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2019-2020年高考模擬試卷 物理(第四模擬 )參考答案 1．B根據(jù)玻爾理論氫原子軌道半徑公式rn=n2r1，可知n越大，rn越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤。 氫原子中電子繞核的圓周運(yùn)動(dòng)，由庫(kù)侖力充任向心力，據(jù)庫(kù)侖定律和牛頓第二定律，有 大，所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤。 量子數(shù)n越大，電子離原子核越遠(yuǎn)，電子由近核軌道(n/小)躍遷到離校遠(yuǎn)的軌道(n大)，要克服庫(kù)侖力做功，即電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 2．B、C、D 理想氣體PV/T=恒量，PAVA∶PBVB∶PCVC=3∶6∶5，所以TA∶TB∶TC=3∶6∶5，氣體對(duì)外做功W=-ΔPV，負(fù)號(hào)表示對(duì)外做功，WAB=-3，WB=1 3．C、D 4．C因?yàn)槠桨咫娙萜髦械碾妶?chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，U=Ed，據(jù)題意 E′ 5．C線ba過(guò)原點(diǎn)為等容曲線。故氣體不對(duì)外做功；線bc過(guò)程中，斜率逐漸減小，故V ↑，對(duì)外界做功；c→a，T↓，內(nèi)能↓，vc＞vb=va，故Pc＜Pb=Pa 6．A、D 因?yàn)槊織l導(dǎo)線兩端間距離相等都在垂直磁場(chǎng)的平面內(nèi)，即等效長(zhǎng)度l相同，所以受安培力大小F=BIl均相同，又因?yàn)镕⊥B，所以F都在與B垂直的紙面內(nèi)，并與各等效的I垂直，方向如圖答4-1所示。 7．A、B、C 題目中A、B并沒(méi)給出哪個(gè)在前，哪個(gè)在后，故應(yīng)考慮兩種情況，當(dāng)A在前時(shí)，A、B之間相隔的周期為 8．A、C 根據(jù)光的波長(zhǎng)，波速，頻率的關(guān)系式λ=c/f，在真空中光速c與頻率無(wú)關(guān)，所以f與λ成反比。題意λ1＞λ2，所以f1＜f2，選項(xiàng)A正確 根據(jù)光的折射定律，光由真空射入玻璃 再根據(jù)三棱鏡對(duì)白光的色散實(shí)驗(yàn)，知道頻率小的紅光，在玻璃中的折射角r大。題意單色光1頻率小，折射角r大，所以在玻璃中波速大，選項(xiàng)C正確。同時(shí)由上述公式知n小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。 據(jù)光子的能量公式ε=hf，光子能量與頻率成正比，單色光1的頻率f1小，所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 9．B、D 因?yàn)榇?lián)電路各部分的電壓按電阻正比分。當(dāng)a、b兩端電壓為3伏時(shí)，表G兩端的電壓恰為滿(mǎn)偏電壓，表里流滿(mǎn)偏電流；當(dāng)a、b兩端電壓增為4伏時(shí)，表G兩端的電壓也會(huì)相應(yīng)的增大，只要改變兩部分的電阻比就可改變表G兩端的電壓，采取的辦法可以保持R2不變減小R1，也可以保持R1不變?cè)龃驲2，還可以同時(shí)增大R2減小R1，以達(dá)到保持表G兩端電壓不變，指針仍指滿(mǎn)刻度。 以V3＞V2＞V1 二、 11．該核反應(yīng)方程式為 由ΔE＝Δmc2，得 13．該題應(yīng)用平衡方程來(lái)求解。帶電油滴在電場(chǎng)中，受豎直向下的重力G和豎直向上的電場(chǎng)力F的作用，處于平衡狀態(tài)。 根據(jù)平衡條件ΣF=0，即 當(dāng)帶電油滴電量為1個(gè)基本電荷q=1.610-19庫(kù)時(shí)，兩板電壓最大，為 當(dāng)油滴帶電量為2q，3q，4q時(shí)，兩板電壓分別為2伏、4/3伏、1伏。 14．A 不用稱(chēng)質(zhì)量，用平拋來(lái)確定速度，故選C、D、G，因小球入射的話(huà)，有可能反彈，不好測(cè)初速，故用大球好 15．被P2的像擋住，擋住P1和P2的像，擋住P1、P2的像和P3， 16．B、C、E 電壓表的量程應(yīng)大于6V，為提高精度電流表的量程應(yīng)靠近0.1A，考慮電流的安全性 (2)見(jiàn)圖答4-3 四、 17．可這樣估算： 設(shè)當(dāng)時(shí)的氣溫為t=27℃，t=(273＋27)K=300K。 18．(1)由題意分析可知：金屬棒先向下加速運(yùn)動(dòng)，然后勻速運(yùn)動(dòng)， ε=Blvm, (2)當(dāng)v=3m/s時(shí)，因v＜vm，故金屬棒在加速下降，加速反方向堅(jiān)直向下，且有mg-I′lB=ma， 19．分析、解決本題時(shí)要注意明確兩個(gè)問(wèn)題，一是甲、乙兩車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況：甲、乙兩車(chē)原來(lái)以相同速度同向行駛，在甲剎車(chē)后的一段時(shí)間內(nèi)，甲車(chē)的速度小于乙車(chē)的速度，甲、乙兩車(chē)距離將減??；二是甲、乙兩車(chē)不相撞的條件；當(dāng)乙車(chē)追上甲車(chē)時(shí)，只要乙車(chē)速度恰好減小到與甲車(chē)速度相等，即甲、乙兩車(chē)相對(duì)速度為零，則兩車(chē)不相撞?？傊?，分析本題時(shí)要特別注意物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程及運(yùn)動(dòng)的相對(duì)性。 以地面為參照物。在甲剎車(chē)、乙未剎車(chē)的0.5s內(nèi)，甲車(chē)位移S1和乙車(chē)位移S2分別為 這段時(shí)間內(nèi)甲、乙兩車(chē)間距減小，即 乙車(chē)開(kāi)始剎車(chē)時(shí)，甲、乙兩車(chē)的速度分別為 v1=v0-a1t=16m/s-30.5m/s=14.5m/s v2=v0=16m/s 設(shè)乙車(chē)剎車(chē)后經(jīng)過(guò)Δt時(shí)間，甲、乙兩車(chē)的速度相同，根據(jù)v=v0-at，有 v1-a1Δt=v2-a2Δt 在乙車(chē)開(kāi)始剎車(chē)后這1.5s時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車(chē)的位移分別是 在此過(guò)程中，兩車(chē)之間距離繼續(xù)減小 ΔS2=S′2-S′1=1.125m． 從甲車(chē)開(kāi)始剎車(chē)到乙車(chē)剎車(chē)后兩車(chē)速度相同，乙車(chē)向甲車(chē)靠近的距離為 ΔS=ΔS1+ΔS2=0.375m+1.125m=1.5m． 為保證兩車(chē)不相撞，行駛時(shí)兩車(chē)前后間距至少為1.5m。 20．(1)因?yàn)樵谛∏蛳禄^(guò)程中，由小球和圓槽組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合力為零(但注意系統(tǒng)所受合力并不為零)，且只有小球的重力對(duì)系統(tǒng)做功，所以小球與圓槽所組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，兩個(gè)守恒方程為： mvm-MvM=0　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ① 不僅僅是小球的動(dòng)能。 (2)在此過(guò)程中圓槽在小球的壓力作用下向右做加速度越來(lái)越小的加速運(yùn)動(dòng)，小球到最低點(diǎn)時(shí)，圓槽速度達(dá)最大，由動(dòng)能 定理得，小球?qū)A槽做的功等于圓槽的動(dòng)能增量，即 由于在此過(guò)程中小球和圓槽系統(tǒng)在水平方向動(dòng)員守恒，若設(shè)此過(guò)程中圓槽滑行的距離為s，則動(dòng)量守恒方程為： 21．當(dāng)B不同時(shí)，粒子可以不同半徑做圓周運(yùn)動(dòng)(如圖答4-4所示)，其中兩個(gè)臨界圓軌跡如A、C，由圓A、B可看出，當(dāng)R≥a時(shí)，粒子 =f1/m1=μg=1m/s2． a0t12． 兩木塊位移差Δs=s2-s1=22(m)． 把a(bǔ)0，a2值，v1=a0t1代入上式整理得：t12＋12t1-28=0，得t1=2s． 木塊2末速v2=v1+a2(6-t1)=a0t1+a2(6-t1)=10m/s．