(課標通用)2018年高考數(shù)學一輪復習 第十一章 計數(shù)原理、概率、隨機變量及其分布 11.5 古典概型學案 理
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1、 §11.5 古典概型 考綱展示? 1.理解古典概型及其概率計算公式. 2.會計算一些隨機事件所含的基本事件及事件發(fā)生的概率. 考點1 古典概型的簡單問題 1.基本事件的特點 (1)任何兩個基本事件是________的. (2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成________的和. 答案:(1)互斥 (2)基本事件 2.古典概型 具有以下兩個特點的概率模型稱為古典概率模型,簡稱古典概型. (1)試驗中所有可能出現(xiàn)的基本事件________. (2)每個基本事件出現(xiàn)的可能性________. 答案:(1)只有有限個 (2)相等 3.如果一次試驗中可能出
2、現(xiàn)的結(jié)果有n個,而且所有結(jié)果出現(xiàn)的可能性都相等,那么每一個基本事件的概率都是________;如果某個事件A包括的結(jié)果有m個,那么事件A的概率P(A)=________. 答案: 4.古典概型的概率計算公式 P(A)=________________. 答案: (1)[教材習題改編]從字母a,b,c,d中任意取出兩個不同字母的試驗中,基本事件共有________個. 答案:6 解析:基本事件有{a,b},{a,c},{a,d},{b,c},{b,d},{c,d},共6個. (2)[教材習題改編]拋擲質(zhì)地均勻的一枚骰子一次,出現(xiàn)正面朝上的點數(shù)大于2且小于5的概率為_____
3、_____. 答案: 解析:拋擲質(zhì)地均勻的一枚骰子一次,出現(xiàn)點數(shù)1,2,3,4,5,6,共6個基本事件,其中正面朝上的點數(shù)大于2且小于5的有3,4,共2個基本事件,所以P==. 古典概型:關(guān)鍵在于基本事件的計數(shù). 從1,3,5,7中任取2個不同的數(shù),則取出的2個數(shù)之差的絕對值大于3的概率是__________. 答案: 解析:由題意知,“從1,3,5,7中任取2個不同的數(shù)”所包含的基本事件為(1,3),(1,5),(1,7),(3,5),(3,7),(5,7),共6個,滿足條件的事件包含的基本事件為(1,5),(1,7),(3,7),共3個,所以所求的概率P==. [典題
4、1] (1)袋中共有15個除了顏色外完全相同的球,其中有10個白球、5個紅球.從袋中任取2個球,所取的2個球中恰有1個白球、1個紅球的概率為( ) A. B. C. D.1 [答案] B [解析] 從15個球中任取2個球共有C種取法,其中有1個紅球、1個白球的情況有CC=50(種),所以P==. (2)某中學調(diào)查了某班全部45名同學參加書法社團和演講社團的情況,數(shù)據(jù)如下表:(單位:人) 參加書法社團 未參加書法社團 參加演講社團 8 5 未參加演講社團 2 30 ①從該班隨機選1名同學,求該同學至少參加上述一個社團的概率; ②在既參加書法社團又參加演講
5、社團的8名同學中,有5名男同學A1,A2,A3,A4,A5,3名女同學B1,B2,B3.現(xiàn)從這5名男同學和3名女同學中各隨機選1人,求A1被選中且B1未被選中的概率. [解]?、儆烧{(diào)查數(shù)據(jù)可知,既未參加書法社團又未參加演講社團的有30人, 故至少參加上述一個社團的共有45-30=15(人), 所以從該班隨機選1名同學,該同學至少參加上述一個社團的概率為P==. ②從這5名男同學和3名女同學中各隨機選1人,其一切可能的結(jié)果組成的基本事件有: {A1,B1},{A1,B2},{A1,B3},{A2,B1},{A2,B2},{A2,B3},{A3,B1},{A3,B2},{A3,B3},{
6、A4,B1},{A4,B2},{A4,B3},{A5,B1},{A5,B2},{A5,B3},共15個. 根據(jù)題意,這些基本事件的出現(xiàn)是等可能的. 事件“A1被選中且B1未被選中”所包含的基本事件有:{A1,B2},{A1,B3},共2個. 因此A1被選中且B1未被選中的概率為P=. [點石成金] 古典概型中基本事件的兩種探求方法 (1)列舉法 適合給定的基本事件個數(shù)較少且易一一列舉出的情況. (2)樹狀圖法 適合較為復雜的問題中的基本事件的探求,注意在確定基本事件時(x,y)可以看成是有序的,如(1,2)與(2,1)不同;有時也可以看成是無序的,如(1,2)和(2,1)相同.
7、 考點2 較復雜古典概型的概率 古典概型:基本事件的個數(shù);古典概型概率公式. (1)[2015·云南昆明模擬]拋擲兩顆相同的正方體骰子(骰子質(zhì)地均勻,且各個面上依次標有點數(shù)1,2,3,4,5,6)一次,則兩顆骰子向上點數(shù)之積等于12的概率為__________. 答案: 解析:拋擲兩顆相同的正方體骰子,共有36種等可能的結(jié)果:(1,1),(1,2),(1,3),…,(6,6).點數(shù)之積等于12的結(jié)果有(2,6),(3,4),(4,3),(6,2),共4種,故所求事件的概率為=. (2)小明的自行車用的是密碼鎖,密碼鎖的四位數(shù)碼由4個數(shù)字2,4,6,8按一定順序構(gòu)
8、成,小明不小心忘記了密碼中4個數(shù)字的順序,隨機地輸入由2,4,6,8組成的一個四位數(shù),不能打開鎖的概率是__________. 答案: 解析:由2,4,6,8可以組成24個四位數(shù)(每個數(shù)位上的數(shù)都不相同),其中只有一個能打開鎖,能打開鎖的概率為,所以不能打開鎖的概率為1-=. [典題2] 某市A,B兩所中學的學生組隊參加辯論賽,A中學推薦了3名男生、2名女生,B中學推薦了3名男生、4名女生,兩校所推薦的學生一起參加集訓.由于集訓后隊員水平相當,從參加集訓的男生中隨機抽取3人、女生中隨機抽取3人組成代表隊. (1)求A中學至少有1名學生入選代表隊的概率; (2)某場比賽前,從代表隊
9、的6名隊員中隨機抽取4人參賽,求參賽女生人數(shù)不少于2人的概率. [解] (1)由題意,參加集訓的男生、女生各有6名. 參賽學生全從B中學抽取(等價于A中學沒有學生入選代表隊)的概率為=, 因此,A中學至少有1名學生入選代表隊的概率為1-=. (2)設(shè)“參賽的4人中女生不少于2人”為事件A,記“參賽女生有2人”為事件B,“參賽女生有3人”為事件C. 則P(B)==,P(C)==. 由互斥事件的概率加法,得 P(A)=P(B)+P(C)=+=, 故所求事件的概率為. [點石成金] 1.求較復雜事件的概率問題,解題關(guān)鍵是理解題目的實際含義,把實際問題轉(zhuǎn)化為概率模型,必要時將所求事件
10、轉(zhuǎn)化成彼此互斥事件的和,或者先求其對立事件的概率,進而再用互斥事件的概率加法公式或?qū)α⑹录母怕使角蠼猓? 2.注意區(qū)別排列與組合,以及計數(shù)原理的正確使用. 為振興旅游業(yè),四川省面向國內(nèi)發(fā)行總量為2 000萬張的熊貓優(yōu)惠卡,向省外人士發(fā)行的是熊貓金卡(簡稱金卡),向省內(nèi)人士發(fā)行的是熊貓銀卡(簡稱銀卡).某旅游公司組織了一個有36名游客的旅游團到四川名勝景區(qū)旅游,其中 是省外游客,其余是省內(nèi)游客.在省外游客中有 持金卡,在省內(nèi)游客中有 持銀卡. (1)在該團中隨機采訪2名游客,求恰有1人持銀卡的概率; (2)在該團中隨機采訪2名游客,求其中持金卡與持銀卡人數(shù)相等的概率. 解:
11、(1)由題意,得省外游客有27人,其中9人持金卡;省內(nèi)游客有9人,其中6人持銀卡. 設(shè)事件A為“采訪該團2人,恰有1人持銀卡”, 則P(A)==, 所以采訪該團2人,恰有1人持銀卡的概率是. (2)設(shè)事件B為“采訪該團2人,持金卡與持銀卡人數(shù)相等”,可以分為事件B1為“采訪該團2人,持金卡0人,持銀卡0人”,或事件B2為“采訪該團2人,持金卡1人,持銀卡1人”兩種情況. 則P(B)=P(B1)+P(B2)=+=, 所以采訪該團2人,持金卡與持銀卡人數(shù)相等的概率是. 考點3 古典概型的交匯命題 [考情聚焦] 古典概型在高考中常與平面向量、集合、函數(shù)、解析幾何、統(tǒng)計等知識交匯命
12、題,命題的角度新穎,考查知識全面,能力要求較高. 主要有以下幾個命題角度: 角度一 古典概型與平面向量相結(jié)合 [典題3] 已知向量a=(x,-1),b=(3,y),其中x隨機選自集合{-1,1,3},y隨機選自集合{1,3,9}. (1)求a∥b的概率; (2)求a⊥b的概率. [解] 由題意,得(x,y)所有的基本事件為(-1,1),(-1,3),(-1,9),(1,1),(1,3), (1,9),(3,1),(3,3),(3,9),共9個. (1)設(shè)“a∥b”為事件A,則xy=-3. 事件A包含的基本事件有(-1,3),共1個. 故a∥b的概率為P(A)=. (2)
13、設(shè)“a⊥b”為事件B,則y=3x. 事件B包含的基本事件有(1,3),(3,9),共2個. 故a⊥b的概率為P(B)=. 角度二 古典概型與直線、圓相結(jié)合 [典題4] [2017·河南洛陽統(tǒng)考]將一顆骰子先后拋擲兩次分別得到點數(shù)a,b,則直線ax+by=0與圓(x-2)2+y2=2有公共點的概率為________. [答案] [解析] 依題意,將一顆骰子先后拋擲兩次得到的點數(shù)所形成的數(shù)組(a,b)有(1,1),(1,2),(1,3),…,(6,6),共36種, 其中滿足直線ax+by=0與圓(x-2)2+y2=2有公共點,即滿足≤ ,即a2≤b2的數(shù)組(a,b)有(1,1),
14、(1,2),(1,3),(1,4),…,(6,6),共6+5+4+3+2+1=21(種), 因此所求的概率為=. 角度三 古典概型與函數(shù)相結(jié)合 [典題5] 已知關(guān)于x的一元二次函數(shù)f(x)=ax2-4bx+1. (1)設(shè)集合P={1,2,3}和Q={-1,1,2,3,4},分別從集合P和Q中隨機取一個數(shù)作為a和b,求函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[1,+∞)上是增函數(shù)的概率; (2)設(shè)點(a,b)是區(qū)域內(nèi)的隨機點,求函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[1,+∞)上是增函數(shù)的概率. [解] (1)∵函數(shù)f(x)=ax2-4bx+1的圖象的對稱軸為x=, 要使f(x)=ax2-4bx+1在區(qū)間[1,+
15、∞)上為增函數(shù), 當且僅當a>0且≤1,即2b≤a. 若a=1,則b=-1; 若a=2,則b=-1,1; 若a=3,則b=-1,1. ∴事件包含基本事件的個數(shù)是1+2+2=5, ∴所求事件的概率為=. (2)由(1)知,當且僅當2b≤a且a>0時, 函數(shù)f(x)=ax2-4bx+1在區(qū)間[1,+∞)上為增函數(shù), 依條件可知,試驗的全部結(jié)果所構(gòu)成的區(qū)域為. 由得交點坐標為, ∴所求事件的概率為P==. 角度四 古典概型與統(tǒng)計相結(jié)合 [典題6] 某企業(yè)為了解下屬某部門對本企業(yè)職工的服務(wù)情況,隨機訪問50名職工.根據(jù)這50名職工對該部門的評分,繪制成頻率分布直方圖(如圖所
16、示),其中樣本數(shù)據(jù)分組區(qū)間為[40,50),[50,60),…,[80,90),[90,100]. (1)求頻率分布直方圖中a的值; (2)估計該企業(yè)的職工對該部門評分不低于80的概率; (3)從評分在[40,60)的受訪職工中,隨機抽取2人,求此2人的評分都在[40,50)的概率. [解] (1)因為(0.004+a+0.018+0.022×2+0.028)×10=1,所以a=0.006. (2)由所給頻率分布直方圖知,50名受訪職工評分不低于80的頻率為(0.022+0.018)×10=0.4, 所以該企業(yè)職工對該部門評分不低于80的概率的估計值為0.4. (3)受訪職工
17、中評分在[50,60)的有50×0.006×10=3(人),記為A1,A2,A3; 受訪職工中評分在[40,50)的有50×0.004×10=2(人),記為B1,B2. 從這5名受訪職工中隨機抽取2人,所有可能的結(jié)果共有10種,它們是{A1,A2},{A1,A3},{A1,B1},{A1,B2},{A2,A3},{A2,B1},{A2,B2},{A3,B1},{A3,B2},{B1,B2}. 又因為所抽取2人的評分都在[40,50)的結(jié)果有1種,即{B1,B2},故所求的概率為. [點石成金] 解決與古典概型交匯命題的關(guān)注點 解決與古典概型交匯命題的問題時,把相關(guān)的知識轉(zhuǎn)化為事件,列
18、舉基本事件,求出基本事件和隨機事件的個數(shù),然后利用古典概型的概率計算公式進行計算. [方法技巧] 1.確定基本事件的方法 (1)當基本事件總數(shù)較少時,可用列舉法計算; (2)當基本事件總數(shù)較多時,可用列表法、樹狀圖法. 2.較復雜事件的概率可靈活運用互斥事件、對立事件、相互獨立事件的概率公式簡化運算. 3.概率的一般加法公
19、式:P(A∪B)=P(A)+P(B)-P(A∩B). 公式使用中要注意:(1)公式的作用是求A∪B的概率,當A∩B=?時,A,B互斥,此時P(A∩B)=0,所以P(A∪B)=P(A)+P(B);(2)要計算P(A∪B),需要求P(A)、P(B),更重要的是把握事件A∩B,并求其概率;(3)該公式可以看作一個方程,知三可求一. [易錯防范] 古典概型的重要思想是事件發(fā)生的等可能性,一定要注意在計算基本事件總數(shù)和事件包括的基本事件個數(shù)時,它們是不是等可能的. 真題演練集訓 1.[2016·江蘇卷]將一顆質(zhì)地均勻的骰子(一種各個面上分別標有1,2,3,4,5,6個點的正方體玩具)先后拋擲
20、2次,則出現(xiàn)向上的點數(shù)之和小于10的概率是________. 答案: 解析:解法一:將一顆質(zhì)地均勻的骰子先后拋擲2次,向上的點數(shù)有36種結(jié)果,其中點數(shù)之和小于10的有30種,故所求概率為=. 解法二:將一顆質(zhì)地均勻的骰子先后拋擲2次,向上的點數(shù)有36種結(jié)果,其中點數(shù)之和不小于10的有(6,6),(6,5),(6,4),(5,6),(5,5),(4,6),共6種,故所求概率為1-=. 2.[2015·新課標全國卷Ⅱ]某公司為了解用戶對其產(chǎn)品的滿意度,從A,B兩地區(qū)分別隨機調(diào)查了40個用戶,根據(jù)用戶對產(chǎn)品的滿意度評分,得到A地區(qū)用戶滿意度評分的頻率分布直方圖和B地區(qū)用戶滿意度評分的頻數(shù)分布
21、表. A地區(qū)用戶滿意度評分的頻率分布直方圖 ① B地區(qū)用戶滿意度評分的頻數(shù)分布表 滿意度評 分分組 [50,60) [60,70) [70,80) [80,90) [90, 100] 頻數(shù) 2 8 14 10 6 (1)在圖②中作出B地區(qū)用戶滿意度評分的頻率分布直方圖,并通過直方圖比較兩地區(qū)滿意度評分的平均值及分散程度(不要求計算出具體值,給出結(jié)論即可). B地區(qū)用戶滿意度評分的頻率分布直方圖 ② (2)根據(jù)用戶滿意度評分,將用戶的滿意度分為三個等級: 滿意度評分 低于70分 70分到89分 不低于90分 滿意度等級 不滿意 滿意
22、 非常滿意 估計哪個地區(qū)用戶的滿意度等級為不滿意的概率大?說明理由. 解:(1)如圖所示. 通過兩地區(qū)用戶滿意度評分的頻率分布直方圖可以看出,B地區(qū)用戶滿意度評分的平均值高于A地區(qū)用戶滿意度評分的平均值;B地區(qū)用戶滿意度評分比較集中,而A地區(qū)用戶滿意度評分比較分散. (2)A地區(qū)用戶的滿意度等級為不滿意的概率大. 記CA表示事件:“A地區(qū)用戶的滿意度等級為不滿意”;CB表示事件:“B地區(qū)用戶的滿意度等級為不滿意”.由直方圖,得P(CA)的估計值為(0.01+0.02+0.03)×10=0.6,P(CB)的估計值為(0.005+0.02)×10=0.25. 所以A地區(qū)用戶的滿意
23、度等級為不滿意的概率大. 3.[2016·天津卷]某小組共10人,利用假期參加義工活動.已知參加義工活動次數(shù)為1,2,3的人數(shù)分別為3,3,4.現(xiàn)從這10人中隨機選出2人作為該組代表參加座談會. (1)設(shè)A為事件“選出的2人參加義工活動次數(shù)之和為4”,求事件A發(fā)生的概率; (2)設(shè)X為選出的2人參加義工活動次數(shù)之差的絕對值,求隨機變量X的分布列和數(shù)學期望. 解:(1)由已知,有P(A)==. 所以事件A發(fā)生的概率為. (2)隨機變量X的所有可能取值為0,1,2. P(X=0)==, P(X=1)==, P(X=2)==. 所以,隨機變量X的分布列為 X 0 1 2
24、 P 隨機變量X的數(shù)學期望E(X)=0×+1×+2×=1. 課外拓展閱讀 古典概型與平面向量、幾何、統(tǒng)計等知識的綜合
25、
26、 古典概型的考查可以和平面向量、幾何、統(tǒng)計等知識相互交匯,在解題中要重視古典概型的計算,把相關(guān)的知識轉(zhuǎn)化為事件,列舉基本事件,求出基本事件和隨機事件的個數(shù),然后正確使用古典概型的概率計算公式進行計算. [典
27、例1] 甲、乙分別從底為等腰直角三角形的直三棱柱的9條棱中任選一條,則這2條棱互相垂直的概率為( ) A. B. C. D. [思路分析] [解析] 由題意知本題是一個古典概型,試驗發(fā)生包含的事件是甲從這9條棱中任選一條,乙從這9條棱中任選一條,共有9×9= 81(種)結(jié)果,滿足條件的事件是這兩條棱互相垂直,所有可能情況是: 當甲選底面上的一條直角邊時,乙有5種選法,共有4條直角邊,則共有20種結(jié)果; 當甲選底面上的一條斜邊時,乙有3種選法,共有2條底面的斜邊,則共有6種結(jié)果; 當甲選一條側(cè)棱時,乙有6種選法,共有3條側(cè)棱,則共有18種結(jié)果, 綜上所述,共有20+6
28、+18=44(種)結(jié)果, 故2條棱互相垂直的概率是. [答案] C 溫馨提示 以棱柱、棱錐及異面直線、距離等立體幾何知識為載體的古典概型求解是高考中的重要題型,題目綜合性較強,有一定的難度,解題的關(guān)鍵是要考慮所有的位置關(guān)系. [典例2] 設(shè)連續(xù)擲兩次骰子得到的點數(shù)分別為m,n,令平面向量a=(m,n),b=(1,3). (1)求使得事件“a∥b”發(fā)生的概率; (2)求使得事件“|a|≤|b|”發(fā)生的概率. [解] (1)由題意知, m∈{1,2,3,4,5,6},n∈{1,2,3,4,5,6}. 故(m,n)所有可能的取法共36種. 由a∥b,得n=3m, 則(m,n)
29、的取法共有2種,即(1,3),(2,6). 所以事件“a∥b”發(fā)生的概率為=. (2)由|a|≤|b|,得m2+n2≤10, 則(m,n)的取法共有6種, 即(1,1),(1,2),(1,3),(2,1),(2,2),(3,1). 所以事件“|a|≤|b|”發(fā)生的概率為=. [典例3] 城市公交車的數(shù)量太多容易造成資源的浪費,太少又難以滿足乘客需求,為此,某市公交公司在某站臺的60名候車乘客中隨機抽取15人,將他們的候車時間(單位:分鐘)作為樣本分成5組,如下表所示: 組別 候車時間 人數(shù) 一 [0,5) 2 二 [5,10)
30、 6 三 [10,15) 4 四 [15,20) 2 五 [20,25] 1 (1)求這15名乘客的平均候車時間; (2)估計這60名乘客中候車時間少于10分鐘的人數(shù); (3)若從上表第三、四組的6人中選2人作進一步的問卷調(diào)查,求抽到的2人恰好來自不同組的概率. [思路分析] [解] (1)×(2.5×2+7.5×6+12.5×4+17.5×2+22.5×1)=×157.5=10.5, 故這15名乘客的平均候車時間為10.5分鐘. (2)由幾何概型的概率計算公式可得,候車時間少于10分鐘的概率為=, 所以候車時間少于10分鐘的人數(shù)為60×=32. (3)將第三組乘客編號為a1,a2,a3,a4,第四組乘客編號為b1,b2. 從6人中任選2人的所有可能情況為(a1,a2),(a1,a3),(a1,a4),(a1,b1),(a1,b2),(a2,a3),(a2,b4),(a2,b1),(a2,b2),(a3,a4),(a3,b1),(a3,b2),(a4,b1),(a4,b2),(b1,b2),共15種, 其中2人恰好來自不同組包含8種可能情況, 故所求概率為. - 13 -
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