小球在最低點(diǎn)時(shí)的速度為v2，管壁對(duì)小球的作用力為F，根據(jù)牛頓第二定律有F－mg－＝m ②（2分）
小球從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中只有重力做功，故機(jī)械能守恒．則mv＋mg2R＝
mv ③（2分）
由①②③式解得F＝6mg （1分）
由牛頓第三定律得球?qū)鼙诘淖饔昧′＝F＝6mg. （1分）
答案 6mg
在審題過(guò)程中，不但要了解題目所描述的是什 么物理現(xiàn)象，
物理過(guò)程如何，求解什么問(wèn)題，更重要的是要對(duì)題目文字和圖象的關(guān)鍵之
處仔細(xì)領(lǐng)會(huì)，從中獲取有效信息，即所謂要挖掘題目中的隱含條件．對(duì)有些物理
問(wèn)題，能否快速正確地挖掘隱含條件可成為解題的關(guān)鍵．本題中“細(xì)管截面半徑
遠(yuǎn)小于半徑R”表明小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑就是R；“小球在最高點(diǎn)時(shí)恰好對(duì)細(xì)
管無(wú)作用力”表明在最高點(diǎn)時(shí)小球所需向心力由重力和庫(kù)侖力二力的合力提供．
另外，有庫(kù)侖力參與的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題與牛頓運(yùn)動(dòng)定律中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題本質(zhì)上是相同
的，值得注意的兩點(diǎn)是：(1)列方程時(shí)，注意庫(kù)侖力的方向，如本題中在最高點(diǎn)時(shí)
向上，在最低點(diǎn)時(shí)向下；(2)本題中，庫(kù)侖力總與速度方向垂直，庫(kù)侖力不做功．
突破訓(xùn)練4 如圖10所示，帶正電的甲球固定在足夠大的光滑絕緣
水平面上的A點(diǎn)，其帶電荷量為Q；質(zhì)量為m、帶正電的乙球在
水平面上的B點(diǎn)由靜止釋放，其帶電荷量為q；A、B兩點(diǎn)間的距 圖10
離為l0.釋放后的乙球除受到甲球的靜電力作用外，還受到一個(gè)大小為F＝k(k為靜電
力常量)、方向指向甲球的恒力作用，兩球均可視為點(diǎn)電荷．
(1)求乙球在釋放瞬間的加速度大??；
(2)求乙球的速度最大時(shí)兩個(gè)電荷間的距離；
(3)請(qǐng)定性地描述乙球在釋放后的運(yùn)動(dòng)情況(說(shuō)明速度的大小及運(yùn)動(dòng)方向的變化情況)．
答案 見(jiàn)解析
解析 (1)對(duì)乙球，由牛頓第二定律得：k－F＝ma，
解得：a＝
(2)當(dāng)乙球所受的合力為零，即庫(kù)侖力大小與恒力F相等時(shí)，乙球的加速度為零，速度最大，設(shè)此時(shí)兩電荷間的距離為x，
則有：k＝k，
解得：x＝2l0
(3)乙球先做遠(yuǎn)離甲球的運(yùn)動(dòng)，速度先增大后減小，然后又反向做速度先增大后減小的運(yùn)動(dòng)，返回到釋放點(diǎn)B后，再重復(fù)前面的運(yùn)動(dòng)，之后就在B點(diǎn)和最遠(yuǎn)端之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)．
高考題組
1．(xx浙江理綜19)用金屬箔做成一個(gè)不帶電的圓環(huán)，放在干燥的
絕緣桌面上．小明同學(xué)用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆
套自上而下慢慢靠近圓環(huán)，當(dāng)距離約為0.5 cm時(shí)圓環(huán)被吸引到筆
套上，如圖11所示．對(duì)上述現(xiàn)象的判斷與分析，下列說(shuō)法正確的 圖11
是 ( )
A．摩擦使筆套帶電
B．筆套靠近圓環(huán)時(shí)，圓環(huán)上、下部感應(yīng)出異號(hào)電荷
C．圓環(huán)被吸引到筆套的過(guò)程中，圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力
D．筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷立刻被全部中和
答案 ABC
解析 筆套與頭發(fā)摩擦后，能夠吸引圓環(huán)，說(shuō)明筆套上帶了電荷，即摩擦使筆套帶電，選項(xiàng)A正確；筆套靠近圓環(huán)時(shí)，由于靜電感應(yīng)，會(huì)使圓環(huán)上、下部感應(yīng)出異號(hào)電荷，選項(xiàng)B正確；圓環(huán)被吸引到筆套的過(guò)程中，是由于圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)所受的重力，故選項(xiàng)C正確；筆套接觸到圓環(huán)后，筆套上的部分電荷轉(zhuǎn)移到圓環(huán)上，使圓環(huán)帶上相同性質(zhì)的電荷，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．
2．(xx上海單科16)如圖12，在水平面上的箱子內(nèi)，帶異種電荷的
小球a、b用絕緣細(xì)線分別系于上、下兩邊，處于靜止?fàn)顟B(tài)．地面
受到的壓力為N，球b所受細(xì)線的拉力為F.剪斷連接球b的細(xì)線
后，在球b上升過(guò)程中地面受到的壓力 ( ) 圖12
A．小于N B．等于N
C．等于N＋F D．大于N＋F
答案 D
解析 剪斷連接球b的細(xì)線后，b球會(huì)向上加速，造成兩球之間的靜電力F電增大，設(shè)箱子質(zhì)量為M，剪斷前由整體法有N＝Mg＋mag＋mbg，F(xiàn)電＝mbg＋F.剪斷后對(duì)箱和a球有N′＝Mg＋mag＋F電′＝N－mbg＋F電′，由于F電′>F電，所以N′>N＋F，故選D.
3．(xx海南3)三個(gè)相同的金屬小球1、2、3分別置于絕緣支架上，各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑．球1的帶電荷量為q，球2的帶電荷量為nq，球3不帶電且離球1和球2很遠(yuǎn)，此時(shí)球1、2之間作用力的大小為F.現(xiàn)使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠(yuǎn)處，此時(shí)1、2之間作用力的大小仍為F，方向不變．由此可知( )
A．n＝3 B．n＝4 C．n＝5 D．n＝6
答案 D
解析 根據(jù)庫(kù)侖定律，球3未與球1、球2接觸前，球1、2間的庫(kù)侖力F＝k，三個(gè)金屬小球相同，接觸后電荷量均分，球3與球2接觸后，球2和球3的帶電荷量q2＝q3＝，球3再與球1接觸后，球1的帶電荷量q1＝＝，此時(shí)1、2間的作用力F′＝k＝k，由題意知F′＝F，即n＝，解得n＝6.故D正確．
模擬題組
4．如圖13所示，兩個(gè)電荷量均為＋q的小球用長(zhǎng)為l的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩
連接，靜止在光滑的絕緣水平面上．兩個(gè)小球的半徑r?l，k表示 圖13
靜電力常量．則輕繩的張力大小為 ( )
A．0 B. C. D.
答案 B
解析 輕繩的張力大小等于兩個(gè)帶電小球之間的庫(kù)侖力，由庫(kù)侖定律知，F(xiàn)＝，B正確．
5．如圖14甲所示，直線上固定兩個(gè)正點(diǎn)電荷A與B，其中B帶＋Q的電荷量，C、D兩點(diǎn)將AB連線三等分．現(xiàn)使一個(gè)帶負(fù)電的粒子從C點(diǎn)開(kāi)始以某一速度向右運(yùn)動(dòng)，不計(jì)粒子的重力，并且已知該負(fù)電荷在CD間運(yùn)動(dòng)的速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示，則A點(diǎn)電荷的帶電荷量為 ( )
圖14
A．＋Q B．＋2Q C．＋3Q D．＋4Q
答案 D
解析 根據(jù)v－t圖象可知，該負(fù)電荷在CD間運(yùn)動(dòng)的速度逐漸減小，到D點(diǎn)時(shí)速度減為零，加速度為零，合外力也為零，根據(jù)庫(kù)侖定律及平衡條件有k＝k，代入數(shù)據(jù)，可得QA＝＋4Q，選項(xiàng)D正確．
(限時(shí)：30分鐘)
?題組1 物體帶電的實(shí)質(zhì)和電荷守恒定律的應(yīng)用
1．關(guān)于電現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是 ( )
A．感應(yīng)起電是利用靜電感應(yīng)，使電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到物體的另一部分的過(guò)程
B．帶電現(xiàn)象的本質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，中性物體得到多余電子就一定帶負(fù)電，失去電子就一定帶正電
C．摩擦起電是普遍存在的現(xiàn)象，相互摩擦的兩個(gè)物體總是同時(shí)帶等量異種電荷
D．當(dāng)一種電荷出現(xiàn)時(shí)，必然有等量異種電荷出現(xiàn)，當(dāng)一種電荷消失時(shí)，必然有等量異種電荷同時(shí)消失
答案 ABD
解析 感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，而摩擦起電是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，但相互摩擦的兩個(gè)物體總是帶等量異種電荷，故A正確，C錯(cuò)誤；由電荷守恒定律可知D正確；中性物體得到多余電子帶負(fù)電，失去電子帶正電，B正確．
2．如圖1所示，左邊是一個(gè)原來(lái)不帶電的導(dǎo)體，右邊C是后來(lái)靠近的
帶正電的導(dǎo)體球，若 用絕緣工具沿圖示某條虛線將導(dǎo)體切開(kāi)，
分導(dǎo)體為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的數(shù)值分別為QA、
QB，則下列結(jié)論正確的是 ( ) 圖1
A．沿虛線d切開(kāi)，A帶負(fù)電，B帶正電，且QA>QB
B．只有沿虛線b切開(kāi)，才有A帶正電，B帶負(fù)電，且QA＝QB
C．沿虛線a切開(kāi)，A帶正電，B帶負(fù)電，且QA
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2019-2020年高考物理復(fù)習(xí)
第6章
第1課時(shí)
電荷守恒定律
庫(kù)侖定律訓(xùn)練題含解析
新人教版
2019
2020
年高
物理
復(fù)習(xí)
課時(shí)
電荷
守恒定律
庫(kù)侖定律
訓(xùn)練
解析
新人
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2019-2020年高考物理復(fù)習(xí) 第6章 第1課時(shí) 電荷守恒定律 庫(kù)侖定律訓(xùn)練題（含解析） 新人教版.doc
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