2019-2020年高三物理二輪復習 考前沖刺 重點知識回顧 電路與電磁感應.doc
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2019-2020年高三物理二輪復習 考前沖刺 重點知識回顧 電路與電磁感應 1.如圖所示,一邊長為a的正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場,導體環(huán)N為正方形的外接圓,垂直磁場放置,導體環(huán)M與導體環(huán)N為同心圓,兩環(huán)所用材料相同,兩導體環(huán)的半徑關系為=.當磁場的磁感應強度隨時間均勻減小時,兩導體環(huán)中產(chǎn)生的感應電流的關系為( ) A.=1 B.=2 C.= D.= 解析:選D.兩導體環(huán)的半徑不同,它們所包圍的面積不同,但任一時刻穿過它們的磁通量均為穿過磁場所在區(qū)域面積上的磁通量,即任一時刻穿過兩導體環(huán)包圍面上的磁通量是相等的,所以兩導體環(huán)包圍面上的磁通量變化率是相等的,兩導體環(huán)中產(chǎn)生的感應電動勢相等,由兩導體環(huán)的半徑關系可知兩導體環(huán)的電阻關系為=,故=. 2.如圖甲所示,R為電阻箱,A為理想電流表,電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r.圖乙為電源的輸出功率P與電流表示數(shù)I的關系圖象,其中功率P0分別對應電流I1、I2,外電阻R1、R2.下列說法中正確的是( ) A.I1+I2> B.I1+I2= C.> D.< 解析:選B.由閉合電路歐姆定律得U=E-Ir,輸出功率為P=UI=EI-I2r,故有EI1-Ir=EI2-Ir,整理得I1+I2=,故選項A錯誤、B正確;根據(jù)電功率表達式有P0=IR1=IR2,且I=,則有2R1=2R2,整理得R1R2=r2,故選項C、D錯誤. 3. 如圖為一具有理想邊界的勻強磁場,勻強磁場的邊界為平行的豎直線AB、MN,方向垂直紙面向里,邊界的寬度為l,有一半徑為的導體圓環(huán)(環(huán)面與磁場方向垂直)由圖中位置以速度v勻速向右穿過該勻強磁場.則下列說法正確的是( ) A.導體環(huán)中產(chǎn)生的感應電流先增大后減小 B.導體環(huán)中產(chǎn)生的感應電流方向先逆時針后順時針 C.導體環(huán)所受安培力的方向先向左后向右 D.導體環(huán)在進入勻強磁場的過程中產(chǎn)生的平均感應電動勢為πBlv 解析:選B.在導體環(huán)進入磁場的過程中,通過導體環(huán)的磁通量逐漸增大,根據(jù)楞次定律可知感應電流的方向為逆時針方向,感應電動勢E=Blv,有效長度先增大后減小,所以感應電流先增大后減小,同理出磁場過程中感應電流的方向為順時針方向,感應電流先增大后減小,選項A錯誤,B正確;根據(jù)左手定則可以判斷,進磁場和出磁場過程中導體環(huán)所受安培力的方向都向左,選項C錯誤;進入磁場過程中感應電動勢的平均值==πBlv,選項D錯誤. 4.在如圖甲所示的電路中,有一理想的降壓變壓器,其匝數(shù)比為3∶1,一額定功率為6 W 9 V的燈泡L1與變壓器的原線圈串接,在變壓器的副線圈兩端并聯(lián)接入三個與L1完全相同的燈泡L2、L3、L4,兩個理想的交流電表按如圖的方式接入電路中,已知理想變壓器原線圈兩端的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示.則下列說法正確的是( ) A.m、n兩點間所加電壓的瞬時值為umn=27sin 100πt(V) B.L1、L2、L3、L4均正常發(fā)光 C.只有L2、L3、L4正常發(fā)光 D.整個電路消耗的總功率為18 W 解析:選B.由原線圈兩端的電壓隨時間變化的規(guī)律可知電壓的有效值為27 V,則副線圈兩端的電壓為9 V,副線圈電路中的三只燈泡均能正常發(fā)光.電流表的讀數(shù)為I=3 A=2 A,原線圈中的電流為2 A= A,所以原線圈中的燈泡也能正常發(fā)光,m、n兩點間電壓的瞬時值表達式為umn=36sin 100πt(V),A、C錯誤,B正確;由于四個燈泡都正常發(fā)光,故整個電路消耗的總功率為P=46 W=24 W,D錯誤. 5. 如圖所示,電燈L1標有“10 V 10 W”字樣,電燈L2標有“8 V 10 W”字樣,滑動變阻器的總電阻為6 Ω,電源內(nèi)阻不可忽略,當滑片由a端向b端滑動的過程中(不考慮燈絲電阻的變化) ( ) A.電流表示數(shù)一直減小,電壓表示數(shù)一直增大 B.電流表示數(shù)一直增大,電壓表示數(shù)一直減小 C.電流表示數(shù)先增大后減小,電壓表示數(shù)先減小后增大 D.電流表示數(shù)先減小后增大,電壓表示數(shù)先增大后減小 解析:選D.由P=可得電燈L1的電阻R1=10 Ω,電燈L2的電阻R2=6.4 Ω,當滑動變阻器滑片滑動到上面部分電阻為1.2 Ω、下面部分電阻為4.8 Ω的位置時,兩支路電阻相等,并聯(lián)電阻最大,干路電流最小,路端電壓最大,所以當滑片由a端向b端滑動的過程中,電流表示數(shù)先減小后增大,電壓表示數(shù)先增大后減小,選項D正確. 6. 如圖所示,在虛線MN的右側(cè)存在著垂直紙面向里的勻強磁場,邊長為a的正三角形金屬線框平行紙面放置,t=0時刻,頂點恰好在磁場的左邊界上,一邊平行磁場邊界MN.現(xiàn)令該金屬線框勻速進入磁場區(qū)域,則線框中產(chǎn)生的感應電動勢E、電流I、所施加的外力F、安培力做功的功率P隨時間t的變化關系的圖象中正確的是( ) 解析:選B.設磁場的磁感應強度大小為B,正三角形金屬線框在進入磁場的過程中,其切割磁感線的有效切割長度為d,線框勻速運動的速度為v,線框的總電阻為R.則有d=t,產(chǎn)生的感應電動勢為E=Bdv=t∝t,因此選項A錯誤;而電流I==t∝t,選項B正確;由于線框勻速進入磁場,所以所施加的外力等于線框受到的安培力,即F=BId=Bd=t2∝t2,所以選項C錯誤;由于安培力大小與外力F大小相等,所以安培力做功的功率與外力F做功的功率相等,即P=Fv∝t2,選項D錯誤. 7. (多選)如圖所示,兩根等高光滑的圓弧軌道,半徑為r、間距為L,軌道電阻不計.在軌道頂端連有一阻值為R的電阻,整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中,磁感應強度為B.現(xiàn)有一根長度稍大于L、電阻不計的金屬棒從軌道最低位置cd開始,在拉力作用下以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運動至ab處,則該過程中( ) A.通過R的電流方向為由外向內(nèi) B.通過R的電流方向為由內(nèi)向外 C.R上產(chǎn)生的熱量為 D.流過R的電量為 解析:選AC.由右手定則可以判斷cd中的電流由c到d,故通過R的電流由外向內(nèi),A正確、B錯誤;金屬棒在運動過程中的電動勢e=BLv0cos(t),金屬棒切割磁感線產(chǎn)生正弦交變電流的有效值I=,在四分之一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q=I2R=,C正確;平均電動勢=,平均電流=,通過R的電荷量=Δt=,聯(lián)立三式得通過R的電荷量q==,D錯誤. 8. 如圖所示,間距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ與水平面夾角為30,上端N、Q間連接一阻值為R的電阻,電阻值也為R的金屬棒與導軌接觸良好,垂直導軌放置,ab、cd間距離為,cd以下存在垂直導軌平面向下的勻強磁場(磁感應強度大小未知),現(xiàn)在施加一個平行斜面向下的恒力F,F(xiàn)的大小是棒重力的一半,當棒剛通過cd時突然只將拉力反向(大小不變),已知整個過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為Q,金屬棒所受安培力的最大功率為P,重力加速度為g,求: (1)金屬棒的質(zhì)量m; (2)磁感應強度B的大??; (3)金屬棒離cd的最大距離x. 解析:(1)金屬棒從靜止開始在磁場外勻加速運動,距離為,根據(jù)牛頓第二定律:有F+mgsin 30=ma1 而F=mg,聯(lián)立解得a1=g 所以金屬棒進入磁場時的速度滿足v2=2a1, 即v= 進入磁場瞬間拉力反向后,金屬棒所受合力等于其所受的安培力,金屬棒向下做加速度減小的減速運動,最后靜止,由動能定理知WG-WF-W安=0-mv2 所以WG=mgxsin θ=WF 由功能關系知Q總=W安,由串聯(lián)規(guī)律知Q總=2QR=2Q 聯(lián)立解得m=. (2)由題意知金屬棒剛進入磁場時所受安培力的功率最大, 即P=FAv 而FA=BIL= 聯(lián)立解得B=. (3)金屬棒剛進入磁場時所受安培力滿足FA=BIL==ma 令經(jīng)微小段時間Δt,則有Δx=vΔt,a= 代入上式并化簡得=mΔv,由累積法知=mv 代入B和m并化簡得x=. 答案:(1) (2) (3)- 配套講稿:
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