3、1，x－＝1，得k＝＝＝＝4，從而所求方程為4x－y－7＝0.將此直線(xiàn)方程與雙曲線(xiàn)方程聯(lián)立得14x2－56x＋51＝0，Δ＞0，故此直線(xiàn)滿(mǎn)足條件．
答案 4x－y－7＝0
5．(2014·煙臺(tái)期末考試)已知與向量v＝(1,0)平行的直線(xiàn)l與雙曲線(xiàn)－y2＝1相交于A(yíng)，B兩點(diǎn)，則|AB|的最小值為_(kāi)_______．
解析 由題意可設(shè)直線(xiàn)l的方程為y＝m，代入－y2＝1得x2＝4(1＋m2)，所以x1＝＝2，x2＝－2，所以|AB|＝|x1－x2|＝4，所以|AB|＝4≥4，即當(dāng)m＝0時(shí)，|AB|有最小值4.
答案 4
6．(2014·西安模擬)已知雙曲線(xiàn)x2－＝1的左頂點(diǎn)為A1，右焦點(diǎn)為
4、F2，P為雙曲線(xiàn)右支上一點(diǎn)，則·的最小值為_(kāi)_______．
解析 設(shè)點(diǎn)P(x，y)，其中x≥1.依題意得A1(－1,0)，F(xiàn)2(2,0)，則有＝x2－1，y2＝3(x2－1)，·＝(－1－x，－y)·(2－x，－y)＝(x＋1)(x－2)＋y2＝x2＋3(x2－1)－x－2＝4x2－x－5＝42－，其中x≥1.因此，當(dāng)x＝1時(shí)，·取得最小值－2.
答案?。?
7．(2014·寧波十校聯(lián)考)設(shè)雙曲線(xiàn)－＝1(a>0，b>0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，離心率為e，過(guò)F2的直線(xiàn)與雙曲線(xiàn)的右支交于A(yíng)，B兩點(diǎn)，若△F1AB是以A為直角頂點(diǎn)的等腰直角三角形，則e2＝________.
5、
解析 如圖，設(shè)|AF1|＝m，則|BF1|＝m，|AF2|＝m－2a，|BF2|＝m－2a，∴|AB|＝|AF2|＋|BF2|＝m－2a＋m－2a＝m，得m＝2a，又由|AF1|2＋|AF2|2＝|F1F2|2，可得m2＋(m－2a)2＝4c2，
即得(20－8)a2＝4c2，∴e2＝＝5－2.
答案 5－2
8．(2014·青島調(diào)研)過(guò)拋物線(xiàn)y2＝2px(p>0)的焦點(diǎn)F且傾斜角為60°的直線(xiàn)l與拋物線(xiàn)分別交于A(yíng)，B兩點(diǎn)，則的值是________．
解析 設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，且x1>x2，易知直線(xiàn)AB的方程為y＝x－p，代入拋物線(xiàn)方程y2＝2px，可得x1＋x2
6、＝ p，x1x2＝，可得x1＝p，x2＝，可得＝＝＝3.
答案 3
二、解答題
9．橢圓＋＝1(a＞b＞0)與直線(xiàn)x＋y－1＝0相交于P，Q兩點(diǎn)，且OP⊥OQ(O為原點(diǎn))．
(1)求證：＋等于定值；
(2)若橢圓的離心率e∈，求橢圓長(zhǎng)軸長(zhǎng)的取值范圍．
(1)證明 由消去y，
得(a2＋b2)x2－2a2x＋a2(1－b2)＝0，
①
∵直線(xiàn)與橢圓有兩個(gè)交點(diǎn)，∴Δ＞0，
即4a4－4(a2＋b2)a2(1－b2)＞0?a2b2(a2＋b2－1)＞0，
∵a＞b＞0，∴a2＋b2＞1.
設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)，則x1 、x2是方程①的兩實(shí)根．
x＝
∴x1
7、＋x2＝，x1x2＝.
②
由OP⊥OQ得x1x2＋y1y2＝0，
又y1＝1－x1，y2＝1－x2，
得2x1x2－(x1＋x2)＋1＝0.
③
式②代入式③化簡(jiǎn)得a2＋b2＝2a2b2.
④
∴＋＝2.
(2)解 利用(1)的結(jié)論，將a表示為e的函數(shù)
由e＝?b2＝a2－a2e2，
代入式④，得2－e2－2a2(1－e2)＝0.
∴a2＝＝＋.
∵≤e≤，∴≤a2≤.
∵a＞0，∴≤a≤.
∴長(zhǎng)軸長(zhǎng)的取值范圍是[，]．
10．(2014·佛山模擬)已知橢圓＋＝1(a＞0，b＞0)的左焦點(diǎn)F為圓x2＋y2＋2x＝0的圓心，且橢圓上的點(diǎn)到點(diǎn)F的距離最小值為－1.
8、
(1)求橢圓方程；
(2)已知經(jīng)過(guò)點(diǎn)F的動(dòng)直線(xiàn)l與橢圓交于不同的兩點(diǎn)A，B，點(diǎn)M，證明： ·為定值．
解 (1)化圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為(x＋1)2＋y2＝1，
則圓心為(－1,0)，半徑r＝1，所以橢圓的半焦距c＝1.
又橢圓上的點(diǎn)到點(diǎn)F的距離最小值為－1，所以a－c＝－1，即a＝.
故所求橢圓的方程為＋y2＝1.
(2)①當(dāng)直線(xiàn)l與x軸垂直時(shí)，l的方程為x＝－1.
可求得A，B.
此時(shí)，·＝·＝－.
②當(dāng)直線(xiàn)l與x軸不垂直時(shí)，設(shè)直線(xiàn)l的方程為y＝k(x＋1)，
由得(1＋2k2)x2＋4k2x＋2k2－2＝0，
設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則x＝則x1＋x2＝
9、－，x1x2＝.
因?yàn)椤ぃ健ぃ剑珁1y2
＝x1x2＋(x1＋x2)＋2＋k(x1＋1)·k(x2＋1)
＝(1＋k2)x1x2＋(x1＋x2)＋k2＋
＝(1＋k2)·＋＋k2＋
＝＋＝－2＋＝－.
所以， ·為定值，且定值為－.
能力提升題組
(建議用時(shí)：25分鐘)
一、填空題
1．(2014·石家莊模擬)若AB是過(guò)橢圓＋＝1(a＞b＞0)中心的一條弦，M是橢圓上任意一點(diǎn)，且AM、BM與兩坐標(biāo)軸均不平行，kAM，kBM分別表示直線(xiàn)AM，BM的斜率，則kAM·kBM＝________.
解析 設(shè)A(x1，y1)，M(x0，y0)，
則B(－x1，－y1)，
kA
10、M·kBM＝·＝
＝＝－.
答案?。?
2．(2014·蘭州診斷)若直線(xiàn)mx＋ny＝4和⊙O：x2＋y2＝4沒(méi)有交點(diǎn)，則過(guò)點(diǎn)(m，n)的直線(xiàn)與橢圓＋＝1的交點(diǎn)個(gè)數(shù)為_(kāi)_______．
解析 ∵直線(xiàn)mx＋ny＝4和⊙O：x2＋y2＝4沒(méi)有交點(diǎn)，
∴>2，∴m2＋n2<4，∴＋<＋<1，
∴點(diǎn)(m，n)在橢圓＋＝1的內(nèi)部，∴過(guò)點(diǎn)(m，n)的直線(xiàn)與橢圓＋＝1的交點(diǎn)有2個(gè)．
答案 2
3．(2014·上海普陀一模)若C(－，0)，D(，0)，M是橢圓＋y2＝1上的動(dòng)點(diǎn)，則＋的最小值為_(kāi)_______．
解析 由橢圓＋y2＝1知c2＝4－1＝3，∴c＝，
∴C、D是該橢圓的兩焦點(diǎn)，
11、令|MC|＝r1，|MD|＝r2，
則r1＋r2＝2a＝4，
∴＋＝＋＝＝，
又∵r1r2≤2＝＝4，
∴＋＝≥1.
當(dāng)且僅當(dāng)r1＝r2時(shí)，上式等號(hào)成立．
故＋的最小值為1.
答案 1
二、解答題
4．(2014·合肥一模)已知橢圓＋＝1(a＞b＞0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1和F2，由四個(gè)點(diǎn)M(－a，b)、N(a，b)、F2和F1組成了一個(gè)高為，面積為3的等腰梯形．
(1)求橢圓的方程；
(2)過(guò)點(diǎn)F1的直線(xiàn)和橢圓交于兩點(diǎn)A，B，求△F2AB面積的最大值．
解 (1)由條件，得b＝，且×＝3，
所以a＋c＝3.又a2－c2＝3，解得a＝2，c＝1.
所以橢圓的方程＋＝1.
(2)顯然，直線(xiàn)的斜率不能為0，設(shè)直線(xiàn)方程為x＝my－1，直線(xiàn)與橢圓交于A(yíng)(x1，y1)，B(x2，y2)．
聯(lián)立方程消去x，
得(3m2＋4)y2－6my－9＝0，
因?yàn)橹本€(xiàn)過(guò)橢圓內(nèi)的點(diǎn)，無(wú)論m為何值，直線(xiàn)和橢圓總相交．y＝.
∴y1＋y2＝，y1y2＝－.
S△F2AB＝|F1F2||y1－y2|＝|y1－y2|
＝＝12
＝4＝4，
令t＝m2＋1≥1，設(shè)y＝t＋，易知t∈時(shí)，函數(shù)單調(diào)遞減，t∈函數(shù)單調(diào)遞增，所以當(dāng)t＝m2＋1＝1，即m＝0時(shí)，ymin＝.
S△F2AB取最大值3.
新編高考數(shù)學(xué)文科一輪總復(fù)習(xí) 99
