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2019-2020年高中數(shù)學(xué)競(jìng)賽教材講義 第十八章 組合
一、方法與例題
1.抽屜原理。
例1 設(shè)整數(shù)n≥4,a1,a2,…,an是區(qū)間(0,2n)內(nèi)n個(gè)不同的整數(shù),證明:存在集合{a1,a2,…,an}的一個(gè)子集,它的所有元素之和能被2n整除。
[證明] (1)若n{a1,a2,…,an},則n個(gè)不同的數(shù)屬于n-1個(gè)集合{1,2n-1},{2,2n-2},…,{n-1,n+1}。由抽屜原理知其中必存在兩個(gè)數(shù)ai,aj(i≠j)屬于同一集合,從而ai+aj=2n被2n整除;
(2)若n∈{a1,a2,…,an},不妨設(shè)an=n,從a1,a2,…,an-1(n-1≥3)中任意取3個(gè)數(shù)ai, aj, ak(ai,
0)不被n整除,考慮n個(gè)數(shù)a1,a2,a1+a2,a1+a2+a3,…,a1+a2+…+an-1。
ⅰ)若這n個(gè)數(shù)中有一個(gè)被n整除,設(shè)此數(shù)等于kn,若k為偶數(shù),則結(jié)論成立;若k為奇數(shù),則加上an=n知結(jié)論成立。
ⅱ)若這n個(gè)數(shù)中沒(méi)有一個(gè)被n整除,則它們除以n的余數(shù)只能取1,2,…,n-1這n-1個(gè)值,由抽屜原理知其中必有兩個(gè)數(shù)除以n的余數(shù)相同,它們之差被n整除,而a2-a1不被n整除,故這個(gè)差必為ai, aj, ak-1中若干個(gè)數(shù)之和,同?。┛芍Y(jié)論成立。
2.極端原理。
例2 在nn的方格表的每個(gè)小方格內(nèi)寫(xiě)有一個(gè)非負(fù)整數(shù),并且在某一行和某一列的交叉點(diǎn)處如果寫(xiě)有0,那么該行與該列所填的所有數(shù)之和不小于n。證明:表中所有數(shù)之和不小于。
[證明] 計(jì)算各行的和、各列的和,這2n個(gè)和中必有最小的,不妨設(shè)第m行的和最小,記和為k,則該行中至少有n-k個(gè)0,這n-k個(gè)0所在的各列的和都不小于n-k,從而這n-k列的數(shù)的總和不小于(n-k)2,其余各列的數(shù)的總和不小于k2,從而表中所有數(shù)的總和不小于(n-k)2+k2≥
3.不變量原理。
俗話說(shuō),變化的是現(xiàn)象,不變的是本質(zhì),某一事情反復(fù)地進(jìn)行,尋找不變量是一種策略。
例3 設(shè)正整數(shù)n是奇數(shù),在黑板上寫(xiě)下數(shù)1,2,…,2n,然后取其中任意兩個(gè)數(shù)a,b,擦去這兩個(gè)數(shù),并寫(xiě)上|a-b|。證明:最后留下的是一個(gè)奇數(shù)。
[證明] 設(shè)S是黑板上所有數(shù)的和,開(kāi)始時(shí)和數(shù)是S=1+2+…+2n=n(2n+1),這是一個(gè)奇數(shù),因?yàn)閨a-b|與a+b有相同的奇偶性,故整個(gè)變化過(guò)程中S的奇偶性不變,故最后結(jié)果為奇數(shù)。
例4 數(shù)a1, a2,…,an中每一個(gè)是1或-1,并且有S=a1a2a3a4+ a2a3a4a5+…+ana1a2a3=0. 證明:4|n.
[證明] 如果把a(bǔ)1, a2,…,an中任意一個(gè)ai換成-ai,因?yàn)橛?個(gè)循環(huán)相鄰的項(xiàng)都改變符號(hào),S模4并不改變,開(kāi)始時(shí)S=0,即S≡0,即S≡0(mod4)。經(jīng)有限次變號(hào)可將每個(gè)ai都變成1,而始終有S≡0(mod4),從而有n≡0(mod4),所以4|n。
4.構(gòu)造法。
例5 是否存在一個(gè)無(wú)窮正整數(shù)數(shù)列a1,
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2019-2020年高中數(shù)學(xué)競(jìng)賽教材講義
第十八章
組合
2019
2020
年高
數(shù)學(xué)
競(jìng)賽
教材
講義
第十八
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