《中考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 第三章 函數(shù) 第五節(jié) 二次函數(shù)的簡單綜合題 課時(shí)2 二次函數(shù)與幾何圖形綜合同步訓(xùn)練.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《中考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 第三章 函數(shù) 第五節(jié) 二次函數(shù)的簡單綜合題 課時(shí)2 二次函數(shù)與幾何圖形綜合同步訓(xùn)練.doc（15頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課時(shí)2　二次函數(shù)與幾何圖形綜合 姓名：________　班級：________　限時(shí)：______分鐘 角度問題 1．(xx廣東省卷)如圖，已知頂點(diǎn)為C(0，－3)的拋物線y＝ax2＋b(a≠0)與x軸交于A、B兩點(diǎn)，直線y＝x＋m過頂點(diǎn)C和點(diǎn)B. (1)求m的值； (2)求函數(shù)y＝ax2＋b(a≠0)的解析式； (3)拋物線上是否存在點(diǎn)M，使得∠MCB＝15？若存在，求出點(diǎn)M的坐標(biāo)；若不存在，請說明理由． 2．(xx天津)在平面直角坐標(biāo)系中，點(diǎn)O(0，0)，點(diǎn)A(1，0)．已知拋物線y＝x2＋mx－2m(m是常數(shù))．頂點(diǎn)為P. (Ⅰ)當(dāng)拋物線經(jīng)過點(diǎn)A時(shí)，求頂點(diǎn)P的坐標(biāo)； (Ⅱ)若點(diǎn)P在x軸下方，當(dāng)∠AOP＝45時(shí)，求拋物線對應(yīng)的函數(shù)解析式； (Ⅲ)無論m取何值，該拋物線都經(jīng)過定點(diǎn)H，當(dāng)∠AHP＝45時(shí)，求拋物線對應(yīng)的函數(shù)解析式． 面積問題 3．(xx黃岡)已知直線l：y＝kx＋1與拋物線y＝x2－4x. (1)求證：直線l與該拋物線總有兩個(gè)交點(diǎn)； (2)設(shè)直線l與該拋物線兩交點(diǎn)為A，B，O為原點(diǎn)，當(dāng)k＝－2時(shí)，求△OAB的面積． 4．(xx陜西)已知拋物線L：y＝x2＋x－6與x軸相交于A、B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè))，并與y軸相交于點(diǎn)C. (1)求A、B、C三點(diǎn)的坐標(biāo)，并求△ABC的面積； (2)將拋物線L向左或向右平移，得到拋物線L′，且L′與x軸相交于A′、B′兩點(diǎn)(點(diǎn)A′在點(diǎn)B′的左側(cè))，并與y軸相交于點(diǎn)C′，要使△A′B′C′和△ABC的面積相等，求所有滿足條件的拋物線的函數(shù)表達(dá)式． 5．(xx廈門質(zhì)檢)已知二次函數(shù)y＝ax2＋bx＋t－1，t＜0. (1)當(dāng)t＝－2時(shí)， ①若二次函數(shù)圖象經(jīng)過點(diǎn)(1，－4)，(－1，0)，求a，b的值； ②若2a－b＝1，對于任意不為零的實(shí)數(shù)a，是否存在一條直線y＝kx＋p(k≠0)，始終與函數(shù)圖象交于不同的兩點(diǎn)？若存在，求出該直線的表達(dá)式；若不存在，請說明理由． (2)若點(diǎn)A(－1，t)，B(m，t－n)(m＞0，n＞0)是二次函數(shù)圖象上的兩點(diǎn)，且S△AOB＝n－2t，當(dāng)－1≤x≤m時(shí)，點(diǎn)A是該函數(shù)圖象的最高點(diǎn)，求a的取值范圍． 特殊三角形存在性問題 6．(xx山西)綜合與探究 如圖，拋物線y＝x2－x－4與x軸交于A，B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè))，與y軸交于點(diǎn)C，連接AC，BC.點(diǎn)P是第四象限內(nèi)拋物線上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m，過點(diǎn)P作PM⊥x軸，垂足為點(diǎn)M，PM交BC于點(diǎn)Q，過點(diǎn)P作PE∥AC交x軸于點(diǎn)E，交BC于點(diǎn)F. (1)求A，B，C三點(diǎn)的坐標(biāo)； (2)試探究在點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的過程中，是否存在這樣的點(diǎn)Q，使得以A，C，Q為頂點(diǎn)的三角形是等腰三角形．若存在，請直接寫出此時(shí)點(diǎn)Q的坐標(biāo)；若不存在，請說明理由； (3)請用含m的代數(shù)式表示線段QF的長，并求出m為何值時(shí)QF有最大值． 7．(xx河南)如圖，拋物線y＝ax2＋6x＋c交x軸于A，B兩點(diǎn)，交y軸于點(diǎn)C，直線y＝x－5經(jīng)過點(diǎn)B，C. (1)求拋物線的解析式； (2)過點(diǎn)A的直線交直線BC于點(diǎn)M. ①當(dāng)AM⊥BC時(shí)，過拋物線上一動(dòng)點(diǎn)P(不與點(diǎn)B，C重合)，作直線AM的平行線交直線BC于點(diǎn)Q，若以點(diǎn)A，M，P，Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形，求點(diǎn)P的橫坐標(biāo)； ②連接AC，當(dāng)直線AM與直線BC的夾角等于∠ACB的2倍時(shí)，請直接寫出點(diǎn)M的坐標(biāo)． 第7題圖 備用圖 8．(xx泉州質(zhì)檢)已知：二次函數(shù)y＝ax2＋bx＋c(a≠0)的圖象與x軸交于點(diǎn)A、B(－3，0)，頂點(diǎn)為C(－1，－2)． (Ⅰ)求該二次函數(shù)的解析式； (Ⅱ)如圖，過A，C兩點(diǎn)作直線，并將線段AC沿該直線向上平移，記點(diǎn)A，C分別平移到點(diǎn)D，E處，若點(diǎn)F在這個(gè)二次函數(shù)的圖象上，且△DEF是以EF為斜邊的等腰直角三角形，求點(diǎn)F的坐標(biāo)； (Ⅲ)試確定實(shí)數(shù)p，q的值，使得當(dāng)p≤x≤q時(shí)，p≤y≤. 參考答案 1．解： (1)將(0，－3)代入y＝x＋m，得m＝－3. (2)將y＝0代入y＝x－3，得x＝3. ∴B(3，0)． 將(0，－3)，(3，0)分別代入y＝ax2＋b， 得，解得∴y＝x2－3. (3)存在，分以下兩種情況： ①若M在BC上方，設(shè)MC交x軸于點(diǎn)D， 則∠ODC＝45＋15＝60. ∴OD＝OCtan30＝. 設(shè)直線DC為y＝kx－3，代入(，0)，得k＝. 聯(lián)立方程組解得 ∴M1(3，6)． ②若M在BC下方，設(shè)MC交x軸于點(diǎn)E， 則∠OEC＝45－15＝30， ∴OE＝OCtan60＝3. 設(shè)直線EC為y＝kx－3，代入(3，0)，得k＝. 聯(lián)立方程組解得 ∴M2(，－2)． 綜上所述，M的坐標(biāo)為(3，6)或(，－2)． 2．解： (Ⅰ)∵拋物線y＝x2＋mx－2m經(jīng)過點(diǎn)A(1，0)， ∴0＝1＋m－2m，解得m＝1. ∴拋物線對應(yīng)的函數(shù)解析式為y＝x2＋x－2. ∵化為頂點(diǎn)式為y＝(x＋)2－. ∴頂點(diǎn)P的坐標(biāo)為(－，－)． (Ⅱ)拋物線y＝x2＋mx－2m的頂點(diǎn)P的坐標(biāo)為(－，－)． 由點(diǎn)A(1，0)在x軸正半軸上，點(diǎn)P在x軸下方， ∠AOP＝45， 過點(diǎn)P作PQ⊥x軸于點(diǎn)Q，則∠POQ＝∠OPQ＝45， 可知PQ＝OQ，即＝－， 解得m1＝0，m2＝－10. 當(dāng)m＝0時(shí)，點(diǎn)P不在第四象限，舍去． ∴m＝－10. ∴拋物線對應(yīng)的函數(shù)解析式為y＝x2－10x＋20. (Ⅲ)由y＝x2＋mx－2m＝(x－2)m＋x2可知， 當(dāng)x＝2時(shí)，無論m取何值，y都等于4. 得點(diǎn)H的坐標(biāo)為(2，4)． 過點(diǎn)A作AD⊥AH，交射線HP于點(diǎn)D，分別過點(diǎn)D，H作x軸的垂線，垂足分別為E，G，則∠DEA＝∠AGH＝90， ∵∠DAH＝90，∠AHD＝45， ∴∠ADH＝45，∴AH＝AD. ∵∠DAE＋∠HAG＝∠AHG＋∠HAG＝90， ∴∠DAE＝∠AHG. ∴△ADE≌△HAG. ∴DE＝AG＝1，AE＝HG＝4. 可得點(diǎn)D的坐標(biāo)為(－3，1)或(5，－1)． ①當(dāng)點(diǎn)D的坐標(biāo)為(－3，1)時(shí)， 可得直線DH的解析式為y＝x＋. ∵點(diǎn)P(－，－)在直線y＝x＋上， ∴－＝(－)＋， 解得m1＝－4，m2＝－.　 當(dāng)m＝－4時(shí)，點(diǎn)P與點(diǎn)H重合，不符合題意， ∴m＝－. ②當(dāng)點(diǎn)D的坐標(biāo)為(5，－1)時(shí)， 可得直線DH的解析式為y＝－x＋. ∵點(diǎn)P(－，－)在直線y＝－x＋上， ∴－＝－(－)＋， 解得m1＝－4(舍)，m2＝－. ∴m＝－. 綜上，m＝－或－. 故拋物線解析式為y＝x2－x＋或y＝x2－x＋. 3．(1)證明：聯(lián)立 化簡可得：x2－(4＋k)x－1＝0， ∵Δ＝(4＋k)2＋4＞0， ∴直線l與該拋物線總有兩個(gè)交點(diǎn)； (2)解：當(dāng)k＝－2時(shí)，∴y＝－2x＋1， 過點(diǎn)A作AF⊥x軸于F，過點(diǎn)B作BE⊥x軸于E，如解圖． ∴聯(lián)立 解得：或 ∴A(1－，2－1)，B(1＋，－1－2)． ∴AF＝2－1，BE＝1＋2. 易求得：直線y＝－2x＋1與x軸的交點(diǎn)C為(，0)． ∴OC＝. ∴S△AOB＝S△AOC＋S△BOC ＝OCAF＋OCBE ＝OC(AF＋BE) ＝(2－1＋1＋2) ＝. 4．解： (1)令y＝0，得x2＋x－6＝0. 解得x＝－3或x＝2. ∴A(－3，0)，B(2，0)． 令x＝0，得y＝－6. ∴C(0，－6)． ∴AB＝5，OC＝6. ∴S△ABC＝ABOC＝56＝15. (2)由題意，得A′B′＝AB＝5. 要使S△A′B′C′＝S△ABC，只要拋物線L′與y軸交點(diǎn)為C′(0，－6)或C′(0，6)即可． 設(shè)所求拋物線L′：y＝x2＋mx＋6，y＝x2＋nx－6. 又知，拋物線L′與拋物線L的頂點(diǎn)縱坐標(biāo)相同， ∴＝，＝. 解得m＝7，n＝1(n＝1舍去)． ∴拋物線L′：y＝x2＋7x＋6，y＝x2－7x＋6 或y＝x2－x－6. 5．解： (1)①當(dāng)t＝－2時(shí)，二次函數(shù)為y＝ax2＋bx－3. 把(1，－4)，(－1，0)分別代入y＝ax2＋bx－3， 得解得 即a＝1，b＝－2. ②解法一：∵2a－b＝1， ∴二次函數(shù)為y＝ax2＋(2a－1)x－3. ∵當(dāng)x＝－2時(shí)，y＝－1；當(dāng)x＝0時(shí)，y＝－3. ∴二次函數(shù)圖象一定經(jīng)過點(diǎn)(－2，－1)，(0，－3)． 因?yàn)榻?jīng)過這兩點(diǎn)的直線的表達(dá)式為y＝kx＋p(k≠0)， 所以把(－2，－1)，(0，－3)分別代入， 可求得該直線表達(dá)式為y＝－x－3. 即直線y＝－x－3始終與二次函數(shù)圖象交于(－2，－1)，(0，－3)兩點(diǎn)． 解法二：當(dāng)直線與二次函數(shù)圖象相交時(shí)，有kx＋p＝ax2＋(2a－1)x－3. 整理可得ax2＋(2a－k－1)x－3－p＝0. 可得Δ＝(2a－k－1)2＋4a(3＋p)． 若直線與二次函數(shù)圖象始終有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，則Δ＞0. 化簡可得4a2－4a(k－p－2)＋(1＋k)2＞0. ∵無論a取任意不為零的實(shí)數(shù)，總有4a2＞0，(1＋k)2≥0， ∴當(dāng)k－p－2＝0時(shí)，總有Δ＞0. 可取p＝1，k＝3. 對于任意不為零的實(shí)數(shù)a，存在直線y＝3x＋1始終與函數(shù)圖象交于不同的兩點(diǎn)． (2)把A(－1，t)代入y＝ax2＋bx＋t－1，可得b＝a－1. ∵A(－1，t)，B(m，t－n)(m＞0，n＞0)， 則直線AB的解析式為y＝－(x＋1)＋t， 令x＝0，解得y＝－＋t＜0， 則S△AOB＝(－t＋)(m＋1)， 又∵S△AOB＝n－2t， ∴(－mt－t＋n)＝n－2t，解得m＝3. ∴A(－1，t)，B(3，t－n)． ∵n＞0，所以t＞t－n. ①當(dāng)a＞0時(shí)，二次函數(shù)圖象的頂點(diǎn)為最低點(diǎn)，當(dāng)－1≤x≤3時(shí)，若點(diǎn)A為該函數(shù)圖象最高點(diǎn)，則yA≥yB， 分別把A(－1，t)，B(3，t－n) 代入y＝ax2＋bx＋t－1，得 t＝a－b＋t－1，t－n＝9a＋3b＋t－1. ∵t＞t－n， ∴a－b＋t－1＞9a＋3b＋t－1. 可得2a＋b＜0. 即2a＋(a－1)＜0. 解得a＜.所以0＜a＜. ②當(dāng)a＜0時(shí)，由t＞t－n，可知 若A，B在對稱軸的異側(cè)，當(dāng)－1≤x≤3時(shí)，圖象的最高點(diǎn)是拋物線的頂點(diǎn)而不是點(diǎn)A；若A，B在對稱軸的左側(cè)，因?yàn)楫?dāng)x≤－時(shí)，y隨x的增大而增大，所以當(dāng)－1≤x≤3時(shí)，點(diǎn)A為該函數(shù)圖象最低點(diǎn)；若A、B在對稱軸的右側(cè)， ∵當(dāng)≥－時(shí)，y隨x的增大而減小， ∴當(dāng)－1≤x≤3時(shí)， 點(diǎn)A為該函數(shù)圖象最高點(diǎn)，則－≤－1. 即－≤－1.解得a≥－1. 所以－1≤a＜0. 綜上，0＜a＜或－1≤a＜0. 6.解：(1)由y＝0，得x2－x－4＝0. 解，得x1＝－3，x2＝4. ∴點(diǎn)A，B的坐標(biāo)分別為A(－3，0)，B(4，0)． 由x＝0，得y＝－4，∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為C(0，－4)． (2)Q1(，－4)，Q2(1，－3)． (3)過點(diǎn)F作FG⊥PQ于點(diǎn)G， 則FG∥x軸，由B(4，0)，C(0，－4)，得△OBC為等腰直角三角形． ∴∠OBC＝∠QFG＝45，∴GQ＝FG＝FQ. ∵PE∥AC，∴∠1＝∠2. ∵FG∥x軸，∴∠2＝∠3.∴∠1＝∠3. ∵∠FGP＝∠AOC＝90，∴△FGP∽△AOC. ∴＝，即＝. ∴GP＝FG＝FQ＝FQ. ∴QP＝GQ＋GP＝FQ＋FQ＝FQ. ∴FQ＝QP. ∵PM⊥x軸，點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m，∠MBQ＝45， ∴QM＝MB＝4－m，PM＝－m2＋m＋4. ∴QP＝PM－QM＝－m2＋m＋4－(4－m)＝ －m2＋m. ∴QF＝QP＝(－m2＋m)＝ －m2＋m. ∵－＜0，∴QF有最大值．且當(dāng)m＝－＝2時(shí)，QF有最大值． 7．解：(1)∵直線y＝x－5交x軸于點(diǎn)B，交y軸于點(diǎn)C， ∴B(5，0)，C(0，－5)． ∵拋物線y＝ax2＋6x＋c過點(diǎn)B，C， ∴，∴， ∴拋物線的解析式為y＝－x2＋6x－5. (2)①∵OB＝OC＝5，∠BOC＝90，∴∠ABC＝45. ∵拋物線y＝－x2＋6x－5交x軸于A，B兩點(diǎn)， ∴A(1，0)，∴AB＝4. ∵AM⊥BC，∴AM＝2， ∵PQ∥AM，∴PQ⊥BC， 若以點(diǎn)A，M，P，Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形， 則PQ＝AM＝2， 過點(diǎn)P作PD⊥x軸交直線BC于點(diǎn)D，則∠PDQ＝45，∴PD＝PQ＝4. 設(shè)P(m，－m2＋6m－5)，則D(m，m－5)． 分兩種情況討論如下： (ⅰ)當(dāng)點(diǎn)P在直線BC上方時(shí)， PD＝－m2＋6m－5－(m－5)＝－m2＋5m＝4， ∴m1＝1(舍去)，m2＝4. (ⅱ)當(dāng)點(diǎn)P在直線BC下方時(shí)， PD＝m－5－(－m2＋6m－5)＝m2－5m＝4， ∴m3＝，m4＝. 綜上，點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為4或或. ②M(，－)或(，－)． 8．解： (Ⅰ)∵二次函數(shù)的頂點(diǎn)為C(－1，－2)， ∴設(shè)二次函數(shù)的解析式為y＝a(x＋1)2－2. 把B(－3，0)代入得a(－3＋1)2－2＝0， 解得a＝. ∴二次函數(shù)的解析式為y＝(x＋1)2－2. (Ⅱ)由(x＋1)2－2＝0得x1＝－3，x2＝1， ∴點(diǎn)A(1，0)． 過點(diǎn)C作CH⊥x軸于點(diǎn)H，如解圖， ∵點(diǎn)C(－1，－2)，∴CH＝2，OH＝1， 又∵AO＝1，∴AH＝2＝CH， ∴∠1＝45，AC＝＝2. 在等腰Rt△DEF中，DE＝DF＝AC＝2，∠FDE＝90， ∴∠2＝45，EF＝＝4， ∴∠1＝∠2， ∴EF∥CH∥y軸． 由A(1，0)，C(－1，－2)可求得直線AC對應(yīng)的函數(shù)解析式為y＝x－1. 由題意設(shè)點(diǎn)F(其中m＞1)，則點(diǎn)E(m，m－1)， ∴EF＝－(m－1)＝m2－＝4， 解得m1＝3，m2＝－3(舍去)． ∴點(diǎn)F(3，6)， (Ⅲ)當(dāng)y＝時(shí)，(x＋1)2－2＝，解得x1＝－4，x2＝2. 拋物線y＝(x＋1)2－2，根據(jù)拋物線的性質(zhì)可知， 當(dāng)x＜－1時(shí)，y隨x的增大而減小，當(dāng)x＞－1時(shí)，y隨x的增大而增大， 當(dāng)x＝－1時(shí)，y的最小值為－2. ∵p≤x≤q，p≤y≤， ∴可分三種情況討論． ①當(dāng)p≤q≤－1時(shí)，由增減性得： 當(dāng)x＝p＝－4時(shí)，y最大＝，當(dāng)x＝q時(shí)，y最?。絧＝－4＜－2，不合題意，舍去； ②當(dāng)p＜－1≤q時(shí)， (i)若(－1)－p＞q－(－1)，由增減性得： 當(dāng)x＝p＝－4時(shí)，y最大＝，當(dāng)x＝－1時(shí)，y最?。剑?≠p，不合題意，舍去； (ii)若(－1)－p≤q－(－1)，由增減性得： 當(dāng)x＝q＝2時(shí)，y最大＝，當(dāng)x＝－1時(shí)，y最?。絧＝－2，符合題意， ∴p＝－2，q＝2. ③當(dāng)－1≤p＜q時(shí)，由增減性得： 當(dāng)x＝q＝2時(shí)，y最大＝，當(dāng)x＝p時(shí)，y最?。絧， 把x＝p，y＝p代入y＝(x＋1)2－2，得p＝(p＋1)2－2， 解得p1＝，p2＝－＜－1(不合題意，舍去)． ∴p＝，q＝2. 綜上，或