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模擬練(二) 本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分． 滿分110分．考試時間60分鐘． 第Ⅰ卷(選擇題　共48分) 本卷共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分． 14．如圖所示為a、b、c三個質點運動的速度—時間圖象(v－t圖象)，若三質點同時從同一位置出發(fā)，則關于三個質點的運動，下列說法中正確的是(　　) A．t1時刻a、b兩質點的速度大小相等、方向相反 B．0～t1時間內，a位于b、c兩質點的前面 C．0～t1時間內，a、b兩質點間的距離在不斷減小 D．t1時刻后，質點b位于a、c的前面 解析：選B.由圖可知，在t1時刻，a、b兩質點的速度大小相等、方向相同，選項A錯誤；在0～t1時間內，質點a的位移最大，所以質點a位于b、c兩質點的前面，選項B正確；在0～t1時間內，質點a的速度始終大于質點b的速度，所以a、b兩質點間的距離在不斷增大，選項C錯誤；由圖可知，t1時刻，質點b位于質點a的后面，經過一段時間后，質點b才會超過質點a，因此選項D錯誤． 15．如圖所示，曲線MN為某磁場中的一條磁感線，A、B為該磁感線上的兩點，則下列判斷中正確的是(　　) A．該磁感線有可能是勻強磁場的磁感線 B．若一小段通電導線在A點受到的安培力大于其在B點受到的安培力，則A點的磁感應強度大小一定大于B點的磁感應強度大小 C．若在A點由靜止釋放一個點電荷，則該點電荷在A點時的加速度方向一定沿A點的切線方向 D．若將小磁針分別放置在A、B兩點，則小磁針靜止時N極的指向一定沿A、B兩點的切線方向 解析：選D.勻強磁場的磁感線是間隔相等的平行直線，A錯誤；某點磁感應強度的大小等于在該點垂直磁場放置的一小段通電導線受到的安培力與導線長度和電流大小乘積的比值，所以在沒有指明導線放置的方向與磁場方向的關系時，不能判斷磁感應強度的大小關系，B錯誤；磁場對靜止的點電荷沒有力的作用，C錯誤；小磁針靜止時N極所指的方向即為該點的磁場方向，D正確． 16．如圖所示，粗糙且絕緣的斜面體ABC在水平地面上始終靜止．在斜面體AB邊上靠近B點固定一點電荷，從A點無初速度釋放帶負電且電荷量保持不變的小物塊(視為質點)，運動到P點時速度恰為零．則小物塊從A到P運動的過程(　　) A．水平地面對斜面體沒有靜摩擦作用力 B．小物塊的電勢能一直增大 C．小物塊所受到的合外力一直減小 D．小物塊損失的機械能等于增加的電勢能 解析：選B.由運動情況可知，小物塊帶負電，點電荷也帶負電，故小物塊在下滑的過程中，庫侖力做負功，故物塊的電勢能增大，選項B正確；物塊A先加速后減速，加速度大小先減小后增大，故受到的合力先減小后增大，選項C錯誤；當物塊加速下滑時，斜面有向右運動的趨勢，水平地面對斜面體有水平向左的靜摩擦力，選項A錯誤；由能量守恒可知小物塊損失的機械能等于增加的電勢能和因摩擦產生的內能，故小物塊損失的機械能大于增加的電勢能，選項D錯誤． 17．如圖為小型旋轉電樞式交流發(fā)電機的原理圖，邊長為L＝20 cm、匝數(shù)為n＝100、電阻為r＝1 Ω的正方形線圈在磁感應強度大小為B＝ T的勻強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO′以角速度ω＝10π rad/s勻速轉動，線圈的兩端經集流環(huán)和電刷與R＝9 Ω的定值電阻連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表．從線框與磁場方向平行位置開始計時，下列說法中正確的是(　　) A．電壓表讀數(shù)為40 V B．電阻R上的電功率為160 W C．電阻R兩端的電壓u隨時間t變化的規(guī)律是u＝36cos 10πt(V) D．通過電阻R的電流i隨時間t變化的規(guī)律是i＝4cos 10πt(A) 解析：選C.線圈轉動產生的正弦式交變電流電動勢的最大值Em＝nBL2ω＝1000.2210π V＝40 V，有效值E＝＝40 V，電阻R中的電流有效值I＝＝4 A，電壓表讀數(shù)為U＝IR＝36 V，A錯誤．電阻R上的電功率為P＝UI＝364 W＝144 W，B錯誤．電阻R兩端的電壓u隨時間t變化的規(guī)律是u＝36cos 10πt(V)，C正確．由歐姆定律可知i＝＝4cos 10πt(A)，D錯誤． 18．如圖所示，長木板A與水平方向的夾角為θ時，半球形凹槽B(槽內光滑)恰好可以沿木板勻速下滑，現(xiàn)在凹槽B內放一個小球C，已知小球C始終未離開凹槽B，則下列說法正確的是(　　) A．凹槽B將沿木板加速下滑 B．凹槽B受到的合外力變大 C．增大夾角θ時，小球C受到凹槽B的支持力的豎直分量大于小球C的重力 D．減小夾角θ時，小球C受到凹槽B的支持力的豎直分量大于小球C的重力 解析：選D.設凹槽B的質量為mB，小球C的質量為mC，則開始時凹槽B可以沿木板A勻速下滑，由受力平衡有mBgsin θ－μmBgcos θ＝0，所以當小球C放入凹槽B以后，(mB＋mC)gsin θ－μ(mB＋mC)gcos θ＝0仍然成立，故凹槽B仍然勻速下滑，A錯誤；因為凹槽B仍然保持勻速運動，故所受合外力仍為零，B錯誤；當增大夾角θ時，由(mB＋mC)gsin θ－μ(mB＋mC)gcos θ＝(mB＋mC)a1可知，凹槽B和小球C將加速下滑，加速度有豎直向下的分量，處于失重狀態(tài)，則小球C受到凹槽B的支持力的豎直分量小于小球C的重力，C錯誤；同理，當減小夾角θ時，有μ(mB＋mC)gcos θ－(mB＋mC)gsin θ＝(mB＋mC)a2，凹槽B將減速下滑，加速度有豎直向上的分量，處于超重狀態(tài)，小球C受到凹槽B的支持力的豎直分量大于小球C的重力，故D正確． 19．在如圖所示的電路中，R1、R2為滑動變阻器，R3為定值電阻，A、B為兩水平放置的平行板．一質量為m的帶電微粒由平行板左端中間的M點以水平向右的速度射入平行板間，微粒沿如圖的虛線軌跡落在極板B上N點，假設微粒的重力和電源的內阻均可忽略不計，則下列說法正確的是(　　) A．如果將滑動變阻器R2的滑動觸頭向左移動，微粒可能從極板的右側離開 B．如果將滑動變阻器R1的滑動觸頭向上移動，微粒會落在極板B上N點的左側 C．如果將定值電阻R3去掉，則微粒在兩極板間運動的時間變短 D．如果僅將電源的正、負極對調，微粒仍可能落在極板B上 解析：選BC.由于外電路中順著電流方向電勢逐漸降低，可知A板的電勢低于B板的電勢，板間電場方向向上，而微粒在電場中向下偏轉，所受的電場力方向向下，可知該微粒帶負電．電路穩(wěn)定時R2中沒有電流，改變R2，不改變A、B間的電壓，板間電場強度不變，微粒所受的電場力不變，所以微粒的運動情況不變，仍落在N點，A錯誤．設A、B間的電壓為U，微粒在豎直方向有y＝at2＝t2，水平方向有x＝v0t，聯(lián)立得y＝，由于y一定，q、m、d、v0不變，當R1連入電路的阻值減小時，A、B間的電壓U增大，x減小，所以微粒將打在N點左側；去掉定值電阻R3，兩極板間電壓U增大，t減小，B、C正確．如果僅將電源的正、負極對調，則兩極板間的電場方向向下，微粒受到向上的電場力，微粒一定落在極板A上，D錯誤． 20．如圖是“嫦娥三號”飛行軌道示意圖．假設“嫦娥三號”運行經過P點通過第一次近月制動使“嫦娥三號”在距離月面高度為100 km的圓軌道Ⅰ上運動，再次經過P點時通過第二次近月制動使“嫦娥三號”在近月點為Q(距離月面高度為15 km)、遠月點為P(距離月面高度為100 km)的橢圓軌道Ⅱ上運動，下列說法正確的是(　　) A．“嫦娥三號”在距離月面高度為100 km的圓軌道Ⅰ上運動時速度大小可能變化 B．“嫦娥三號”在距離月面高度為100 km的圓軌道Ⅰ上運動的周期一定大于在橢圓軌道Ⅱ上運動的周期 C．“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動經過Q點時的加速度大小一定大于經過P點時的加速度大小 D．“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動經過Q點時的速率可能小于經過P點時的速率 解析：選BC.“嫦娥三號”在距離月面高度為100 km的圓軌道上的運動是勻速圓周運動，速度大小不變，A錯誤；根據開普勒第三定律，“嫦娥三號”在距離月面高度100 km的圓軌道Ⅰ上運動的周期一定大于在橢圓軌道Ⅱ上運動的周期，B正確；由于“嫦娥三號”在Q點所受萬有引力大于在P點所受的萬有引力，所以“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動經過Q點時的加速度大小一定大于經過P點時的加速度大小，C正確；“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動的引力勢能和動能之和保持不變，Q點的引力勢能小于P點的引力勢能，所以“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上經過Q點時的動能較大，速度較大，所以“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動經過Q點時的速率一定大于經過P點時的速率，D錯誤． 21．如圖所示，足夠長的水平傳送帶以v0＝4 m/s的速度勻速運行．t＝0時，在傳送帶最左端輕放一質量為m的小滑塊，t＝4 s時，傳送帶以1 m/s2的加速度減速至停下．已知滑塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2.關于滑塊相對地面運動的速度v(向右為正方向)、滑塊所受的摩擦力f(向右為正方向)、滑塊所受的摩擦力做功的功率P、滑塊與傳送帶間因摩擦產生的熱量Q的圖象正確的是(　　) 解析：選BC.滑塊在摩擦力作用下向右勻加速運動時，加速度a＝μg＝2 m/s2，滑塊速度與傳送帶速度相同時經歷的時間t＝＝2 s,2 s后滑塊與傳送帶以共同速度向右勻速運動，滑塊與傳送帶間無摩擦力作用；4 s后，傳送帶以a′＝1 m/s2做勻減速運動，根據速度時間關系知，傳送帶開始減速到停止的時間t′＝＝4 s，由于傳送帶的加速度大小小于滑動摩擦力能使滑塊與傳送帶間發(fā)生相對運動的加速度2 m/s2，所以當傳送帶做減速運動時，滑塊的加速度與傳送帶的加速度相同，所以此時滑塊受到的靜摩擦力f＝ma′＝ma，即此時的摩擦力等于滑動摩擦力的，故A項錯誤，B正確；由功率P＝fv可知，滑動摩擦力的功率與時間成正比，2～4 s內無摩擦力，功率為零，4 s后滑塊在靜摩擦力作用下做勻減速運動，由于速度隨時間均勻減小至零，故摩擦力的功率也隨時間均勻減小至零，C項正確；只有0～2 s內滑塊加速運動時，滑塊與傳送帶間有相對位移，此時滿足Δx＝v0t－at2，位移不與時間成正比，且Q＝fΔx，故Q－t圖線不是一條傾斜的直線，D項錯誤． 第Ⅱ卷(非選擇題　共62分) 本卷包括必考題和選考題兩部分．第22～25題為必考題，每個試題考生都必須作答，答33～35題為選考題，考生根據要求作答． (一)必考題(共47分) 22．(6分)小勇為了測量一電池的電動勢(約為4 V)和內阻(約為6 Ω)，設計了如圖所示的電路，實驗室提供的器材中電流表有兩個量程(0～250 mA、內阻5 Ω；0～500 mA、內阻2 Ω)；電壓表V1內阻為3 kΩ、量程0～3 V；電壓表V2內阻為1 kΩ、量程0～1.5 V；兩個滑動變阻器的最大阻值分別為R1＝100 Ω、R2＝2 kΩ.請根據所設計的電路回答下列問題： (1)電流表應選________(填“0～250 mA”或“0～500 mA”)量程，滑動變阻器應選________(填“R1”或“R2”)． (2)在其中的一次操作中，電壓表V1的讀數(shù)為1.5 V，則電路的路端電壓為________V. (3)為了精確地測出該電池的電動勢和內阻，通過調節(jié)滑動變阻器得到了多組數(shù)據，在利用圖象處理數(shù)據時，為了能直觀地反應相關物理量，則應作出________圖象．(U表示路端電壓、I表示通過電源的電流、R表示滑動變阻器接入電路的電阻) 解析：(1)由于電源電動勢約為4 V，內阻約為6 Ω，則回路中最大電流約為0.67 A，因此所選電流表量程為0～500 mA；由于滑動變阻器采用了限流式接法，則滑動變阻器應選R1. (2)由于兩個電壓表串聯(lián)，具有相同的電流，由分壓關系可知U2＝0.5 V，因此路端電壓為U＝U1＋U2＝2.0 V. (3)由閉合電路歐姆定律可知E＝U＋Ir，則U＝－rI＋E，因此為了直觀地分析電池的電動勢和內阻．應作出U－I圖象． 答案：(1)0～500 mA(1分)　R1(1分)　(2)2.0(2分)　(3)U－I(或I－U)(2分) 23．(9分)如圖所示是某研究性學習小組設計的“探究做功與速度的關系”的實驗裝置．他們將光電門固定在直軌道上的O點，將拉力傳感器固定在質量為M的小車上，用不可伸長的細線通過一個定滑輪將小車與鉤碼相連，用拉力傳感器記錄小車所受拉力F的大小，通過光電門記錄遮光條通過光電門的時間t，結合遮光條的寬度d計算出小車通過光電門時的速度，該小組提出如下兩種操作方案： (1)方案一：用同一鉤碼通過細線拉同一小車，每次小車從不同位置由靜止釋放，各位置A、B、C、D、E、F、G(圖中只標出了G)與O點間的距離s分別為s1、s2、s3、s4、s5、s6、s7.用該實驗方案________(填“需要”或“不需要”)測量鉤碼的重力；________(填“需要”或“不需要”)平衡摩擦力；利用圖象法處理實驗數(shù)據，若以s為橫軸，以________(填“t”、“t2”、“或“”)為縱軸作出的圖象是一條過原點的直線，則可得出做功與速度的關系． (2)方案二：用不同的鉤碼通過細線拉同一小車，每次小車都從同一位置(與O點之間距離為s0)由靜止釋放．用該實驗方案________(填“需要”或“不需要”)測量鉤碼的重力；________(填“需要”或“不需要”)平衡摩擦力；只要已知量和測得量滿足關系________________，即可得出做功與速度的關系． (3)為了減小兩種方案的實驗誤差，下列做法正確的是________． A．增大遮光條的寬度使其寬度測量的相對誤差盡量小 B．對同一遮光條，多測幾次寬度以減小偶然誤差 C．鉤碼質量應當遠小于小車質量 D．調節(jié)定滑輪高度，使連接小車的細線與軌道嚴格平行 解析：(1)本實驗探究做功與速度的關系，實際上是驗證動能定理，由F合s＝Mv2＝M2，在方案一中只需要以s為橫軸，以為縱軸作出圖象，若圖象是一條過原點的直線，即可驗證動能定理，不需要計算拉力大小，也不需要平衡摩擦力． (2)方案二中，給出了不同的合外力，因為拉力傳感器可以直接測出細線的拉力，要把該力作為小車所受的合外力，就需要平衡摩擦力；要驗證動能定理，需要滿足關系Fs0＝M2. (3)應減小遮光條的寬度使測得的速度盡量接近小車經過光電門時的瞬時速度，A錯誤；多次測量求平均值可以減小偶然誤差，B正確；因為細線的拉力直接由傳感器測得，所以不必使鉤碼質量遠小于小車質量，C錯誤；調節(jié)滑輪高度，使連接小車的細線與軌道平行，這樣可使拉力方向恒定，小車運行平穩(wěn)，摩擦力穩(wěn)定易平衡，故D正確． 答案：(1)不需要(1分)　不需要(1分)　(1分) (2)不需要(1分)　需要(1分)　Fs0＝M2(2分) (3)BD(2分) 24．(14分)如圖為某水上滑梯示意圖，滑梯最低點切線水平，且與最高點高度差為h，與下方水平面高度差也為h.滑梯上B點與A點高度差為h，AB間光滑，B點至滑梯末端C的路程為L.當人從B點由靜止下滑時，到達滑梯末端C的速度近似為零．若忽略空氣阻力，將人看作質點，人在滑梯上BC段運動時受到的阻力可以認為大小不變，且克服阻力所做的功與滑過的路程成正比，重力加速度為g. (1)求人在BC段受到的阻力大小． (2)若在水平面上與滑梯末端C水平相距2h的位置處放置一寬度為h、厚度不計的海綿墊子，要使人最終落到海綿墊子上，則從A點下滑時，人具有的初動能在什么范圍內？ 解析：(1)設人在BC段受到的阻力大小為f，對人從B點由靜止下滑到滑梯末端C的過程，由動能定理得 mgh－fL＝0(2分) 解得f＝(1分) (2)人從滑梯末端C落到海綿墊子上的過程做平拋運動，設人離開滑梯時的速度為v，運動的水平位移為x，則 x＝vt(2分) h＝gt2(2分) 當x＝2h時，人離開滑梯時的速度最小，為 vmin＝(1分) 當x＝2.5h時，人離開滑梯時的速度最大，為 vmax＝(1分) 設人在A點的初動能為Ek，由動能定理，從A點到滑梯末端C的運動過程中有mgh－fL＝mv2－Ek(2分) 由此可得，人在A點的最小和最大初動能分別為 Ekmin＝mgh(1分) Ekmax＝mgh(1分) 即初動能的范圍為mgh＜Ek＜mgh(1分) 答案：見解析 25．(18分)如圖所示，在直角坐標系xOy中，x軸上方有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B；x軸下方有豎直向下的勻強電場．圖中M、N兩點坐標分別為M(0，l)、N(－3l,0)．一個質量為m、電荷量為－q的粒子由第三象限中的某點P(圖中未標出)沿x軸正方向射出，該粒子能一直沿P、O、M、N四點圍成的閉合圖形做周期性運動，粒子重力不計，求： (1)該粒子到達O點時速度的大小和方向； (2)勻強電場的電場強度E； (3)該粒子運動的周期T. 解析：(1)由題意可畫出粒子運動的軌跡如圖，設粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為r，粒子到達O點時速度的大小為v，與x軸正方向的夾角為θ，由幾何知識得， rsin θ＝l、rcos θ＝l，解得r＝l，θ＝60(4分) 由牛頓第二定律qvB＝m，解得v＝.(2分) (2)粒子在電場中沿拋物線運動，加速度方向豎直向上，設其大小為a，粒子由N運動到O所用時間為t2，由牛頓第二定律和運動學公式得： a＝、3l＝vcos θt2、t2＝(4分) 聯(lián)立上式得E＝，t2＝(3分) (3)設粒子在磁場中運動時間為t1. t1＝T磁、T磁＝(3分) 得T＝t1＋t2＝(2分) 答案：(1)，與x軸正方向成60角　(2) (3) (二)選考題：本題共15分．請考生從給出的3道題中任選一題作答．如果多做，則按所做的第一題計分． 33．[物理——選修3－3](15分) (1)(5分)如圖所示，活塞將一定質量的理想氣體封閉在汽缸內，活塞與汽缸之間無摩擦，狀態(tài)a是汽缸放在冰水混合物中氣體達到的平衡狀態(tài)，狀態(tài)b是汽缸在室溫(27 ℃)環(huán)境中氣體達到的平衡狀態(tài)，狀態(tài)c是在活塞上加砝碼后，在室溫環(huán)境中氣體達到的平衡狀態(tài)．已知狀態(tài)c氣體的體積與狀態(tài)a氣體的體積相同，大氣壓強始終保持不變，則下列說法中正確的是________．(填正確答案標號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．狀態(tài)a與c的氣體分子在單位時間內撞擊活塞的個數(shù)相同 B．與狀態(tài)a相比，狀態(tài)c的氣體分子對活塞的作用力較大 C．從狀態(tài)b到c，氣體向外界放出熱量 D．從狀態(tài)b到c，氣體的內能增加 E．從狀態(tài)b到c，氣體的內能不變 (2)(10分)如圖所示，粗細均勻的U形玻璃管豎直放置，其左管頂端封閉，右管足夠長且與大氣相通，管中由兩段水銀柱密封著A、B兩部分理想氣體柱，其中氣柱A的長度為LA0＝10 cm，氣柱A的底部比氣柱B的底部高h1＝3 cm，氣柱B上方的水銀柱長為h2＝8 cm.已知外界大氣壓強恒為p0＝75 cmHg，環(huán)境溫度保持不變． ①求氣柱A此時的壓強pA. ②若現(xiàn)在從開口端緩慢地注入水銀，為了使氣柱A的長度變?yōu)長A＝8 cm，注入的水銀柱長度應為多少？ 解析：(1)由氣體壓強的微觀解釋可知，在單位時間內與單位面積器壁碰撞的分子個數(shù)與氣體的體積V(氣體分子密集程度)和溫度T(氣體分子平均動能)有關，A錯誤；由于狀態(tài)c的壓強大于狀態(tài)a的壓強，所以狀態(tài)c的氣體的分子對活塞的作用力較大，B正確；從狀態(tài)b到狀態(tài)c，氣體溫度不變，則內能不變，由于外界對氣體做功，氣體會向外界放出熱量，D錯誤，C、E正確． (2)①初態(tài)時，氣柱B的壓強為 pB0＝p0＋ph2＝83 cmHg(1分) 氣柱A的壓強為pA0＝pB0－ph1＝80 cmHg(2分) ②對于氣柱A，根據玻意耳定律有 pA0LA0＝pALA(2分) 解得PA＝＝100 cmHg(1分) 氣柱A、B底部的高度差h1′＝7 cm(1分) 而此時氣柱B的壓強pB＝pA＋ph1′＝107 cmHg(1分) 所以，要注入的水銀柱的長度為 h＝(107－8－75)cm＝24 cm(2分) 答案：(1)BCE　(2)①80 cmHg?、?4 cm 34．[物理——選修3－4](15分) (1)(5分)下列說法中正確的是________．(填正確答案標號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．如果某種玻璃相對空氣的折射率為1.5，則空氣相對于這種玻璃的折射率約為0.67 B．楊氏干涉實驗中觀察到了明暗條紋，證明光是一種波，如果用激光進行實驗則效果沒有那么明顯 C．光通過偏振片時，光的振動方向與透振方向的夾角越大，透過的光越弱 D．赫茲在實驗中發(fā)現(xiàn)，當電磁波到達導線環(huán)時，它在導線環(huán)中激發(fā)出感應電動勢，使得導線環(huán)中產生火花，這個導線環(huán)就是一個電磁波檢測器 E．根據相對論的原理，將兩只調整同步的銫原子鐘分別放在地面上和宇宙飛船上，則在地面上的人觀察到宇宙飛船上的銫原子鐘會走得快些 (2)(10分)如圖所示為某機械橫波在空氣中沿x軸正方向傳播的波形圖，已知該波在空氣中的傳播速度為v氣＝330 m/s，在水中的傳播速度為v水＝1 450 m/s. ①該波在空氣中傳播時由圖中的實線位置傳播到虛線位置所需的最短時間是多少？ ②如果這列波傳播到水面后進入水中傳播，則在水中該波的波長和頻率分別是多少？ 解析：(1)根據光的折射定律可知，兩種介質之間的相對折射率互為倒數(shù)，A正確；激光的相干性很好，故其雙縫干涉產生的明暗條紋更明顯，B錯誤；光通過偏振片時，如果光的振動方向與透振方向平行，則透過的光最強，如果垂直則全部被擋住，故光的振動方向與透振方向的夾角越大，透過的光越弱，C正確；赫茲就是用這個實驗證實了電磁波的存在，D正確；根據時間間隔的相對性，在宇宙飛船上的銫原子鐘與在地面上的銫原子鐘相比，經過相同的變化過程，在地面上的人觀察到宇宙飛船上的銫原子鐘會經歷更長的時間，故在地面上的觀察到宇宙飛船上的銫原子鐘會走得慢些，E錯誤． (2)①由題圖可知，該波由實線位置傳播到虛線位置的最短位移為Δx＝λ(2分) 故該波在空氣中傳播時由題圖中的實線位置傳播到虛線位置所需的最短時間為 Δt＝＝ s≈0.001 7 s(2分) ②根據波速、波長和頻率的關系可得，該波在空氣中傳播時的頻率為f氣＝＝ Hz＝440 Hz(2分) 根據機械波在不同介質中傳播時的頻率不變，故該波在水中傳播時的頻率為f水＝f氣＝440 Hz(2分) 則這列波在水中傳播時的波長為λ水＝≈330 cm(2分) 答案：(1)ACD　(2)①0.001 7 s?、?30 cm　440 Hz 35．[物理——選修3－5](15分) (1)(5分)如圖所示為氫原子的能級示意圖，已知金屬鎢的逸出功為4.54 eV，則下列說法正確的是________．(填正確答案標號．選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分．每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．由n＝4能級向基態(tài)躍遷時，輻射出的光子中有3種能使金屬鎢發(fā)生光電效應現(xiàn)象 B．用能量為3 eV的光子照射n＝2能級的氫原子時，該氫原子可能躍遷到n＝3能級 C．用動能為3 eV的電子轟擊n＝2能級的氫原子時，該氫原子可能躍遷到n＝3能級 D．用能量為12.09 eV的光子照射大量處于基態(tài)的氫原子后，只能向外輻射一種光子 E．氫原子處于不同的狀態(tài)時，核外電子以不同的電子云呈現(xiàn) (2)(10分)如圖所示，高為h的光滑三角形斜劈固定在水平面上，其與水平面平滑對接于C點，D為斜劈的最高點，水平面的左側A點處有一豎直的彈性擋板，質量均為m的甲、乙兩滑塊可視為質點，靜止在水平面上的B點，已知AB＝h、BC＝3h，滑塊甲與所有接觸面的摩擦均可忽略，滑塊乙與水平面之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5.給滑塊甲一水平向左的初速度，經過一系列沒有能量損失的碰撞后，滑塊乙第一次恰好滑到斜劈的最高點D處，重力加速度用g表示．求： ①滑塊甲的初速度v0的大?。? ②滑塊乙最終靜止的位置與C點的距離． 解析：(1)由光電效應的產生條件可知，只有當光子的能量大于金屬的逸出功時，該金屬才能產生光電效應現(xiàn)象，由氫原子的能級示意圖以及躍遷規(guī)律分析可知，從能級4到1、3到1和2到1輻射出的光子能使金屬鎢發(fā)生光 電效應現(xiàn)象，A正確；氫原子由n＝2能級躍遷到n＝3能級時，需要吸收的能量應等于該能級的能量差，因此照射該氫原子的光子的能量應等于1.89 eV，B錯誤；用動能為3 eV的電子轟擊處于n＝2能級的氫原子，氫原子可能吸收1.89 eV的能量，從而躍遷到n＝3能級，C正確；用能量為12.09 eV的光子照射基態(tài)的氫原子，氫原子吸收12.09 eV的能量后躍遷到n＝3的激發(fā)態(tài)，根據C＝3可知，氫原子向基態(tài)躍遷時能向外輻射3種不同頻率的光子，D錯誤；氫原子處于不同的狀態(tài)時，核外電子以不同的電子云呈現(xiàn)，E正確． (2)①由于滑塊甲、乙碰撞時無能量損失，根據能量守恒定律得mv＝mv＋mv(1分) 甲、乙碰撞時根據動量守恒定律得 mv0＝mv甲＋mv乙(2分) 由以上兩式解得v乙＝v0(1分) 即滑塊甲、乙碰撞的過程中速度互換，且每次碰撞都發(fā)生在B點 由于滑塊乙剛好滑到斜劈的最高點D處，則對滑塊乙由B點到D點的過程，根據動能定理得 －μmg3h－mgh＝0－mv(2分) 解得v0＝(1分) ②設滑塊乙在B、C間運動的總路程為x，對滑塊乙由B點開始運動到最終靜止的過程，根據動能定理得 －μmgx＝0－(2分) 解得x＝5h＝3h＋2h，故滑塊乙最終停在C點左側與C點距離為2h(1分) 答案：(1)ACE　(2)①?、贑點左側距C點2h處