《高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前三個(gè)月 專(zhuān)題1 力與物體的平衡課件.ppt》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前三個(gè)月 專(zhuān)題1 力與物體的平衡課件.ppt（36頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

專(zhuān)題1力與物體的平衡 知識(shí)專(zhuān)題 網(wǎng)絡(luò)構(gòu)建 考題二共點(diǎn)力作用下的物體的動(dòng)態(tài)平衡 考題三平衡中的臨界 極值問(wèn)題 欄目索引 考題一物體的受力分析及平衡問(wèn)題 考題一物體的受力分析及平衡問(wèn)題 1 中學(xué)物理中的各種性質(zhì)的力 知識(shí)精講 2 受力分析的常用方法 1 整體法與隔離法 2 假設(shè)法在受力分析時(shí) 若不能確定某力是否存在 可先對(duì)其作出存在或不存在的假設(shè) 然后再就該力存在與否對(duì)物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)影響的不同來(lái)判斷該力是否存在 3 轉(zhuǎn)換研究對(duì)象法當(dāng)直接分析一個(gè)物體的受力不方便時(shí) 可轉(zhuǎn)換研究對(duì)象 先分析另一個(gè)物體的受力 再根據(jù)牛頓第三定律分析該物體的受力 解析 例1將重為4mg的均勻長(zhǎng)方體物塊切成相等的A B兩部分 切面與邊面夾角為45 如圖1所示疊放并置于水平地面上 現(xiàn)用彈簧秤豎直向上拉物塊A的上端 彈簧秤示數(shù)為mg 整個(gè)裝置保持靜止 則 A 地面與物塊間可能存在靜摩擦力B 物塊對(duì)地面的壓力大于3mgC A對(duì)B的壓力大小為mgD A B之間靜摩擦力大小為mg 圖1 典例剖析 解析對(duì)AB整體受力分析 水平方向不受地面的摩擦力 否則不能平衡 故A錯(cuò)誤 豎直方向受力平衡 則有FN F 4mg 解得 FN 3mg 則物塊對(duì)地面的壓力等于3mg 故B錯(cuò)誤 對(duì)A受力分析如圖所示 把A部分所受力沿切面和垂直切面方向進(jìn)行分解 根據(jù)平衡條件得 FNA 2mg mg cos45 Ff 2mg mg sin45 1 如圖2所示 帶電體P Q可視為點(diǎn)電荷 電荷量相同 傾角為 質(zhì)量為M的斜面體放在粗糙地面上 將質(zhì)量為m的帶電體P放在粗糙的斜面體上 當(dāng)帶電體Q放在與P等高 PQ連線(xiàn)水平 且與帶電體P相距為r的右側(cè)位置時(shí) P靜止且受斜面體的摩擦力為0 斜面體保持靜止 靜電力常量為k 則下列說(shuō)法正確的是 A P Q所帶電荷量為B P對(duì)斜面體的壓力為0C 斜面體受到地面的摩擦力為0D 斜面體對(duì)地面的壓力為 M m g 解析 圖2 變式訓(xùn)練 1 2 3 解析對(duì)P 如圖甲 對(duì)P和斜面體 如圖乙得FN M m g Ff F庫(kù) mgtan 1 2 3 2 如圖3所示 質(zhì)量均為m的兩物體a b放置在兩固定的水平擋板之間 物體間豎直夾放一根輕彈簧 彈簧與a b不粘連且無(wú)摩擦 現(xiàn)在物體b上施加逐漸增大的水平向右的拉力F 兩物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài) 已知重力加速度為g 下列說(shuō)法正確的是 A 物體b所受摩擦力隨F的增大而增大B 彈簧對(duì)物體b的彈力大小可能等于mgC 物體a對(duì)擋板的壓力大小可能等于2mgD 物體a所受摩擦力隨F的增大而增大 解析 圖3 1 2 3 解析對(duì)b 水平方向Ff F F增大所以Ff增大 故A項(xiàng)正確 由于b物體受到摩擦力 則上擋板必定對(duì)b物體有向下正壓力 在豎直方向上 受到重力 正壓力和彈簧彈力保持平衡 那么彈簧彈力為重力和正壓力之和 必定大于重力mg 故B項(xiàng)錯(cuò)誤 彈簧彈力大于mg 對(duì)a物體受力分析可知 a物體對(duì)下?lián)醢宓膲毫槠渲亓蛷椈蓮椓χ?大于2mg 故C項(xiàng)錯(cuò)誤 對(duì)a物體受力分析可知 a物體在水平方向不受力的作用 摩擦力始終為0 故D項(xiàng)錯(cuò)誤 1 2 3 3 如圖4所示 一輕質(zhì)細(xì)桿兩端分別固定著質(zhì)量為m1和m2的兩個(gè)小球A和B 可視為質(zhì)點(diǎn) 將其放在一個(gè)直角形光滑槽中 已知輕桿與槽右壁成 角 槽右壁與水平地面成 角時(shí) 兩球剛好能平衡 且 0 則A B兩小球質(zhì)量之比為 解析 圖4 返回 1 2 3 解析對(duì)A球受力分析 受重力 桿的彈力 槽的支持力 如圖甲所示 根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件 有 再對(duì)B球受力分析 受重力 桿的彈力 槽的支持力 如圖乙所示 返回 1 2 3 考題二共點(diǎn)力作用下的物體的動(dòng)態(tài)平衡 1 圖解法 一個(gè)力恒定 另一個(gè)力的方向恒定時(shí)可用此法 例 擋板P由豎直位置向水平位置緩慢旋轉(zhuǎn)時(shí)小球受力的變化 如圖5 圖5 特點(diǎn) 一個(gè)力為恒力 另一個(gè)力的方向不變 方法指導(dǎo) 2 相似三角形法 一個(gè)力恒定 另外兩個(gè)力的方向同時(shí)變化 當(dāng)所作矢量三角形與空間的某個(gè)幾何三角形總相似時(shí)用此法 如圖6 AOB與力的矢量 OO A與力的矢量三角形總相似三角形總相似圖6 特點(diǎn) 一個(gè)力為恒力 另兩個(gè)力的方向都在變 3 解析法 如果物體受到多個(gè)力的作用 可進(jìn)行正交分解 利用解析法 建立平衡方程 根據(jù)自變量的變化確定因變量的變化 4 結(jié)論法 若合力不變 兩等大分力夾角變大 則分力變大 例2 2016 全國(guó)甲卷 14 質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上 用水平向左的力F緩慢拉動(dòng)繩的中點(diǎn)O 如圖7所示 用T表示繩OA段拉力的大小 在O點(diǎn)向左移動(dòng)的過(guò)程中 A F逐漸變大 T逐漸變大B F逐漸變大 T逐漸變小C F逐漸變小 T逐漸變大D F逐漸變小 T逐漸變小解析對(duì)O點(diǎn)受力分析如圖所示 F與T的變化情況如圖 由圖可知在O點(diǎn)向左移動(dòng)的過(guò)程中 F逐漸變大 T逐漸變大 故選項(xiàng)A正確 圖7 解析 典例剖析 例3如圖8所示 繩與桿均不計(jì)重力 承受力的最大值一定 A端用鉸鏈固定 滑輪O在A點(diǎn)正上方 滑輪大小及摩擦均可忽略 B端掛一重物P 現(xiàn)施加拉力FT將B緩慢上拉 繩和桿均未斷 在桿達(dá)到豎直前 A 繩子越來(lái)越容易斷B 繩子越來(lái)越不容易斷C 桿越來(lái)越容易斷D 桿越來(lái)越不容易斷 圖8 解析 解析以B點(diǎn)為研究對(duì)象 分析受力情況 重物的拉力F 等于重物的重力G 輕桿的支持力FN和繩子的拉力FT 作出受力圖如圖 由平衡條件得知 FN和FT的合力F 與F大小相等 方向相反 根據(jù)三角形相似可得 使 BAO緩慢變小時(shí) AB AO保持不變 BO變小 則FN保持不變 FT變小 故桿無(wú)所謂易斷不易斷 繩子越來(lái)越不容易斷 故B項(xiàng)正確 故選B 4 如圖9所示 在樓道內(nèi)傾斜天花板上需要安裝燈泡照明 兩根輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)的一端拴在O點(diǎn) 另一端分別固定在天花板上a點(diǎn)和b點(diǎn) 一燈泡通過(guò)輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)懸掛于O點(diǎn) 系統(tǒng)靜止 Oa水平 Ob與豎直方向成一定夾角 現(xiàn)在對(duì)燈泡施加一個(gè)水平向右的拉力 使燈泡緩緩向右移動(dòng)一小段距離的過(guò)程中 A Oa上的拉力F1可能不變B Oa上的拉力F1不斷增大C Ob上的拉力F2不斷減小D Ob上的拉力F2可能增大 解析 4 5 圖9 變式訓(xùn)練 解析設(shè)燈泡為C 先選擇燈泡為研究對(duì)象 開(kāi)始時(shí)燈泡受到重力和細(xì)線(xiàn)的拉力 所以細(xì)線(xiàn)的拉力等于燈泡的重力 對(duì)燈泡施加一個(gè)水平向右的拉力F后設(shè)OC與豎直方向之間的夾角為 如圖甲 則FC 選擇節(jié)點(diǎn)O為研究對(duì)象 則O點(diǎn)受到三個(gè)力的作用處于平衡狀態(tài) 受力如圖乙 解析 4 5 由圖可知 在豎直方向 F2沿豎直方向的分力始終等于FCcos mg 而且F2的方向始終不變 所以F2始終不變 沿水平方向 F1的大小等于F2沿水平方向的分力與FC沿水平方向分力的和 由于FC沿水平方向分力隨 的增大而增大 所以F1逐漸增大 可知四個(gè)選項(xiàng)中只有B正確 4 5 5 如圖10所示 兩相同物塊分別放置在對(duì)接的兩固定斜面上 物塊處在同一水平面內(nèi) 之間用細(xì)繩連接 在繩的中點(diǎn)加一豎直向上的拉力F 使兩物塊處于靜止?fàn)顟B(tài) 此時(shí)繩與斜面間的夾角小于90 當(dāng)增大拉力F后 系統(tǒng)仍處于靜止?fàn)顟B(tài) 下列說(shuō)法正確的是 A 繩受到的拉力變大B 物塊與斜面間的摩擦力變小C 物塊對(duì)斜面的壓力變小D 物塊受到的合力不變 圖10 解析 返回 4 5 解析F增大 由于繩的夾角不變 故繩上的拉力增大 A正確 對(duì)物塊進(jìn)行受力分析 沿斜面方向 繩的拉力的分量與物塊重力的分量之和等于靜摩擦力 垂直斜面方向 物塊重力的分量等于斜面對(duì)物塊的支持力與繩的拉力的分量之和 由于繩上的拉力增大 故靜摩擦力變大 支持力變小 B錯(cuò)誤 C正確 物塊仍處于平衡狀態(tài) 所受合力仍為0 故D正確 返回 4 5 1 物體平衡的臨界問(wèn)題 當(dāng)某一物理量變化時(shí) 會(huì)引起其他幾個(gè)物理量跟著變化 從而使物體所處的平衡狀態(tài)恰好出現(xiàn)變化或恰好不出現(xiàn)變化 2 極限分析法 通過(guò)恰當(dāng)?shù)剡x取某個(gè)變化的物理量將其推向極端 極大 或 極小 極右 或 極左 等 3 解決中學(xué)物理極值問(wèn)題和臨界問(wèn)題的方法 1 物理分析方法 就是通過(guò)對(duì)物理過(guò)程的分析 抓住臨界 或極值 條件進(jìn)行求解 2 數(shù)學(xué)方法 例如求二次函數(shù)極值 討論公式極值 三角函數(shù)極值 考題三平衡中的臨界 極值問(wèn)題 方法指導(dǎo) 例4如圖11所示 物體在拉力F的作用下沿水平面做勻速運(yùn)動(dòng) 發(fā)現(xiàn)當(dāng)外力F與水平方向夾角為30 時(shí) 所需外力最小 由以上條件可知 外力F的最小值與重力的比值為 圖11 典例剖析 對(duì)物體受力分析如圖所示 物體受個(gè)力做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) 所以選用 分方向列平衡方程 滑動(dòng)摩擦力 Ff FN解得 F 當(dāng)最大時(shí) F具有最小值 FN F sin30 G F cos30 Ff 正交 分解 答案 思維規(guī)范流程 4 三角函數(shù)求極值 sin30 cos30 得 答案 6 如圖12所示 在兩固定的豎直擋板間有一表面光滑的重球 球的直徑略小于擋板間的距離 用一橫截面為直角三角形的楔子抵住 楔子的底角為60 重力不計(jì) 設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力 為使球不下滑 楔子與擋板間的動(dòng)摩擦因數(shù)至少應(yīng)為 解析 6 7 圖12 變式訓(xùn)練 解析設(shè)球的質(zhì)量為M 隔離光滑均勻重球 對(duì)球受力分析如圖甲所示 由幾何關(guān)系可知 30 可得 FN Fcos Mg Fsin 0 解析 再以楔子為研究對(duì)象 由于其重力忽略不計(jì) 所以只受到球的壓力 擋板的支持力和摩擦力 如圖乙 6 7 由共點(diǎn)力平衡可得 FN F cos Ff F sin 0其中F 與F大小相等 方向相反 6 7 7 如圖13所示 質(zhì)量為m的物體 放在一固定的斜面上 當(dāng)斜面傾角為30 時(shí)恰能沿斜面勻速下滑 對(duì)物體施加一大小為F的水平向右的恒力 物體可沿斜面勻速向上滑行 設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力 當(dāng)斜面傾角增大并超過(guò)某一臨界角 0時(shí) 不論水平恒力F多大 都不能使物體沿斜面向上滑行 試求 1 物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 解析由題意物體恰能沿斜面勻速下滑 則滿(mǎn)足mgsin30 mgcos30 解得 解析答案 圖13 6 7 2 臨界角 0 解析設(shè)斜面傾角為 受力情況如圖所示 由勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件有Fcos mgsin Ff FN mgcos Fsin Ff FN 當(dāng)cos sin 0時(shí) F 即 不論水平恒力F多大 都不能使物體沿斜面向上滑行 此時(shí)臨界角 0 60 答案60 返回 解析答案 6 7