《高中物理 第一章 電磁感應 第一節(jié) 電磁感應現(xiàn)象 第二節(jié) 產生感應電流的條件分層訓練 粵教版選修32》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高中物理 第一章 電磁感應 第一節(jié) 電磁感應現(xiàn)象 第二節(jié) 產生感應電流的條件分層訓練 粵教版選修32（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第一節(jié) 電磁感應現(xiàn)象 第二節(jié) 產生感應電流的條件 A級　抓基礎 1．一個閉合線圈中沒有產生感應電流，因此可以得出(　　) A．此時該處一定沒有磁場 B．此時該處一定沒有磁場的變化 C．閉合線圈的面積一定沒有變化 D．穿過線圈平面的磁通量一定沒有變化 解析：感應電流的產生條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，閉合線圈中沒有感應電流產生可能線圈始終與磁場平行，故A錯誤；感應電流的產生條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，磁通量的變化可以由磁場引起的，也可以由線圈的面積的變化引起的，閉合線圈中沒有感應電流產生，不能判斷出此地一定沒有磁場的變化或沒有面積的變化，故BC錯誤；沒有電流只能

2、說明穿過閉合線圈的磁通量沒有發(fā)生變化，故D正確． 答案：D 2.如圖所示，圓a、b與通有電流I的環(huán)形導線在同一平面內．關于a、b兩圓內的磁場方向和穿過它們的磁通量Фa、Фb，下列判斷正確的是(　　) A．磁場方向垂直紙面向外，Фa＞Фb B．磁場方向垂直紙面向外，Фa＜Фb C．磁場方向垂直紙面向里，Фa＞Фb D．磁場方向垂直紙面向里，Фa＜Фb 解析：根據(jù)右手螺旋定則可得，線圈內部產生的磁場的方向垂直向外，而外部則垂直向里；根據(jù)磁通量的公式Φ＝BS，可知，Фa＞Фb，故A正確，BCD錯誤． 答案：A 3．如圖所示，矩形線框abcd放置在水平面內，磁場方向與水平方向成α

3、角，已知sin α＝，回路面積為S，磁感應強度為B，則通過線框的磁通量為(　　) A．BS　　　　　　　 B. C. D. 解析：根據(jù)磁通量的定義，可得通過線框的磁通量Φ＝BSsin α，代入解得Φ＝，所以B正確，A、C、D錯誤． 答案：B 4．如圖所示為法拉第研究電磁感應現(xiàn)象時做過的實驗電路圖．線圈A和線圈B繞在同一鐵芯上，線圈與鐵芯絕緣，則(　　) A．保持開關S處于閉合狀態(tài)，小磁針發(fā)生偏轉 B．當開關S閉合的瞬間，小磁針發(fā)生偏轉 C．當開關S斷開的瞬間，小磁針不發(fā)生偏轉 D．無論開關S怎樣改變，小磁針都不會發(fā)生偏轉 解析：保持開關S處于閉合狀態(tài)，穿過線圈B

4、中的磁通量不變，沒有感應電流產生，小磁針不發(fā)生偏轉，故A錯誤；當開關閉合的瞬間，磁通量增加，在線圈B中產生感應電流，根據(jù)電流的周圍存在磁場，小磁針發(fā)生偏轉，故B正確；當開關斷開的瞬間，磁通量減小，在線圈B中產生感應電流，根據(jù)電流的周圍存在磁場，小磁針發(fā)生偏轉，故C、D錯誤． 答案：B 5．(多選)如圖所示，線圈Ⅰ與電源、開關、滑動變阻器相連，線圈Ⅱ與電流計G相連，線圈Ⅰ與線圈Ⅱ繞在同一個鐵芯上，在下列情況下，電流計G中有示數(shù)的是(　　) A．開關閉合瞬間 B．開關閉合一段時間后 C．開關斷開瞬間 D．開關閉合一段時間后，來回移動變阻器滑動端 解析：開關閉合瞬間，電路中電流增大

5、，線圈產生的磁場增強，穿過線圈Ⅱ的磁通量增大，產生感應電流，故A正確；開關閉合一段時間后，線圈中是恒定的電流，線圈產生穩(wěn)恒的磁場，穿過線圈Ⅱ的磁通量不變，沒有感應電流產生，故B錯誤；將電鍵突然斷開的瞬間，線圈產生的磁場從有到無，穿過線圈Ⅱ的磁通量減小，產生感應電流，故C正確；通電時，來回移動變阻器滑動端時，變阻器接入電路的電阻變化，電路中電流變化，線圈產生的磁場變化，穿過線圈Ⅱ磁通量變化，產生感應電流，故D正確． 答案：ACD B級　提能力 6．下列圖示中，矩形閉合線圈始終在勻強磁場中運動，線圈中能產生感應電流的是(　　) A．水平方向勻速運動 B．水平方向勻速運動 C

6、．磁場與線圈平面平行，且繞O點在紙面內移動 D．繞軸OO′轉動 解析：線框平行于磁感線運動，穿過線框的磁通量沒有變化，不會產生感應電流，A錯誤；線框整體垂直于磁感線運動，雖然切割磁感線，但穿過的磁通量沒有變化，因此也不會產生感應電流，B錯誤；線框繞軸轉動，但穿過的磁通量為零，且始終為零，因此也不會產生感應電流，故C錯誤；線框繞軸轉動，導致磁通量發(fā)生變化，因此線框產生感應電流，故D正確． 答案：D 7.磁通量是研究電磁感應現(xiàn)象的重要物理量，如圖所示，通有恒定電流的導線MN與閉合線框共面，第一次將線框由1平移到2，第二次將線框繞cd邊翻轉到2，設先后兩次通過線框的磁通量變化分別為ΔΦ1和Δ

7、Φ2，則(　　) A．ΔΦ1＞ΔΦ2 B．ΔΦ1＝ΔΦ2 C．ΔΦ1＜ΔΦ2 D．無法確定 解析：設線框在位置1時的磁通量為Φ1，在位置2時的磁通量為Φ2，直線電流產生的磁場在1處比在2處強，若平移線框，則ΔΦ1＝Φ1－Φ2，若轉動線框，磁通量是從線框的正反面穿過的，一正一負，因此，ΔΦ2＝Φ1＋Φ2，根據(jù)分析知：ΔΦ1＜ΔΦ2，選項C正確． 答案：C 8.(多選)如圖所示，開始時矩形線圈與磁場垂直，且一半在勻強磁場內，一半在勻強磁場外，下列情況中產生感應電流的是(　　) A．將線圈向左平移一小段距離 B．以ab為軸轉動(小于90) C．以ac為軸轉動(小于60

8、) D．以bd為軸轉動(小于60) 解析：將線圈向左平移一小段距離，線圈的磁通量減小，有感應電流產生，故A正確；以ab為軸轉動(小于90)，線圈的磁通量減小，有感應電流產生，故B正確；以ac為軸轉動(小于60)，線圈的磁通量減小，有感應電流產生，故C正確；以bd為軸轉動(小于60)時，線圈的有效面積不變，線圈的磁通量不變，不產生感應電流，故D錯誤． 答案：ABC 9.(多選)如圖所示，通電直導線MN與閉合的矩形金屬線圈abcd彼此絕緣，它們處于同一水平面內，直導線與線圈的對稱軸線重合，直導線中電流方向由M到N.為了使線圈中產生感應電流，可行的方法是(　　) A．減弱直導線中的電流

9、強度 B．MN不動，使線圈上下平動 C．MN不動，使線圈向右平動 D．MN不動，使線圈向左平動 解析：要使閉合線圈中產生感應電流，則穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，在導線的右方的磁場是垂直向里，導線的左側是垂直向外的，根據(jù)對稱性可知，穿過線圈的磁通量為零，只減弱導線中的電流，磁通量仍為零，不可能產生感應電流，A錯誤；保持MN不動，使線圈上下平動，線圈中的磁通量為零，不產生感應電流，MN不動，使線圈向右平動或者使線圈向左平動，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故C、D正確． 答案：CD 10.如圖所示，兩直導線中通以相同的電流I，矩形線圈位于導線之間．將線圈由實線位置移到虛線位置的

10、過程中，穿過線圈的磁通量的變化情況是(　　) A．向里，逐漸增大 B．向外，逐漸減小 C．先向里增大，再向外減小 D．先向外減小，再向里增大 解析：根據(jù)安培定則判斷得知，兩導線之間的磁場方向為：左側導線產生的磁場垂直紙面向里，右側導線產生的磁場方向垂直紙面向外，兩導線之間的磁場是兩個磁場疊加的結果，中線的磁感應強度為零，疊加后的結果是中線左側磁場向里，右側向外，因此先向外減小，后向里增大，故ABC錯誤，D正確． 答案：D 11．矩形線框abcd的邊長分別為l1、l2，可繞它的一條對稱軸OO′轉動，勻強磁場的磁感應強度為B，方向與OO′垂直，如圖所示，初位置時線圈平面與B平行．

11、求： 圖甲　　　　圖乙 (1)初位置時穿過線框的磁通量Φ0為多少？ (2)當線框繞軸沿甲圖所示方向轉過60時，磁通量Φ1為多少？這一過程中磁通量的變化量ΔΦ1為多少？ (3)當線框繞軸沿圖示方向由圖乙中的60位置再轉過60時，磁通量Φ2為多少？這一過程中ΔΦ2＝Φ2－Φ1為多少？ 解析：(1)當處于圖甲所示位置時，從俯視圖圖乙可以看出沒有磁感線穿過矩形線框，故Φ0＝0. (2)當繞軸(從上往下看)沿逆時針方向轉動60到a′d′位置時，線框與B的夾角為60. 所以Φ1＝BSsin 60＝Bl1l2，ΔΦ1＝Φ1－Φ0＝Bl1l2. (3)當再由a′d′位置逆時針轉動60到a″d″位置時，線框與B的夾角為120，所以Φ2＝BSsin 120＝Bl1l2， ΔΦ2＝Φ2－Φ1＝Bl1l2－Bl1l2＝0. 答案：(1)0　(2)Bl1l2　Bl1l2　(3)Bl1l2　0 我國經(jīng)濟發(fā)展進入新常態(tài)，需要轉變經(jīng)濟發(fā)展方式，改變粗放式增長模式，不斷優(yōu)化經(jīng)濟結構，實現(xiàn)經(jīng)濟健康可持續(xù)發(fā)展進區(qū)域協(xié)調發(fā)展，推進新型城鎮(zhèn)化，推動城鄉(xiāng)發(fā)展一體化因：我國經(jīng)濟發(fā)展還面臨區(qū)域發(fā)展不平衡、城鎮(zhèn)化水平不高、城鄉(xiāng)發(fā)展不平衡不協(xié)調等現(xiàn)實挑戰(zhàn)。